…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津上海版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r，V為電壓表，A為電流表，R0為定值電阻，R為滑動變阻器；開關閉合后，電路正常工作，當滑動變阻器的滑片向左移動時，下列判斷正確的是。

A.電壓表的示數不變B.電流表的示數將增大C.電阻R0上消耗的電功率將增大D.燈泡L將變亮2、氫原子分能級示意圖如題所示；不同色光的光子能量如下表所示．

色光

赤

橙

黃

綠

藍—靛

紫

光子能量范圍（eV）

1.61~2.00

2.00~2.07

2.07~2.14

2.14~2.53

2.53~2.76

2.76~3.10

處于某激發態的氫原子，發射的光的譜線在可見光范圍內僅有2條，其顏色分別為A.紅、藍靛B.黃、綠C.紅、紫D.藍靛、紫3、如圖所示，一定質量的理想氣體由狀態a經過等壓變化到達狀態b，再從狀態b經過等容變化到達狀態c。狀態a與狀態c溫度相等。下列說法正確的是（）

A.氣體在狀態a的溫度大于在狀態b的溫度B.氣體在狀態a的內能等于在狀態c的內能C.從狀態a到狀態b的過程中，外界對氣體做正功D.從狀態b到狀態c的過程中，氣體的內能增加4、如圖所示的是兩直線分別是用同種材料支撐的兩根長度相同的電阻絲的-圖像；下列判斷正確的是（）

A.電阻絲較細B.電阻絲較細C.兩電阻絲的粗細相同D.無法比較5、如圖所示的電路；是用一個靈敏電流計G和一個變阻器R改裝成的量程更大的電表，下列判斷正確的是（）

A.改裝成了電流表，R增大時量程減小B.改裝成了電流表，R增大時量程增大C.改裝成了電壓表，R增大時量程減小D.改裝成了電壓表，R增大時量程增大6、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置,其核心部分是分別與高頻交變電源兩極相連接的兩個D形金屬盒,兩盒間的狹縫中有周期性變化的電場,使粒子在通過狹縫時都能得到加速,兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強磁場中,磁場方向如圖所示．若用此回旋加速器加速質子時,勻強磁場的磁感應強度為B,高頻交變電流頻率為f．則下列說法正確的是()

A.質子被加速后的最大速度與加速電場的電壓大小有關B.高頻電源只能使用方形交變電源,不能使用正弦式交變電源C.不改變B和f,該回旋加速器也能用于加速氦核D.若此加速器能把質子加速到最大速度為v，當外加磁場一定，把高頻交變電源頻率改為f/2，則可把氦核加速到最大速度為v/27、在某控制電路中，需要連成如圖所示的電路，主要由電動勢為E、內阻為r的電源與定值電阻R1、R2及電位器(滑動變阻器)R連接而成，L1、L2是紅、綠兩個指示燈，當電位器的觸頭由弧形碳膜的中點逆時針滑向a端時；下列說法中正確的是()

A.L1、L2兩個指示燈都變亮。

B.L1、L2兩個指示燈都變暗。

C.L1變亮，L2變暗。

D.L1變暗，L2變亮A.B.C.D.8、某粒子A衰變為另外兩種粒子B和C，其中粒子A和B所帶電荷量相等，C不帶電。如圖所示，粒子A沿垂直于磁場的方向射入勻強磁場中，其軌跡為圓弧MP，衰變后產生的粒子B的軌跡為圓弧PN，兩軌跡在P點相切，且半徑之比為粒子C的軌跡未畫出。下列說法正確的是（）

A.粒子A和B都帶正電荷B.粒子B與C的動量大小之比為1：3C.粒子A與B的速度大小之比為2：1D.粒子B與C的質量數之和小于粒子A的質量數9、下列說法正確的是（）

