…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年蘇科新版選擇性必修1物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示；小球A；B均靜止在光滑水平面上?，F給A球一個向右的初速度，之后與B球發生對心碰撞。下列關于碰后情況，說法正確的是（）

A.碰后小球B一定共速B.若B球發生完全非彈性碰撞，A球質量等于B球質量，A球將靜止C.若B球發生彈性碰撞，A球質量小于B球質量，無論A球初速度大小是多少，A球都將反彈D.若B球發生彈性碰撞，A球質量足夠大，B球質量足夠小，則碰后B球的速度可以是A球的3倍2、我國的光纖通信技術處于世界領先水平．光纖通信采用的光導纖維由內芯和外套組成，其側截面如圖所示，紅光和藍光以相同的入射角從軸心射入光導纖維后分為a、b兩束單色光；下列說法正確的是（）

A.a是藍光，b是紅光B.內芯的折射率比外套大，入射角i由逐漸增大時，b單色光全反射現象先消失C.從空氣射入光導纖維，a、b單色光的波長都變長D.在內芯介質中a單色光的傳播速度比b單色光大3、下列關于動量和沖量的相關說法正確的是（）A.做勻速圓周運動的質點，其動能與動量都保持不變B.跳遠時，跳在沙坑比跳在水泥地上安全，是由于跳在沙坑上的動量變化率比跳在水泥地上小C.作用在靜止物體上的力的沖量一定為零D.物體所受合外力的沖量越大，它的動量也越大4、介質中坐標原點O處的波源在t=0時刻開始振動產生的簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t0時刻剛好傳到P點，波形如圖甲所示。能正確描述x0處質點振動圖像的是（）

A.B.C.D.5、用激光筆沿著半圓形玻璃磚的半徑射到它平直的邊上；在該邊與空氣的界面處會發生反射和折射。觀察到的現象如圖所示，以下說法正確的是（）

A.光線b是入射光B.玻璃磚的折射率C.順時針轉動玻璃磚時，光線b也順時針方向轉D.逆時針轉動玻璃磚時，光線a逐漸減弱最后消失評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、一列簡諧橫波在t=0.1s時波的圖象如圖（a）所示，此時P點的位移為5cm，Q點為平衡位置在x=2m處的質點；圖（b）為質點Q的振動圖象；則。

A.這列簡諧波的傳播速度為20m/sB.這列簡諧波將沿x軸正方向傳播C.在時，質點P位于波峰D.從開始的一小段時間內，質點P速度不斷增大7、圖甲為一列簡諧橫波在t=0.1s時刻的波形圖，Q是平衡位置在x=6m處的質點，圖乙為質點Q的振動圖象。則___________

A.波的傳播方向沿x軸負方向B.波的傳播速度為20m/sC.在t=0.1s時刻與Q相距5m處的質點一定沿x軸正方向運動E.在t~t+0.2s時間內，質點Q通過的總路程為20cmE.在t~t+0.2s時間內，質點Q通過的總路程為20cm8、蹦床運動是我國奧運優勢項目。某運動員在比賽過程中從離繃緊的彈性網面高3.2m處落下，彈起后離彈性網面的最大高度為5m，已知運動員的質量為60kg，與網面的接觸時間為1.2s，重力加速度g=10m/s2，運動員離開網面后，網面形變完全恢復，則運動員與網面接觸過程中（）A.網面對運動員的沖量大小為1080N·sB.網面對運動員的沖量大小為1800N·sC.網面對運動員做功大小為1080JD.網面對運動員做功大小為09、如圖所示，在水平光滑細桿上穿著A，B兩個可視為質點的剛性小球，兩球間距離為L，用兩根長度為L的；不可伸長的輕繩分別與C球連接。已知A、B、C三球質量相等；開始時三球靜止，兩繩伸直，然后同時釋放三球，在A、B兩球發生碰撞之前的過程中，下列說法中正確的是（）

A.A.C三球組成的系統機械能不守恒B.B兩球發生碰撞前瞬間C球速度最大C.B兩球速度大小始終相等D.C三球組成的系統水平方向動量守恒10、甲、乙兩位同學在水平冰面上乘坐“碰碰車”相向運動。甲和車的總質量為80kg，以2m/s的速度向右運動；乙和車的總質量為100kg，以2.5m/s的速度向左運動。碰撞后，甲和車以0.5m/s的速度向左運動，則乙和車的（）A.運動方向向左B.運動方向向右C.速度大小為0.5m/sD.速度大小為1.3m/s11、質量為速度為的A球與質量為的靜止的B球發生正碰．碰撞可能是彈性的，也可能是非彈性的，碰撞后B球的速度大小可能是（）A.B.C.D.12、某橫波在介質中沿軸正方向傳播，t=0時刻，O點開始向y軸正方向運動，經t=0.2s，O點第一次到達正方向最大位移處；某時刻形成的波形如圖所示，下列說法正確的是（）

