…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版必修3物理下冊月考試卷706考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r．將滑動變阻器的滑片P從圖示位置向右滑動的過程中；關于各電表示數的變化，下列判斷中正確的是（）

A.電壓表V的示數變小B.電流表A1的示數變小C.電流表A2的示數變小D.電流表A的示數變大2、在研究微型電動機的性能時，應用如圖所示的實驗電路。當調節滑動變阻器R并控制電動機停止轉動時，電流表和電壓表的示數分別為0.50A和2.0V。重新調節R并使電動機恢復正常運轉；此時電流表和電壓表的示數分別為2.0A和24.0V。則這臺電動機正常運轉時輸出功率為（）

A.32WB.44WC.47WD.48W3、下列說法中正確的是（）A.物體帶電荷量為這是因為失去了個電子B.點電荷就是體積和電荷量都很小的帶電體C.物體所帶電荷量的最小值為D.根據可知，當時，4、下列說法正確的是（）A.由可知，電場中某點的電場強度與試探電荷在該點所受的電場力成正比B.電場中某點的電場強度方向即為負電荷在該點所受的電場力的方向C.真空中點電荷的電場強度表達式E＝中，Q就是產生電場的點電荷D.電場線的方向即為帶電粒子的運動方向5、如圖所示；兩平行的帶電金屬板水平放置．若在兩板中間a點從靜止釋放一帶電微粒，微粒恰好保持靜止狀態．現將兩板繞過a點的軸（垂直于紙面）逆時針旋轉45°，再由a點從靜止釋放一同樣的微粒，改微粒將。

A.保持靜止狀態B.向左上方做勻加速運動C.向正下方做勻加速運動D.向左下方做勻加速運動6、如圖所示，長為L的兩平行金屬板水平放置，接在直流電路中，圖中R為滑動變阻器，一帶電微粒自兩板左側中央以某初速度v0平行于金屬板進入兩板間，若將變阻器的滑片P置于最下端b處，帶電微粒將落在下板上距離左端處，若滑片P與b端間電阻為18Ω，帶電微粒將沿直線運動，若要微粒不打到金屬板上，則滑片P與b端間電阻R的范圍應為（）

A.12Ω＜R＜20ΩB.16Ω＜R＜20ΩC.12Ω＜R＜24ΩD.16Ω＜R＜24Ω7、由電磁理論可知，半徑為R、電流強度為I的單匝環形電流，其中心處的磁感應強度大小其中k為已知常量。正切電流計是利用小磁針的偏轉來測量電流的，如圖所示，在一個豎直放置、半徑為r、匝數為N的圓形線圈的圓心O處，放一個可以繞豎直軸在水平面內轉動的小磁針（帶有分度盤）。該線圈未通電時，小磁針穩定后所指方向與地磁場水平分量的方向一致。調整線圈方位，使其與靜止的小磁針在同一豎直平面內。給線圈通上待測電流后，小磁針偏轉了角。已知儀器所在處地磁場磁感應強度的水平分量的大小為則（）

A.待測電流在圓心O處產生的磁感應強度大小為B.待測電流在圓心O處產生的磁感應強度大小為C.待測電流大小為D.待測電流大小為評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖電路，R為滑動變阻器，R1、R2為定值電阻，電源內阻為r，閉合電鍵K后，電壓表有示數，滑動變阻器滑片，使電壓表示數增大量為ΔU；則此過程中（）

A.滑動變阻器R阻值增大，流過它的電流減小B.電阻R2兩端的電壓減小，變化量等于ΔUC.通過電阻R2的電流減小，變化量小于D.路端電壓一定增大，變化量大于ΔU9、如圖所示，兩根互相平行的長直導線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導線中通有大小不等、方向相反的電流。a、0、b在M、N的連線上，0為MN的中點，c、d位于MN的中垂線上，且a、b；c、d到0點的距離均相等。則下列說法正確的是()

