…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版選擇性必修1物理上冊階段測試試卷254考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在光滑水平面上，有兩個小球A、B沿同一直線同向運動（B在前），已知碰前兩球的動量分別為pA=12kg·m/s、pB=13kg·m/s，碰后它們的動量變化分別為ΔpA、ΔpB，下列數值可能正確的是（）A.ΔpA=-3kg·m/s、ΔpB=3kg·m/sB.ΔpA=3kg·m/s、ΔpB=-3kg·m/sC.ΔpA=-24kg·m/s、ΔpB=24kg·m/sD.ΔpA=24kg·m/s、ΔpB=-24kg·m/s2、對于光現象及其應用，下列說法正確的是（）A.用偏振片制作的眼鏡觀看立體電影是利用了光的偏振特性B.醫學上用激光做“光刀”切除腫瘤是利用了激光相干性好的特點C.在光導纖維束內傳送圖像是利用光的衍射現象D.泊松亮斑與小孔成像原理相同3、人們對手機的依賴性越來越強，有些人喜歡躺著看手機，經常出現手機砸到眼晴的情況。如圖所示，若手機質量m=200g，從離人眼約h=20cm的高度無初速掉落，砸到眼睛后經=0.01s手機停止運動，取重力加速度g=10m/s2；下列分析正確的是（）

A.手機對眼睛的作用力大小約為30NB.手機對眼睛的作用力大小約為40NC.全過程手機重力的沖量大小約為0.42N?sD.全過程手機重力的沖量大小約為0.40N?s4、如圖所示；兩名穿著相同冰刀鞋的滑雪者靜止在冰面上。質量小的滑雪者猛推了另一名滑雪者后，質量小的滑雪者（）

A.獲得的初動量小B.獲得的初動能小C.滑行時間長D.滑行距離短5、彈簧振子在光滑水平面上做簡諧運動，在振子向平衡位置運動的過程中（）A.振子所受回復力逐漸增大B.振子位移逐漸增大C.振子速度逐漸減小D.振子加速度逐漸減小6、如圖所示為一列沿軸負方向傳播的簡諧橫波，實線為時刻的波形圖，虛線為時的波形圖，波的周期則：（）

A.波的周期為B.波的速度為C.在時，點到達平衡位置D.在時，點到達波峰位置7、如圖是一列簡諧橫波在某時刻的波形圖，已知該時刻P質點的振動方向沿y軸負方向，且從該時刻起P質點經過0.05s第一次回到平衡位置；下列說法正確的是（）

A.該波的波速是30m/sB.圖像中P點的縱坐標y=5cmC.從該時刻起經過0.1s，Q質點通過的路程是10mD.從該時刻起經過0.1s，P質點通過的路程大于0.1m8、“泰山極頂看日出；歷來被描繪成十分壯觀的奇景。”日出時看到的“太陽”與太陽的實際位置相比（）

A.略高一些B.略低一些C.略近一些D.相同評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、圖甲為一列簡諧橫波在t＝0.10s時的波形圖，P是平衡位置在x＝0.5m處的質點，Q是平衡位置在x＝2.0m處的質點；圖乙為質點Q的振動圖象。下列說法正確的是（）

A.這列波沿x軸正方向傳播B.這列波的傳播速度為20m/sC.從t＝0到t＝0.15s，這列波傳播的距離為3mE.t＝0.15s時，P的加速度方向與y軸正方向相反E.t＝0.15s時，P的加速度方向與y軸正方向相反10、2021年5月15日，天問一號著落器著陸于火星表面。著落器的著陸過程簡化如下：首先在距火星表面高為h處懸停，接著以恒定加速度a豎直下降，下降過程火箭產生的反推力大小恒為F。當四條“緩沖腳”接觸火星表面時，火箭立即停止工作，著落器經時間t速度減至0。已知著落器的質量為m，火星半徑為R（R>>h），萬有引力常量為G。則下列說法正確的是（）