A.圖甲，白光通過三棱鏡發生色散現象是因為三棱鏡對白光中不同頻率的光的折射率不同B.圖乙，肥皂膜上出現彩色條紋是光的衍射現象C.圖丙是紅光的干涉條紋D.圖丙，如果在光源與縫之間放一合適凸透鏡，不改變其他條件，則條紋變密集評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖所示，足夠長的“U”形光滑金屬導軌平面與水平面成θ角(0<θ<90°)，其中MN與PQ平行且間距為L，導軌平面與磁感應強度大小為B的勻強磁場垂直，導軌電阻不計．金屬棒ab由靜止開始沿導軌下滑，并與兩導軌始終保持垂直且接觸良好，ab棒接入電路的部分的電阻為R，當流過ab棒某一橫截面的電荷量為q時，棒的速度大小為v，則金屬棒ab在這一過程中()

A.a點的電勢高于b點的電勢B.ab棒中產生的焦耳熱小于ab棒重力勢能的減少量C.下滑的位移大小為D.受到的最大安培力大小為sinθ11、如圖甲所示，在光滑水平面上的兩個小球1、2發生正碰，兩小球的質量分別為m1和m2．圖乙為它們碰撞前后的位移一時間圖像（x—t圖像）．已知m1=0.1kg；由此可判斷。

A.碰前小球2保持靜止B.碰后小球1和小球2都向右運動C.兩球的碰撞為彈性碰撞D.小球2的質量m2=0.2kg12、下列有關熱現象和內能的說法中正確的是（）A.把物體緩慢舉高，其機械能增加，內能不變B.盛有氣體的容器做加速運動時，容器中氣體的內能必定會隨之增大C.電流通過電阻后電阻發熱，它的內能增加是通過“做功”方式實現的E.分子間引力和斥力相等時，分子勢能最小E.分子間引力和斥力相等時，分子勢能最小13、關于熱現象，下列說法正確的是（）A.分析布朗運動會發現，懸浮的顆粒越小，溫度越高，布朗運動越劇烈B.一定質量的氣體，溫度升高時，分子間的平均距離增大C.分子間的距離r存在某一值r0，當r大于r0時，分子間引力大于斥力，當r小于r0時，分子間斥力大于引力E.溫度升高，一定質量的理想氣體的分子平均動能增大，內能可能保持不變E.溫度升高，一定質量的理想氣體的分子平均動能增大，內能可能保持不變14、如圖所示，abcd是粗細均勻的電阻絲制成的長方形線框，導體MN有電阻，可在ad邊及bc邊上無摩擦滑動，且接觸良好，線框處于垂直紙面向里的勻強磁場中．當MN由靠ab邊外向cd邊勻速移動的過程中，以下說法正確的是

A.MN中電流先增大后減小B.MN兩端電壓先增大后減小C.MN上拉力的功率先減小后增大D.矩形線框中消耗的電功率先減小后增大評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、如圖，電源電動勢E＝10V，內阻r＝0.8Ω，R1＝3.2Ω，當電鍵S斷開時，電阻R2消耗的電功率為4W；電鍵S閉合后，R2和R3的并聯電路消耗的總功率也是4W．則R2＝_______Ω，R3＝_______Ω．

16、裝在容器中的氣體，體積為4升，壓強為2.0×105Pa，溫度是300k，先讓氣體等容變化，壓強增大為原來的2倍，然后讓氣體等溫變化，壓強又降低到原來數值，則氣體在末狀態時的體積為______，溫度為___________17、如圖所示，圖線Ⅰ為一電源的路端電壓隨電流變化的圖線，圖線Ⅱ為一導體兩端電壓和導體中電流的關系圖線，那么電源電動勢為_______V，電源內阻為______Ω，導體電阻為_________Ω

18、（1）關于熱力學定律和分子動理論，下列說法正確的是____．（填選項前的字母）

A．一定量氣體吸收熱量；其內能一定增大。

B.不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體。

C.若兩分子間距離增大；分子勢能一定增大。

D.若兩分子間距離減小；分子間引力和斥力都增大。

（2）空氣壓縮機的儲氣罐中儲有1.0atm的空氣6.0L,現再充入1.0atm的空氣9.0L．設充氣過程為等溫過程，空氣可看作理想氣體，則充氣后儲氣罐中氣體壓強為_____．（填選項前的字母）