A.0點處的磁感應強度不可能為零B.b點處的磁感應強度不可能為零C.a、b兩點處的磁感應強度大小可能相等，方向相反D.c、d兩點處的磁感應強度大小可能相等，方向相同10、下列關于熱輻射和黑體輻射的說法正確的是（）A.一切物體都在輻射電磁波B.一般物體輻射電磁波的強度與溫度無關C.隨著溫度的升高，黑體輻射強度的極大值向波長較短的方向移動D.黑體能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波11、如圖所示的電路中，已知燈泡L的電阻大于電源內阻r且不變，閉合電鍵S，燈泡有一定亮度。現將滑動變阻器滑片P向左移動一段距離，兩個理想電表的示數都發生變化，電表示數分別用I，U表示，電表示數變化量的絕對值分別用ΔI，ΔU表示；則下列說法正確的是（）

A.電源輸出功率變大B.移動過程中保持不變C.電容器C上電荷量增大D.電流表示數I變大，電壓表示數U變小12、如圖所示，真空中有兩個點電荷和分別固定在x=0和x=6cm的位置。則x坐標軸上電場強度方向沿x負方向的范圍（）

A.x＜0B.0＜x＜6cmC.6cm＜x＜12cmD.x>12cm13、在光滑的水平面內有一沿x軸的靜電場，其電勢隨x坐標值的變化圖線如圖所示。一質量為m，帶電量為q的帶正電小球（可視為質點）從O點以初速度沿x軸正向移動。下列敘述正確的是（）

A.若小球能運動到處，則帶電小球從0運動到的過程中所受電場力不變B.帶電小球從運動到的過程中，電勢能先減小后增大C.若該小球能運動到處，則初速度至少為D.若帶電粒子在運動過程中的最大速度為14、如圖所示，真空中有A、B、C、D四點，它們共線且等距，只在A點放一電荷量為+Q的點電荷時，B點的電場強度為E，而B、C、D三點的電勢分別為8V、4V、若再將等量異號電荷一Q放在D點，則（）．

A.B點電場強度為元方向水平向右B.B點電場強度為方向水平向右C.BC線段的中點電勢為零D.B、C兩點的電勢分別為4V和-4V15、下列說法中，正確的是（）A.電子伏是能量的單位B.1J=1.60×1019eVC.只要是均勻的球形帶電體，不管球的大小，都能被看成點電荷D.帶電體間的距離比它們本身的大小大得多，以至于帶電體的形狀和大小對它們間相互作用力的影響可忽略不計時，帶電體就可以視為點電荷16、如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B相距為d，平行放置并與一電源相連，S閉合后，兩板間恰好有一質量為m、帶電荷量為q的油滴處于靜止狀態；以下說法正確的是（）

A.若將S斷開，則油滴將做自由落體運動，G表中無電流B.若將A向左平移一小段位移，則油滴仍然靜止，G表中有b→a的電流C.若將A向上平移一小段位移，則油滴向下加速運動，G表中有b→a的電流D.若將A向下平移一小段位移，則油滴向上加速運動，G表中有b→a的電流評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、如圖所示，質量為m的帶電小球用絕緣絲線懸掛于O點，并處在水平向左廣大的勻強電場E中，小球靜止時絲線與豎直方向夾角為θ，則小球的帶電量為__________；若剪斷絲線帶電小球將做_________運動．

18、圖示為一個半徑為R的均勻帶電圓環，取環面中心O為原點，以垂直于環面的軸線為x軸，P到O點的距離為2R，質量為m，帶負電且電量為q的小球從軸上P點由靜止釋放，小球經M點（圖中未畫出）時速度最大，運動到Q點時速度為零，Q點在O點上方R處．則圓環在M點的場強大小EM=__________________，P、Q兩點的電勢差UPQ=_________________．