A.火星的質量約為B.火星表面的重力加速度約為C.火箭反推力對著落器所做的功約為D.著落器對火星表面的平均沖擊力大小約為11、如圖所示，兩個質量相等的物體沿相同高度、傾角不同的兩光滑固定斜面由頂端從靜止自由下滑，則兩物體（）

A.到達斜面底端時的動量大小相同B.下滑的過程中重力的沖量相同C.下滑的過程中斜面對物體的彈力的沖量相同D.下滑的過程中合外力的沖量大小相同12、A、B兩球沿同一條直線運動，如圖所示的圖像記錄了它們碰撞前后的運動情況，其中a、b分別為A、B碰撞前的圖像。c為碰撞后它們的圖像。若A球質量為1kg，則B球質量及碰撞過程中系統的機械能損失為（）

A.2kgB.kgC.5JD.J13、如圖所示，在光滑的水平地面上靜止放置一質量為M=1.5kg的木板A,木板上表面粗糙且固定一豎直擋板，擋板上連接一輕質彈簧，當彈簧處于原長時，在彈簧的左端輕放一質量為m=0.9kg的物塊B，現有一顆質量為m0=0.1kg的子彈C以v0=500m/s的速度水平擊中物塊并嵌人其中，該過程作用時間極短，則在A、B、C相互作用的過程中，下列說法中正確的有（）

A.A.C組成的系統動量守恒B.C以及彈簧組成的系統機械能守恒C.子彈擊中物塊B的瞬間對物塊B產生的沖量為45N·sD.彈簧被壓縮到最短時木板的速度為25m/s14、做簡諧運動的物體，其位移隨時間的變化規律為cm，則下列說法正確的是（）A.它的振幅是4cmB.它的周期是0.02sC.它的初相位是D.它在周期內通過的路程可能是cm15、如圖所示為同一地點的兩單擺甲；乙的振動圖像；下列說法中正確的是（）

A.甲擺的振幅比乙擺大，甲的擺長大于乙的擺長B.甲擺的周期等于乙擺的周期C.在時甲擺正經過平衡位置向x軸負方向運動D.在時乙的速率大于甲的速率16、如圖所示，一根張緊的水平彈性長繩上的兩點，一列簡諧橫波沿此長繩向右傳播，某時刻點的位移達到正最大時，點的位移恰為零且向下運動，經過0.5s時點的位移第一次為零；且向下運動，則這簡諧波的波速可能等于（）

A.6.0m/sB.3.0m/sC.1.2m/sD.0.6m/s評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、如圖甲所示為一簡諧橫波，圖乙為波上質點P的振動圖象，P點開始振動時記為0時刻；則：

①振源初始狀態的振動方向為_______（選填“向上”或“向下”）

②若波向右傳播，質點P的加速度將______（選填“增大”或“減小”）

③若P點振動的振幅為A，則從t=0時刻開始，經過周期，質點P經過的路程為_______A18、動量定理。

（1）內容：物體在一個過程中所受力的沖量等于它在這個過程始末的___________。

（2）表達式：I=p′-p或F（t′-t)=___________。19、判斷下列說法的正誤：

（1）物體質量不變時，運動的速度變化，其動量一定變化。（______）

（2）做勻速圓周運動的物體動量不變。（______）

（3）動量越大的物體，其速度越大。（______）

（4）物體的動量越大，其慣性也越大。（______）20、由教材第3頁小車碰撞實驗中記錄的數據知：兩小車碰撞前后，動能之和___________（填“相等”或“不相等”），質量與速度的乘積之和___________。21、簡諧運動的位移和時間的關系可以用正弦曲線或余弦曲線來表示，若以x代表質點對于平衡位置的位移，t代表時間，則x=Asin（ωt＋）

a：公式中的A代表___________。

b：ω叫做圓頻率，它與頻率f之間的關系為：___________。

c：公式中的ωt+表示___________。

d：t=0時的相位叫做___________，簡稱初相。22、波的反射和折射。

（1）反射現象：波遇到介質界面會___________原介質繼續傳播的現象。

（2）折射現象：波從一種介質___________另一種介質時，波的___________發生改變的現象。23、在光的折射現象中，光路是______的．評卷人得分四、作圖題(共2題，共14分)24、向水面上扔一個石塊，形成如圖所示的波形，已知相鄰實線間的距離等于一個波長，不考慮水波的反射，試大致畫出水波通過圖甲的孔和以及遇到圖乙中障礙物和之后的傳播情況。