A．2.5atmB.2.0atmC.1.5atmD.1.0atm19、盧瑟福的原子核式結構模型認為，核外電子繞原子核做高速的圓周運動．設想氫原子的核外電子繞核做勻速圓周運動，且核外電子離原子核最近的軌道半徑為經典物理學知識認為核外電子受到原子核對它的庫侖力作用而做圓周運動，則氫原子的核外電子在此軌道上運動時的周期為______s，速度為_______m/s．（電子的質量為）評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、解答題(共4題，共32分)23、如圖所示，粗細均勻、橫截面積相等的U形管豎直放置，左管上端封閉，右管上端開口，兩管高度均為右管中有高的水銀柱，水銀柱上表面離管口的距離管底水平段的體積可忽略。環境溫度為大氣壓強現將型管水平放置；使左右兩管均在同一水平面上。求∶

（1）此時水銀柱與大氣相通的表面到管口的距離

（2）再將環境溫度緩慢升高，使水銀柱與大氣相通的表面恰好與管口相平時的環境溫度

24、如圖所示，間距為2l的兩條水平虛線之間有水平方向的勻強磁場，磁感應強度為B．一質量為m、邊長為l、電阻為R的單匝正方形閉合導體線框abcd，從磁場上方某一高度處自由下落，ab邊恰好垂直于磁場方向勻速進入磁場，線框cd邊剛離開磁場區域時的速度與ab邊剛進入磁場區域時的速度相等．重力加速度為g；不考慮空氣阻力．求：

(1)線框開始下落時，ab邊到磁場上邊界的高度h；

(2)線框穿過磁場區域的過程中產生的焦耳熱Q．25、如圖的水平、光滑金屬導軌在同一水平面上，間距分別為L和間距為L的導軌有一小段左右斷開，為使導軌上的金屬棒能勻速通過斷開處，在此處鋪放了與導軌相平的光滑絕緣材料(圖中的虛線框處）．質量為m、電阻為Rl的均勻金屬棒ab垂直于導軌放置在靠近斷開處的左側，另一質量也為m、電阻為R2的均勻金屬棒cd垂直于導軌放置在間距為的導軌左端．導軌MN和PQ、M′N′和P′Q′都足夠長，所有導軌的電阻都不計．電源電動勢為E、內阻不計．整個裝置所在空間有豎直方向的、磁感應強度為B的勻強磁場．閉合開關S，導體棒ab迅即獲得水平向右的速度v0并保持該速度到達斷開處右側的導軌上．求：

(1)空間勻強磁場的方向；

(2)通過電源E某截面的電荷量；

(3)從導體棒ab滑上導軌MN和PQ起至開始勻速運動止，這一過程中棒ab和棒cd組成的系統損失的機械能．26、如圖所示為一交流發電機的原理示意圖，其中矩形線圈的面積為S，匝數為n，線圈的總電阻為r，線圈在磁感強度B的勻強磁場中繞垂直于磁場的轉軸OO'勻速轉動，角速度為．線圈兩端通過兩個電刷與阻值為R的定值電阻連接．

(1)從線圈經過中性面開始計時；寫出線圈中感應電動勢隨時間變化的函數表達式；

(2)求此發電機在上述工作狀態下的輸出功率；

(3)求從線圈經過中性面開始計時，經過周期時間通過電阻R的電荷量．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

把滑動變阻器的滑片向左移動時，變阻器接入電路的電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析電路中總電流I增大，電源的內電壓增大，路端電壓減小，則知電壓表和電流表的示數都將減小，電阻R0上消耗的電功率將減小，而且根據總電流增大，通過電流表的電流減小，可知通過燈L的電流增大，燈泡變亮．綜上分析，D正確，ABC錯誤2、A【分析】【詳解】

如果激發態的氫原子處于第二能級，能夠發出10.2eV的光子，不屬于可見光；如果激發態的氫原子處于第三能級，能夠發出12.09eV、10.2eV、1.89eV的三種光子，只有1.89eV屬于可見光；如果激發態的氫原子處于第四能級，能夠發出12.75eV、12.09eV、10.2eV、2.55eV、1.89eV、0.66eV的六種光子，1.89eV和2.55eV屬于可見光，1.89eV的光子為紅光，2.55eV的光子為藍-靛，A正確．3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．氣體從狀態a到狀態b發生等壓變化，根據蓋-呂薩克定律知，體積增大，溫度升高，所以氣體在狀態b的溫度大于在狀態a的溫度；A錯誤；