19、定義：導體兩端______與通過導體的______之比。

公式：R＝20、如圖所示，真空中有甲、乙、丙三個完全相同的擺，擺球都帶正電，擺線絕緣。現在甲的懸點放一個負點電荷，在丙所在空間加一豎直向下的勻強電場，從相同高度由靜止開始釋放，則甲、乙、丙做豎直面內的圓周運動，擺到最低點時細線對它們的拉力分別為T1、T2、T3，則它們的大小關系為T1________T2，T2_________T3三者運動到最低點的動能Ek1、Ek2、Ek3的大小關系為Ek1________Ek2；Ek2__________Ek3。（選填“=”；“>”；“<”）

21、量程為0.6A的電流表內阻Rg=60Ω，要把這個電流表的量程擴大成3A，那么應該在Rg上______聯一個電阻R，R的大小應是______Ω。22、某同學改裝電壓表的電路圖如圖所示，圖中虛線框內是電壓表的改裝電路。已知表頭G滿偏電流為200μA，表頭上標記的內阻值為400Ω。R1、R2和R3是定值電阻。利用R1和表頭構成1mA的電流表，然后再將其改裝為兩個量程的電壓表。若使用a、b兩個接線柱，電壓表的量程為1V；若使用a、c兩個接線柱，電壓表的量程為3V。則根據題給條件，定值電阻的阻值應選R1=________Ω，R2=________Ω，R3=________Ω。

評卷人得分四、作圖題(共3題，共12分)23、如圖所示，A、B、C為勻強電場中的三個點，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。試畫出該電場的電場線；并保留作圖時所用的輔助線（用虛線表示輔助線，實線表示電場線）。

24、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

25、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。評卷人得分五、實驗題(共2題，共20分)26、要研究標有“3.8V；1.18W”字樣小燈泡的伏安特性曲線，供選器材有：

A.電壓表（0～3V，內阻約為5kΩ）

B.電壓表（0～15V，內阻約為25kΩ）

C.電流表（量程為200mA，內阻為10Ω）

D.電流表（量程為600mA，內阻約為4Ω）

E.定值電阻（10Ω）

F.滑動變阻器（0～9Ω；1A）

G.電源（6V；內阻約為1Ω）

H.單刀開關一個；導線若干。

（1）某實驗小組設計了甲、乙兩圖，你認為應選__________圖實驗，未選圖的缺陷是____________；

（2）正確實驗作出小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示，當燈兩端電壓為1V時，燈的功率為____________W；

（3）現將該小燈泡與另一完全相同的小燈泡并聯，再與另一定值電阻R串聯，接到電源E兩端，如圖丁所示。電源電動勢E=6V，內阻不計，R=24Ω，則電路穩定時燈泡的功率為____________W（保留三位有效數字）。27、用如圖所示電路測一個充電寶在電量100%時的電動勢E和內電阻r；測量數據如下表：

U/V4.974.924.914.904.86I/A0.911.181.451.551.90

(1)在U-I圖中畫出五組實驗數據所對應的坐標點，請根據這些點做出U-I圖線__________，并由圖線求出：E=_____V，r=____________Ω。（結果保留兩位小數）

(2)某位同學在做實驗過程中，當滑動變阻器滑片在某一位置時，電壓表讀數為U1，電流表讀數為I1；當把滑片移動到另一位置時，電壓表和電流表讀數分別為U2和I2。由此兩組數據可得充電寶的電動勢為E=______________。

(3)第(1)題中用圖像處理多組測量數據求得結果的方案甲，與第(2)題中用兩組數據代入方程求得結果的方案乙相比較，方案_____________可以減小偶然誤差。評卷人得分六、解答題(共1題，共5分)28、如圖所示為真空示波管的示意圖，電子從燈絲K發出（初速度不計），經燈絲與A板間的加速電壓U1加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進入由兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉電場中（偏轉電場可視為勻強電場），電子進入偏轉電場時的速度與電場方向垂直，電子經過偏轉電場偏轉打在熒光屏上的P點，已知M、N兩板間的電壓為U2，兩板間的距離為d，板長為L1，板右端到熒光屏的距離為L2，電子的質量為m，電荷量為e。求：