25、圖中的橫波正在沿軸的正方向傳播，波速為分別畫出經過和時刻的兩個波形圖。

評卷人得分五、解答題(共2題，共6分)26、高空雜技表演中，固定在同一懸點的兩根長均為L的輕繩分別系著男、女演員，他們在同一豎直面內先后從不同高度相向無初速擺下，在最低點相擁后，恰能一起擺到男演員的出發點。已知男、女演員質量分別為M、m，女演員的出發點與最低點的高度差為重力加速度為g，不計空氣阻力，男；女演員均視為質點。

（1）求女演員剛擺到最低點時對繩的拉力大小；

（2）若兩人接著從男演員的出發點一起無初速擺下，到達最低點時男演員推開女演員，為了使女演員恰能回到其最初出發點，男演員應對女演員做多少功？27、圖示為用玻璃做成的一塊棱鏡的截面圖，其中ABOD是矩形，OCD是半徑為R的四分之一圓弧，圓心為O．一條光線從AB面上的某點入射，入射角θ1＝45°，它進入棱鏡后恰好以臨界角射在BC面上的O點；光路圖如圖所示，求：

①求該棱鏡的折射率n；

②求光線在該棱鏡中傳播的速度大小v（已知光在空氣中的傳播速度c＝3.0×108m/s）．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

BD．對于碰撞問題要遵循三個規律：動量守恒定律、碰后系統的機械能不增加、碰撞過程要符合實際情況。本題屬于追及碰撞，碰前，后面小球的運動速度一定要大于前面小球的運動速度（否則無法實現碰撞）。碰后，前面小球的動量增大，后面小球的動量減小。減小量等于增大量，所以ΔpA<0，ΔpB>0，并且ΔpA=-ΔpB

據此可排除選項B；D；BD錯誤；

AC．若ΔpA=-24kg·m/s、ΔpB=24kg·m/s，碰后兩球的動量分別為pA=-12kg·m/s，pB=37kg·m/s，根據關系式Ek=可知；A球的質量和動量大小不變，動能不變，而B球的質量不變，動量增大，所以B球的動能增大，這樣系統的機械能比碰前增大了，選項C可以排除；經檢驗，只有選項A中的數值滿足碰撞所遵循的三個原則，A正確，C錯誤。

故選A。2、A【分析】【詳解】

A．用偏振片制作的眼鏡觀看立體電影是利用了光的偏振特性；A正確；

B．醫學上用激光做“光刀”切除腫瘤是利用了激光能量大的特點；B錯誤；

C．在光導纖維束內傳送圖像是利用光的全反射現象；C錯誤；

D．泊松亮斑是光的衍射現象；小孔成像是光的直線傳播現象，泊松亮斑與小孔成像原理不相同，D錯誤。

故選A。3、C【分析】【分析】

【詳解】

AB．手機自由下落h時的速度為

手機與眼相互作用過程，以豎直向下為正方，據動量定理可得

解得手機受到的作用力大小為

由牛頓第三定律可知；手機對眼睛的作用力大小約為42N，AB錯誤；

CD．手機自由下落時間為

全過程手機重力的沖量大小為

C正確；D錯誤。

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．由于兩人互推的過程；系統內力遠大于外力，系統動量守恒，互推前兩運動員組成的系統總動量為零，由動量守恒定律可知，互推后，兩人的動量大小相等，A錯誤；