A.該橫波的波速為5m/sB.質點L與質點N都運動起來后，它們的運動方向總相反C.在0.2s的時間內質點M通過的路程為1mE.圖示波形圖可能是t=1.2s時刻的E.圖示波形圖可能是t=1.2s時刻的評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)13、動量定理。

（1）內容：物體在一個運動過程始末的___________等于它在這個過程中所受___________的沖量。

（2）公式：___________。

（3）動量定理的理解。

（a）動量定理反映了力的沖量與___________之間的因果關系，即合力的沖量是原因，物體的___________是結果。

（b）動量定理中的沖量是___________的沖量；而不是某一個力的沖量，它可以是合力的沖量，可以是各力沖量的矢量和，也可以是外力在不同階段沖量的矢量和。

（c）動量定理表達式是___________式，等號包含了大小相等、方向相同兩方面的含義。14、（1）內容。

如果一個系統不受外力，或者所受外力的___________為0；這個系統的總動量保持不變。

（2）表達式。

a.p=p′或m1v1＋m2v2=___________。系統相互作用前的總動量等于相互作用后的總動量。

b.Δp1=___________；相互作用的兩個物體動量的變化量等大反向。

（3）適用條件。

a.理想守恒：不受外力或所受外力的合力為___________。

b.近似守恒：系統內各物體間相互作用的內力___________它所受到的外力。

c.某一方向守恒：如果系統在某一方向上所受外力的合力為零，則系統在___________動量守恒。

（4）應用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象，確定___________的組成（系統包括哪幾個物體及研究的過程）。

b.進行受力分析，判斷系統動量是否___________（或某一方向上是否守恒）。

c.規定___________，確定初、末狀態___________。

d.由動量守恒定律列出方程。

e.代入數據，求出結果，必要時討論說明。15、如圖（a），在xy平面內有兩個沿z方向做簡諧振動的點波源S1（0，4）和S2（0，-2）。兩波源的振動圖線分別如圖（b）和圖（c）所示。兩列波的波速均為1.00m/s。兩列波從波源傳播到點A（8，-2）的路程差為___________m，兩列波引起的點B（4，1）處質點的振動相互___________（填“加強”或“減弱”）

16、由于c＞v，故任何介質的折射率n都______（填“大于”“小于”或“等于”）1.17、一列簡諧橫波，某時刻的圖像如圖所示，從該時刻開始計時，波上質點A向y軸正方向振動。這列波沿x軸________方向傳播，質點P、Q中先回到平衡位置的是質點________。

18、一列沿x軸正方向傳播的橫波，時刻的波形如圖中實線所示，時刻的波形如圖中的虛線所示，在這段時間內，質點P第一次運動到圖中所示位置，則波的頻率為______波速為______

19、某同學利用游標卡尺觀察教室內日光燈的衍射現象．他將游標卡尺的兩個測量腳逐漸靠近；將眼睛緊貼著狹縫觀察日光燈，并讓狹縫與日光燈管平行．當游標卡尺之間的狹縫足夠小的時候，他觀察到了光的衍射現象，此時游標卡尺如下圖．

（1）請讀出此時游標卡尺的讀數________________．

（2）請描述他看到的現象：_______________________________．評卷人得分四、實驗題(共2題，共16分)20、如圖1所示，在“驗證動量守恒定律”實驗中，A、B兩球半徑相同。先讓質量為m1的A球從斜槽上某一固定位置C由靜止開始滾下，從軌道末端拋出，落到位于水平地面的復寫紙上，在下面的白紙上留下痕跡。重復上述操作10次，得到10個落點痕跡。再把質量為m2的B球放在水平軌道末端，讓A球仍從位置C由靜止滾下，A球和B球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點痕跡，重復操作10次。M、P、N為三個落點的平均位置，未放B球時，A球的落點是P點，O點是軌道末端在記錄紙上的豎直投影點；如圖2所示。