(1)電子穿過A板時的速度大小；

(2)電子從偏轉電場射出時的側移量y1；

(3)熒光屏上P點到中心位置O點的距離。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】

【詳解】

D.滑動變阻器的滑片P從圖示位置向右滑動；電路總電阻變大，電路中總電流減小，D錯誤；

A.電源的內電壓減小；則電路外電壓變大，A錯誤；

B.R1上電壓變大；則電流變大，B錯誤；

C.由于總電流減小，A1電流增大，則A2電流減小；C正確。

考點：考查閉合電路的動態變化分析。

【點睛】

本題應先明確各用電器間的串并聯關系，可以先把電表看做理想電表，電流表短接，電壓表斷路看待，這可以使電路結構變得簡單2、A【分析】【詳解】

電動機停止轉動時，電動機為一電阻，根據歐姆定律得

正常運轉后，其輸出功率為

故選A。3、C【分析】【詳解】

A．物體帶電荷量為這是因為失去電子的個數為

A錯誤；

B．帶電體能否被看成點電荷主要看該帶電體的形狀；大小以及電荷分布在所研究的問題中能否被忽略；與體積和電荷量的多少沒直接關系，B錯誤；

C．元電荷為最小電荷量，大小為故物體所帶電荷量的最小值為C正確；

D．當時；帶電體不能被看成點電荷，故庫侖定律不適用，D錯誤。

故選C。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．電場強度反映了電場力的性質；所以電場中某點的電場強度只由場源電荷決定，與試探電荷在該點所受的電場力無關，A錯誤；

B．電場中某點的電場強度方向即為正電荷在該點所受的電場力的方向；B錯誤；

C．真空中點電荷的電場強度表達式E＝中，Q就是產生電場的點電荷的電荷量；C正確；

D．電場線的方向即為帶正電粒子的受力方向；不一定是運動方向，D錯誤。

故選C。5、D【分析】【詳解】

現將兩板繞過a點的軸（垂直于紙面）逆時針旋轉時；兩板間的電場強度不變，電場力也不變，所以現將兩板繞過a點的軸（垂直于紙面）逆時針旋轉后，帶電微粒受兩大小相等的力的作用，合力方向向左下方，故微粒將向左下方做勻加速運動，故D正確，A；B、C錯誤．

【考點定位】電容器；電場力，力的平衡．

【方法技巧】本題主要是:要理解這個題目的實質是在二力平衡作用下物體靜止，如果一個力轉動45°，而大小不變，物體會乍樣運動？6、B【分析】【分析】

滑片P位于最下端b；帶電微粒做平拋運動，由平拋運動的規律列出方程；帶電微粒沿直線運動時，電場力和重力平衡；微粒剛好不打在金屬板上，可能從上下極板的邊緣之間射出，根據類平拋運動的規律和牛頓第二定律結合串聯電路的分壓規律求出臨界值，即可得到范圍．

【詳解】

設兩平行金屬板間距為d；由已知得：

當滑片p與b端間電阻為18Ω時，有：

若要微粒剛好不打在金屬板上；應滿足：

或

由以上各式解得：

由串聯電路的分壓規律可求得對應電阻為：

所求R的范圍為16Ω＜R＜20Ω；故B正確，ACD錯誤．

故應選：B．

【點睛】

本題是帶電粒子在電場中類平拋運動和電路問題的綜合，容易出錯的是受習慣思維的影響，求加速度時將重力遺忘，要注意分析受力情況，根據合力求加速度．7、C【分析】【詳解】

AB．由題意知，線圈平面與地磁場水平分量方向一致，又待測電流在圓心O處產生的磁感應強度方向垂直于線圈平面，則與方向垂直，即地磁場磁感應強度的水平分量與的關系如圖所示。