B．設推出后任一運動員的動量大小為p，運動員的質量為m，則動能為

可知；質量小的獲得的動能大，B錯誤；

C．設推出后任一運動員的動量大小為p，運動員的質量為m，取速度方向為正方向，根據動量定理得

解得滑行時間為

由于相等；則質量小的運動員滑行時間長，C正確；

D．互推后，對運動員，根據動能定理得

解得互推后運動員滑行的距離為

由于相等；則質量大的運動員滑行距離短，D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

回復力與位移成正比；在振子向著平衡位置運動的過程中回復力減小，A錯誤；振子的位移指由平衡位置指向振動物體所在位置的有向線段，因而向平衡位置運動時位移逐漸減小，B錯誤；物體向著平衡位置運動時，回復力與速度方向一致，故物體的速度逐漸增大，C錯誤．由牛頓第二定律a=F/m可知，加速度也減小，D正確；故選D．

點睛：本題考查根據振動特點分析物體振動過程的能力．在振動過程中，這三個量大小變化情況是一致的：回復力、加速度和位移．6、D【分析】【詳解】

A．由題，簡諧橫波沿x軸負方向傳播，波的周期T＞0.6s，則知得T=0．8s．故A錯誤；

B．由圖知；波長λ=8m，則波速v=λ/T=10m/s．故B錯誤；

CD．波傳播的距離為5m，根據波形的平移法得知，t=0時刻x=10m處的波峰傳到Q點，Q點到達波峰位置．故C錯誤；D正確．

【點睛】

本題主要考查了機械波、波長、頻率和波速的關系、橫波的圖象．是難度較大的題目本題運用波形的平移法分析時間與周期的關系，得到周期，并根據時間與周期的關系，分析質點Q的狀態．7、D【分析】【分析】

【詳解】

A．由于P質點的振動方向沿y軸負方向，因此該波向右傳播，當P點運動到平衡位置時，波向右傳播了0.5m，因此波速

A錯誤；

B．圖像中P點的縱坐標

B錯誤；

C．根據

可知該波的振動周期

從該時刻起經過0.1s，Q質點恰好回到平衡位置，通過的路程是0.10m；而P質點通過的路程為

C錯誤；D正確。

故選D。8、A【分析】【詳解】

太陽光從真空進入大氣；入射角大于折射角，折射光線的反向延長線交點為看到的太陽位置，比太陽的實際位置略高；略遠。

故選A。二、多選題(共8題，共16分)9、B:C:E【分析】【詳解】

A．在t＝0.10s時Q質點處在振幅最大位置，朝y軸負方向振動，故該簡諧波沿x軸負方向傳播；故A錯誤；

B．由圖像可知，該波的波長為周期為故該波的傳播速度為

故B正確；

C．由可知，在t＝0到t＝0.15s內該波的傳播距離為

故C正確；

D．t＝0.10s到t＝0.15s內，質點P不是由平衡位置或者最大振幅處開始運動，故內的位移不等于振幅；故D錯誤；

E．t＝0.15s時，P的位移為正，故加速度為負，即P的加速度方向與y軸正方向相反；故E正確；

故選BCE。10、A:D【分析】【詳解】

AB．加速下降過程

解得火星表面的重力加速度

對火星表面的物體

解得火星的質量

選項A正確；B錯誤；

C．火箭反推力對著落器所做的功約為

選項C錯誤；

D．著落器落在火星表面時，設向上為正方向，由動量定理

其中

解得

選項D正確。

故選AD。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據機械能守恒定律可知；兩物體到達斜面底端時的速度大小相等，則末動量大小相等，故A正確；