（1）為了盡量減小實驗誤差，A球碰后要沿原方向運動，兩個小球的質量應滿足m1________m2（選填“>”或“<”）。

（2）實驗中，不容易直接測定小球碰撞前后的速度。但是，可以通過僅測量______(填選項前的符號)；間接地解決這個問題。

A.小球開始釋放高度h

B.小球拋出點距地面的高度H

C.小球做平拋運動的水平位移。

（3）關于本實驗的條件和操作要求，下列說法正確的是________。

A.斜槽軌道必須光滑。

B.斜槽軌道末端必須水平。

C.B球每次的落點一定是重合的。

D.實驗過程中；復寫紙和白紙都可以移動。

（4）已知A、B兩個小球的質量m1、m2，三個落點位置與O點距離分別為OM、OP、ON。在實驗誤差允許范圍內，若滿足關系式________，則可以認為兩球碰撞前后的總動量守恒。21、在“驗證動量守恒定律”的實驗中,請回答下列問題.

(1)實驗記錄如圖(甲)所示，則A球碰前做平拋運動的水平位移是圖中的_________，B球被碰后做平拋運動的水平位移是圖中的________；(兩空均選填“OM”“OP”或“ON”)

(2)小球A下滑過程中與斜槽軌道間存在摩擦力，這對實驗結果_______(選填“會”或“不會”)產生誤差.；

(3)在“驗證動量守恒定律”的實驗中；某同學用如圖(乙)所示的裝置進行了如下的操作：

①先調整斜槽軌道,使末端的切線水平，在一塊平木板表面先后釘上白紙和復寫紙，并將該木板豎直立于靠近槽口處，使小球a從斜槽軌道上某固定點處由靜止釋放，撞到木板并在白紙上留下痕跡O；

②將木板向右平移適當的距離，再使小球a從原固定點由靜止釋放,撞在木板上并在白紙上留下痕跡B；

③把半徑相同的小球b靜止放在斜槽軌道水平段的最右端,讓小球a仍從原固定點由靜止釋放,和小球b相碰后,兩球撞在木板上并在白紙上留下痕跡A和C；

④用天平測量a、b兩小球的質量分別為用刻度尺測量白紙O點到A、B、C三點的距離分別為和用本實驗中所測得的量來驗證兩球碰撞過程動量守恒,其表達式為________________。評卷人得分五、解答題(共3題，共12分)22、細束平行光以一定的入射角從空氣射到直角棱鏡的側面AB，光線進入棱鏡后直接射向另一側面AC．逐漸調整光線在AB面的入射角，使AC面恰好無光線射出，測得此時光線在AB面的入射角為α．

①畫出光線在AB面的入射角為α時，在AB面、AC面兩次折射的光路圖；

②計算該棱鏡的折射率．23、據媒體報道，某手機帶有屏幕保護器，保護裝置設置在屏幕的4個角落，由彈性塑料、聚合物及超薄金屬片組成，一旦手機內的加速度計、陀螺儀及位移傳感器感知手機掉落，屏幕保護器會自動彈出，并完全吸收手機撞擊地面的能量，避免手機屏幕直接接觸地面而損壞。已知該手機設計質量約為150g，從離地1.8m高度靜止開始掉落，保護器撞擊地面的時間為0.05s。不計空氣阻力，手機可看成質點，重力加速度g=10m/s2；求。

(1)手機落地前瞬間的速度大??；

(2)手機對地面的平均作用力大小。24、如圖所示，冰雪滑道的B點的左側是粗糙的水平軌道，右側是光滑的曲面軌道，左右兩側平滑連接。質量m=20kg的小孩從滑道頂端A點靜止開始下滑，經過B點時被靜止的質量M=60kg的家長抱住，一起滑行到C點（圖中未畫出）停下。已知A點高度h=5m，人與水平滑道間的動摩擦因數μ=0.2，g取l0m/s2；求∶

（1）小孩剛到B點時的速度大小v的；

（2）家長抱住孩子的瞬間；小孩和家長組成的系統損失的機械能；

（3）B、C間的距離s。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、C【分析】【詳解】

A．小球A；B發生對心碰撞；有可能是完全彈性碰撞，完全非彈性碰撞，非彈性碰撞；若是完全非彈性碰撞，則AB兩小球具有共同速度，若不是，兩球無共同速度，則A錯誤；

B．若A、B球發生完全非彈性碰撞，AB碰后有共同速度，有動量守恒可得

解得

若A球質量等于B球質量，則

故B錯誤；

CD．小球A、B發生對心碰撞，若是完全彈性彈性碰撞，則根據動量守恒和機械能守恒，則

解得

若A球質量小于B球質量，有上述和的表達式可知

A球質量足夠大，B球質量足夠小，有上述和的表達式可知

故C正確；故D錯誤。

故選C。2、D【分析】【詳解】

A．根據折射定律可知b光束的折射率大，藍光的折射率比紅光大，所以a是紅光，b是藍光；故A錯誤；

B．光從光密介質射入光疏介質才會發生全反射，因此內芯的折射率比外套大，當入射角i由逐漸增大時，折射角也逐漸增大，光束在內芯與外套的分界面的入射角逐漸減小，a光束的入射角更小，又由全反射的臨界角公式