B．理想氣體的內能只與溫度有關，a、c兩狀態溫度相等，內能相等，所以氣體在狀態a的內能等于氣體在狀態c的內能；B正確；

C．氣體從狀態a到狀態b；體積變大，氣體對外界做功，外界對氣體左負功，C錯誤；

D．氣體從b到c發生等容變化；壓強減小，溫度降低，內能減小，D錯誤。

故選B。4、A【分析】【詳解】

圖線的斜率表示電阻，圖線1的斜率大于2的斜率，所以a的電阻大于b的電阻，根據電阻定律

知，因長度相同，材料相同，知b的橫截面積大，a的橫截面積小；所以A正確，BCD錯誤。

故選A。5、A【分析】A；改裝成了電流表；R增大時電流表量程減小，故A正確，B錯誤；

C；把電流計改裝成電壓表應給電流計串聯一個分壓電阻；串聯電阻越大，電壓表量程越大，由圖示電路圖可知，電流計與電阻R并聯，改裝后電壓表量程不變，故CD錯誤；

故選A．6、D【分析】【分析】

粒子在磁場中運動時,洛倫茲力提供向心力,滿足運動周期(電場中加速時間忽略不計).對公式進行簡單推導后,便可解此題.

【詳解】

A、根據可知；質子被加速后的最大速度與加速電場的電壓大小無關，故A錯；

B；因為粒子在電場中運動的時間很短,高頻電源能使用矩形交變電流,也能使用正弦式交變電流,此時滿足粒子在電壓最大時進入電場即可；故B錯誤；

C、此加速器加速電場周期加速粒子時兩個周期不同,不能用于加速氦核，故C錯誤；

D、此加速器加速電場周期加速粒子時當外加磁場一定，把高頻交變電源頻率改為f/2，此時回旋加速器可以加速氦核，根據可知氦核的最大速度變為v/2；故D對；

故選D7、B【分析】【詳解】

當電位器向a段滑動時，電路的總電阻減小，干路電流增大，所以內電壓增大，路段電壓減小，所以燈L1變暗；通過電阻R1的電流變大，所以電位器兩端的電壓減小，即通過燈L2兩端的電壓減小，所以燈L2變暗，故ACD錯誤，B正確。故選B。8、B【分析】【詳解】

A．根據左手定則可知兩粒子A和B帶負電；A錯誤；

B．根據公式可得

故

解得

衰變瞬間，A、B、C系統動量守恒，規定豎直向下為正方向，故有

解得

所以

B正確；

C．由于兩者的質量關系未知；所以無法判斷速度數值關系，C錯誤；

D．根據質量數守恒可知粒子B與C的質量數之和等于粒子A的質量數；D錯誤。

故選B。9、A【分析】【詳解】

A；圖甲；白光通過三棱鏡發生色散現象，是因為三棱鏡對白光中不同頻率的光的折射率不同，偏折角不同造成的，故A正確。

B；圖乙；肥皂膜上出現彩色條紋是光的干涉現象，故B錯誤。

C；圖丙條紋寬度亮度不等；是紅光的衍射條紋。故C錯誤。

D、圖丙，如果在光源與縫之間放一合適凸透鏡，因狹縫寬度和光的波長不變，則條紋密集程度不變，故D錯誤。二、多選題(共5題，共10分)10、B:C【分析】【詳解】

根據右手定則知，通過ab棒的電流方向為b到a，則a點的電勢高于b點的電勢，故A錯誤；ab棒下降的過程中，重力勢能的減小量等于動能的增加量以及ab棒產生的焦耳熱之和，B正確；根據得下滑的位移大小為C正確；當導體棒的加速度為零時，速度最大，感應電流最大，安培力最大，即為故D錯誤．11、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由x-t圖像可知；碰前小球2的位移不隨時間變化，處于靜止狀態，A正確；