B．根據運動學公式和牛頓運動定律分析得知，物體在相同高度沿傾角不同的兩個光滑斜面從頂端由靜止自由滑下，G相同，運動時間不等，由

知重力的沖量不同；故B錯誤；

C．斜面對物體的彈力方向垂直于斜面；因為斜面傾角不同，所以兩次彈力方向不同，沖量是矢量，所以下滑的過程中斜面對物體的彈力的沖量不同，故C錯誤；

D．根據動量定理得到合外力的沖量等于物體動量的變化量；而初動量為零，物體滑到斜面底端時的動量大小相等，即物體下滑過程中，合外力的沖量大小相同，故D正確。

故選AD。12、B:C【分析】【詳解】

由圖像可知碰撞前A、B兩球都做勻速直線運動

碰撞后二者粘在一起做勻速直線運動

碰撞過程中動量守恒，即mAva＋mBvb=（mA＋mB）vc

解得

碰撞過程損失的機械能

故選BC。13、A:C【分析】【詳解】

A、水平地面光滑，A、B、C組成的系統所受合外力為零，系統動量守恒，故A正確；

B、子彈擊中木塊過程系統要克服摩擦力做功，機械能有損失，因此A、B、C與彈簧組成的系統機械能不守恒，故B錯誤；

C、子彈擊中物塊的過程中子彈與物塊組成的系統動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m0v0=（m+m0）v，解得：v=50m/s，子彈擊中物塊B的瞬間對物塊B產生的沖量：I=△p=mv-0=0.9×50=45N?s，故C正確；

D、彈簧被壓縮到最短時，A、B、C的速度相等，A、B、C系統動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m0v0=（m+m0+M）v′，解得：v′=20m/s，彈簧被壓縮到最短時木板的速度為20m/s，故D錯誤；

故選AC。14、B:D【分析】【詳解】

ABC．根據表達式可知物體的振幅為

周期為

初相位為

故AC錯誤；B正確；

D．根據三角函數知識可知當物體從相位為的時刻運動至相位為的時刻所經歷的時間為且此時間內物體運動的路程為

故D正確。

故選BD。15、B:C:D【分析】【詳解】

AB．甲擺的振幅比乙擺大，甲的周期等于乙的周期，根據

可知；甲的擺長等于乙的擺長，選項A錯誤，B正確；

C．在時甲擺正經過平衡位置向x軸負方向運動；選項C正確；

D．在時乙在平衡位置；速率最大，甲在離平衡位置最遠處，則此時甲的速度為零，即此時乙的速率大于甲的速率，選項D正確。

故選BCD。16、A:C【分析】【詳解】

ABCD．根據波形圖可知

解得

簡諧波的周期

所以波速

代入驗證；可知，AC正確，BD錯誤。

故選AC。三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

①[1]．由題可知，P點的起始振動方向為向上；故而振源的起始振動方向為向上；

②[2]．若波向右傳播，則P點的振動向上；遠離平衡位置，回復力將增大，故而加速度也將增大；

③[3]．從t=0時刻開始，經過2.5周期內，質點P走過的路程為2×4A+2A=10A。【解析】向上增大1018、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.動量變化量②.mv′-mv19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）動量是矢量；速度大小和方向任意一個發生變化，動量發生變化，故（1）正確；

（2）做勻速圓周運動的物體速度的大小不變；速度方向在不斷改變，則動量也不斷改變，故（2）錯誤；

（3）由動量的表達式。

知動量越大的物體；其速度越不一定大，也可能是質量大，故（3）錯誤；

（4）由動量的表達式。

知動量越大的物體，其質量不一定大，故慣性不一定大，故（4）錯誤。【解析】對錯錯錯20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】不相等基本不變21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]公式中的A代表振動的振幅。

[2]ω叫做圓頻率，它與頻率f之間的關系為ω=2πf

[3]公式中的ωt+表示簡諧運動的相位。

[4]t=0時的相位叫做初相位，簡稱初相。【解析】①.振動的振幅②.ω=2πf③.簡諧運動的相位④.初相位22、略

【分析】【詳解】

（1）當波遇到介質界面會返回原介質繼續傳播的現象叫做反射現象。

（2）當波從一種介質進入另一種介質時，波的傳播方向發生變化的現象叫做折射現象。【解析】返回進入傳播方向23、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】可逆四、作圖題(共2題，共14分)24