可知，a光束發射全反射的臨界角大，a單色光全反射現象先消失；故B錯誤；

C．光從空氣射入光導纖維，光速變小，頻率不變，根據公式

a、b單色光的波長都變?。还蔆錯誤；

D．由可知，a的折射率小，在內芯介質中a單色光的傳播速度比b單色光大；故D正確。

故選D。3、B【分析】【分析】

【詳解】

A．物體做勻速圓周運動；速度大小不變，方向變化，則動能不變，動量變化，故A錯誤；

B．人跳在沙坑的動量變化與跳在水泥地的動量變化是相等的；在沙坑中由于沙的緩沖，使減速時間延長，減小了動量變化率，人跳在沙坑上受到的沖力將小于人跳在水泥地上受到的沖力，故B正確；

C．由沖量的定義I=Ft可知；物體受到的力有作用時間就有沖量，故C錯誤；

D．物體所受合外力的沖量越大；它的動量變化越大，但動量不一定大，故D錯誤。

故選B。4、A【分析】【詳解】

CD．從波形圖可以看出，t0時刻傳到P處，說明簡諧波沿x軸正向傳播，根據波動和振動關系可知，在t0時刻P處質點的振動方向和波源在t=0時刻的振動方向相同是沿y軸的正方向的，即每一個質點的起振方向都是沿y軸的正方向的；選項CD錯誤；

AB．根據同側法可知，在t0時刻x0處質點正在向上振動；選項A正確；B錯誤。

故選A。5、C【分析】【詳解】

A．根據反射定律和折射定律可知，a是入射光線，b是反射光線，c是折射光線；故錯誤；

B．此玻璃磚的折射率

故B錯誤；

C．順時針轉動玻璃磚時，入射角r增大，故反射角也增大，光線b順時針方向轉；故C正確；

D．a光是入射光，不會隨玻璃磚的轉動而消失。逆時針轉動玻璃磚時，入射角r先減小后增大，光線c的強度先增大后減小，最后發生全反射，光線c消失；故D錯誤。

故選C。

【點睛】

入射角等于反射角，繼而確定另一條是折射光線，再根據折射光線判斷入射光線。二、多選題(共7題，共14分)6、A:C【分析】【詳解】

Ａ．由圖知：λ=４m，T=0.2s，則波速

故A正確。

B．因t=0.1s時質點Q向下振動，由波形圖可知，波沿x軸負向傳播；選項B錯誤；

C．因t=0.1s時P點的位移為5cm，可知P點的位置坐標為當時波向左傳播的距離為

則此時P點恰好到達波峰；選項C正確；

D．從開始的一小段時間內，質點P向上振動，則速度不斷減小，選項D錯誤。7、A:B:E【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖乙可得t=0.1s時刻，質點Q在平衡位置向上振動，故由圖甲可得，波沿x軸負方向傳播；選項A正確；