有①

故AB錯誤；

CD．根據題意可知②

可得

故C正確；D錯誤；

故選C。二、多選題(共9題，共18分)8、A:C【分析】【詳解】

A．由電壓表示數增大可知，R與R1并聯部分電阻增大，滑動變阻器電阻增大，電路總電阻增大，電路中電流減小；并聯部分電壓增大，R1為定值電阻，R1中電流變大，滑動變阻器R電流減小；故A正確；

BCD．電路中電流減小，電阻R2兩端電壓減小，路端電壓變大，R2兩端電壓變化量小于ΔU；通過電阻R2的電流減小，變化量小于路端電壓的增大量小于ΔU；故B；D錯誤；C正確。

故選AC。9、A:B【分析】【詳解】

根據右手螺旋定則，M處導線在O點產生的磁場方向豎直向下，N處導線在O點產生的磁場方向豎直向下，合成后磁感應強度不等于0，故A正確。根據右手螺旋定則，M處導線在b點產生的磁場方向豎直向下，N處導線在b點產生的磁場方向豎直向下，合成后磁感應強度不等于0．故B正確；M在a處產生的磁場方向豎直向下，在b處產生的磁場方向豎直向下，N在a處產生的磁場方向豎直向下，b處產生的磁場方向豎直向下，根據場強的疊加知，a、b兩點處磁感應強度大小相等，方向相同。故C錯誤。M在c處產生的磁場方向垂直于cM偏下，在d出產生的磁場方向垂直dM偏下，N在c處產生的磁場方向垂直于cN偏下，在d處產生的磁場方向垂直于dN偏下，但因兩條導線中通有大小不等的電流，根據平行四邊形定則，知c、d兩處的合場強不可能相等。故D錯誤。故選AB。10、A:C:D【分析】【詳解】

AB.我們周圍的一切物體都在輻射電磁波；這種輻射與物體的溫度有關，所以叫做熱輻射，故A正確，B錯誤；

C．隨著溫度的升高；黑體輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，故C正確；

D．如果某種物體能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發生反射；這種物體就是絕對黑體，簡稱黑體，故D正確。

故選ACD。11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由于燈泡L的電阻大于電源內阻r；當滑動變阻器滑片P向左移動時，外電阻大于內阻且增大，如圖所示，由電源輸出功率隨外電阻變化圖象可知，輸出功率變小，A錯誤；