B．碰后小球2的速度為正方向；說明向右運動，小球1的速度為負方向，說明向左運動，B錯誤；

CD．由圖讀出，碰前小球1速度為v1=4m/s，碰后小球2和小球1的速度分別為v′2=2m/s，v′1=-2m/s，根據動量守恒定律得m1v1=m1v′1+m2v′2

解得m2=0.3kg

由于碰撞前后滿足m1v12=m1v′12+m2v′22

故為彈性碰撞；D錯誤，C正確。

故選AC。12、A:C:E【分析】【詳解】

A．把物體緩慢舉高；外力做功，其機械能增加，由于溫度不變，物體內能不變，選項A正確；

B．物體的內能與物體做什么性質的運動沒有直接關系；選項B錯誤；

C．電流通過電阻后電阻發熱；是通過電流“做功”的方式改變電阻內能的，選項C正確；

DE．根據分子間作用力的特點，當分子間距離等于r0時，引力和斥力相等，不管分子間距離從r0增大還是減小，分子間作用力都做負功，分子勢能都增大，故分子間距離等于r0時分子勢能最小；選項D錯誤，E正確。

故選ACE。13、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．溫度越高；水分子運動越激烈，對懸浮顆粒的沖力越大，布朗運動越劇烈，同時，懸浮顆粒越小，越容易改變運動狀態，A正確；

B．一定質量的氣體；壓強不確定的情況下，溫度升高時，體積不一定增大，故分子間的平均距離不一定增大，B錯誤；

C．分子間的距離r存在某一值r0，當r等于r0時，引力等于斥力，而分子間的引力和斥力都隨分子間距離的增大而減小，由于斥力比引力變化快，所以當r小于r0時，斥力大于引力，當r大于r0時；引力大于斥力，C正確；

D．任一溫度下；氣體分子的速率分布均呈現“中間多；兩頭少”的規律，D正確；

E．溫度升高；分子平均動能增大，由于理想氣體不考慮分子勢能，故內能一定增大，E錯誤。

故選ACD。14、B:C【分析】【詳解】

A．導體棒MN向右運動的過程中，MN相當于電源，產生恒定的感應電動勢，其余部分是外電路，外電阻先增大后減小，當MN運動到線框中線時，外電路的電阻最大．根據閉合電路歐姆定律知MN棒中的電流先減小后增大；故A錯誤；

B．MN兩端電壓是路端電壓，由可知：E、r不變，I先減小后增大，則U先增大后減小；故B正確；

C．MN棒做勻速運動，拉力的功率等于電路中電功率，根據電功率公式得知；拉力的功率先減小后增大．故C正確；

D．根據推論：當外電阻等于電源的內電阻時，電源的輸出功率最大，由于外電阻與MN電阻的關系未知；無法判斷線框消耗的功率如何變化，故D錯誤；

所以BC正確；AD錯誤．

【點睛】

本題是電磁感應與電路的綜合，關鍵抓住線框的總電阻先增大后減小，根據功率公式、歐姆定律等規律進行分析．三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

當電鍵斷開時，電阻與串聯連接到電源上；則有：

解得：

令的電阻為則有：

解得：

由電阻并聯的特點，均舍去。

所以．【解析】1616、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]氣體的狀態參量。

由等容變化；有。

得。

發生等溫變化；壓強又降低到原來的數值，由。

知。

【解析】8L600K17、略

【分析】【詳解】

[1]由圖線Ⅰ可知；當電流為零時，路端電壓等于電源電動勢，則可知電源的電動勢為6V；

[2]內阻為

[3]導體的電阻為【解析】62318、A:D【分析】【分析】

【詳解】

(1)改變內能有熱傳遞和做功；如果吸熱比對外做功要少得話，物體的內能會減小，所以答案A錯；在引起變化的條件下，熱量可以從低溫傳給高溫如空調等所以答案B錯；在分子力為排斥力時距離增大分子勢能減小，答案C錯，正確答案選D.

(2)由等溫變化可知P1（V1+V2）=P2V1，解得故A正確，BCD錯誤．故選A．19、略

【分析】【詳解】

[1]根據庫侖力提供向心力

解得

[2]根據庫侖力提供向心力

解得【解析】四、作圖題(共3題，共18分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖丁；環形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原