B．把燈泡電阻看成內阻，由路端電壓隨干路電流變化圖象可知

故移動過程中保持不變；B正確；

C．由可知路端電壓增大，電容器兩端電壓等于路端電壓，電容器C上電荷量增大；C正確；

D．滑動變阻器滑片P向左移動一段距離，電阻R增大，總電阻增大，干路電流減小，即電流表示數I減小，滑動變阻器R兩端電壓為

即電壓表示數U增大；D錯誤。

故選BC。12、A:C【分析】【詳解】

A．當時，產生的場強方向向左，大小為

產生的場強方向向右，大小為

可知

恒成立，所以在范圍，電場強度方向沿x負方向；故A正確；

B．當時，產生的場強方向向右，產生的場強方向也向右，所以在范圍，電場強度方向沿x正方向；故B錯誤；

CD．當時，產生的場強方向向右，大小為

產生的場強方向向左，大小為

當

此時合場強為零，求得

即此時

所以當時，產生的場強方向向左，較大，則合場強沿x負方向，當時，產生的場強方向向右，較大，則合場強沿x正方向；故C正確，D錯誤。

故選AC。13、A:D【分析】【詳解】

A．由于φ-x圖象的斜率等于電場強度，則可知小球從O運動到x1的過程中，場強不變，由F=qE

知；粒子所受電場力保持不變，故A正確；

B．正電荷在電勢高處電勢能大，則小球從x1運動到x3的過程中；電勢不斷減少，正電荷的電勢能不斷減少，故B錯誤；

C．若該小球能運動到x4處，則必須能運動到x1處，若小球恰好能運動到x1處，初速度v0最小，從x=0到x1處，根據動能定理得

得

故C錯誤；

D．當帶電粒子運動到x3處時，電場力做正功最大，粒子的速度最大，從x=0到x3處，根據動能定理得qφ0=mvm2-mv02

由題意

得最大速度為

故D正確。

故選AD。14、B:C:D【分析】【詳解】

AB．A、D兩處的點電荷各自在B點處造成的電場強度方向都是水平向右的，而B點處的電場強度為A、D兩處的點電荷各自在B點處造成的電場強度的矢量和．對此有：

方向為水平向右；選項A錯誤，B正確；

CD．A處的正點電荷在B、C、D三點處的電勢分別為8V、4V、D處的負點電荷在A、B、C三點處的電勢分別為-4V、-8V，B、C兩點處的電勢由標量合成法有：

再由對稱性可知，在B、C中點的電勢應為零．選項CD正確；

故選BCD.15、A:D【分析】【詳解】

A．根據

可知；電子伏是功或能量的單位，故A正確；

B．由可知1J=1.60×10-19eV

故B錯誤；

CD．點電荷是一種理想化模型；當帶電體間的距離比它們本身的大小大得多，以至于帶電體的形狀和大小對它們間相互作用力的影響可忽略不計時，帶電體就可以視為點電荷，因此帶電體是否可以視為點電荷要具體問題具體分析，不能僅根據帶電體的體積大小或形狀來分析，故C錯誤，D正確。

故選AD。16、B:C【分析】【詳解】

A．將S斷開；電容器電量不變，板間場強不變，故油滴仍處于靜止狀態，A錯誤；

B．若S閉合，將A板左移，由

可知，E不變，油滴仍靜止，根據

可知，電容C變小，電容器極板電量Q＝CU

變小，電容器放電，則有由b→a的電流；故B正確；

C．將A板上移，則

可知，E變小，油滴應向下加速運動，根據

可知，電容C變小，電容器要放電，則有由b→a的電流流過G；故C正確；

D．當A板下移時，板間電場強度增大，油滴受的電場力增加，油滴向上加速運動，根據

可知，C增大，電容器要充電，則有由a→b的電流流過G；故D錯誤。

故選BC。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由于帶電小球向左偏；所受電場力方向向左，電場線方向也向左，則小球帶正電．分析小球的受力情況，作出受力圖如下圖所示。

根據平衡條件得

得

[2]如果將細線燒斷，小球受到重力和電場力，合力恒定，球沿合力方向即繩子方向向下做勻加速直線運動。【解析】沿繩方向向下做初速度為零的勻加速直線18、略

【分析】【分析】

小球經M點時速度最大，則在M點的加速度為零，根據平衡條件求出M點的場強大小；從P點運動到Q點過程中，根據動能定理可求P、Q兩點的電勢差．

【詳解】

解：小球經M點時速度最大，則在M點的加速度為零，有解得M點的場強大小

從P點運動到Q點過程中，根據動能定理可得P、Q兩點的電勢差【解析】19、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.電壓②.電流20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4]根據動能定理，甲乙兩圖的擺球只有重力做功，重力做功相等，所以到達底端的動能相等，對于丙圖，重力和電場力都做正功，根據動能定理得，知動能最大

根據

則運動到底端的速度關系為

對于甲

對于乙

對于丙

比較可得【解析】①.<②.<③.=④.<21、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]電流表的量程擴大成3A，應并聯分流電阻，R的大小應是【解析】①.并②.1522、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]表頭改裝成量程為I=1mA的電流表，需要并聯的小電阻為

[2]改裝成量程為U1=1V的電壓表，需要串聯的電阻

[3]改裝成量程為U2=3V電壓表，需要串聯的電阻

聯立解得R3=2000Ω【解析】①.100②.920③.2000四、作圖題(共3題，共12分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

連接BC，過A點作BC的平行且與BC線段相等的線段AD，將AD分成兩等份，找出B點的等勢點，即E點，電勢為1