B．由圖甲知該波的波長由圖乙知周期T=0.4s，則波的傳播速度

選項B正確；

C．振動點只能在平衡位置附近上下振動，不會沿x軸傳播；選項C錯誤；

D．根據波向左傳播，由圖甲可得，質點Q向上振動，那么，經過

后，Q點位于波峰處，此時v=0；選項D錯誤；

E．經過時間

走過的路程

選項E正確。

故選ABE。8、B:D【分析】【詳解】

AB．由題意知，運動員與網面剛好要接觸時速度大小v1==8m/s

剛好要離開網面時速度大小v2==10m/s

在觸網過程中，由動量定理有I-mgt=mv2-（-mv1）

解得網面對運動員的沖量大小I=1800N·s

A項錯誤；B項正確；

CD．由于運動員與網面接觸過程中；彈性網的彈性勢能變化量為零，因此彈性網的彈力做功為零，C項錯誤；D項正確；

故選BD。9、C:D【分析】【詳解】

A．在A；B兩球發生碰撞之前的過程中；只發生動能和重力勢能之間的轉化，所以系統的機械能守恒，故A錯誤；

B．A；B二球發生碰撞前瞬間；兩繩與桿垂直，C球不再向下運動，速度為零，故B錯誤；

C．根據對稱性可知；A；B二球速度大小始終相等，故C正確；

D．三球組成的系統水平方向不受外力；所以系統水平方向的合外力為零，A；B、C三球水平方向動量守恒．故D正確。

故選CD。10、A:C【分析】【詳解】

依題意，取向右為正方向，根據動量守恒定律可得

代入數據有

得碰撞后，乙車的速度

負號表示方向向左。

故選AC。11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

A與B碰撞的過程中二者組成的系統的動量守恒，規定A球初速度方向為正方向，若為完全非彈性碰撞，則

所以

若為彈性碰撞，由動量守恒得

由機械能守恒得

聯立得

根據碰撞的特點可知，碰撞后的速度的范圍為故

故選AB。12、A:B:E【分析】【詳解】

A．由圖示波形圖可知：波長λ=4m，O點開始向正方向運動，經t=0.2s，O點第一次到達正方向最大位移處，則

解得T=0.8s

則

故A正確；

B．質點L與質點N之間的距離為半個波長；則振動情況完全相反，故B正確；

C．在0.2s的時間內質點M通過的路程為s=A=20cm

故C錯誤；

D．橫波從O傳到M點的時間

在t=2s時刻，質點M振動的時間

則此時質點M處于波谷，正沿y軸正方向運動；故D錯誤；

E．由波形圖可知，此時O點向下振動，則可能經過了的波形圖，當n=1時，t=1.2s；故E正確。

故選ABE。三、填空題(共7題，共14分)13、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]動量定理的內容為：物體在一個運動過程始末的動量變化量等于它在這個過程中所受合力的沖量。

(2)[3]相應的公式為mv′-mv=F(t′-t)或p′-p=I

(3)[4][5]動量定理反映了力的沖量與動量變化量之間的因果關系；即合力的沖量是原因，物體的動量變化量是結果。

[6]動量定理中的沖量是合力的沖量；而不是某一個力的沖量，它可以是合力的沖量，可以是各力沖量的矢量和，也可以是外力在不同階段沖量的矢量和。

[7]動量定理表達式是矢量式，等號包含了大小相等、方向相同兩方面的含義?！窘馕觥竣?動量變化量②.合力③.mv′-mv=F(t′-t)或p′-p=I④.動量變化量⑤.動量變化量⑥.合力⑦.矢量14、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]動量守恒的定義：如果一個系統不受外力；或者所受外力的矢量和為0，這個系統的總動量保持不變動量守恒的。

（2）[2][3]動量守恒定律的表達式為：

p=p′，m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′或Δp1=-Δp2（3）[4][5][6]動量守恒的三種情況。

a.不受外力或所受外力的合力為零。

b.系統內各物體間相互作用的內力遠大于它所受到的外力。

c.如果系統在某一方向上所受外力的合力為零；則系統在這一方向上動量守恒。

（4）[7][8][9][10]應用動量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對象；確定系統的組成；

b.進行受力分析；判斷系統動量是否守恒（或某一方向上是否守恒）。

c.規定正方向；確定初；末狀態動量。

d.由動量守恒定律列出方程求解?！窘馕觥渴噶亢蚼1v1′＋m2v2′-Δp2零遠大于這一方向上系統守恒正方向動量15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]因

可知兩列波從波源傳播到點A（8，-2）的路程差為

[2]兩列波傳到B點時的路程差為零，因兩列波起振方向相反可知，點B（4，1）處質點的振動減弱?！窘馕觥竣?2②.減弱16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】大于17、略

【分析】【詳解】

[1]從該時刻開始計時，波上質點A向y軸正方向振動，由“上坡下行”可知，這列波沿x軸負方向傳播；

[2]質點P、Q由“上坡下行”可知，質點Q先回到平衡位置。【解析】負；Q18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖可知，波長由于在這段時間內，質點P第一次運動到圖中所示位置，故波向右傳播了故歷時

即T=0.8s，頻率

[2]由

代入數據可得【解析】1.253019、略

【分析】游標卡尺的固定刻度讀數為0mm；游標尺上第1個刻度對齊，所以游標讀數為0.1×1mm=0.1mm，所以最終讀數為：0+0.1mm=0.1mm；

它看到的是相互平行的彩色直條紋．【解析】0.1mm彩色直條紋四、實驗題(共2題，共16分)20、略

【分析】【詳解】

(1)[1]碰撞過程中動量、能量均守恒，因此有

因此有

因此要使入射小球m1碰后不被反彈，應該滿足

(2)[2]驗證動量守恒定律實驗中；即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，根據平拋運動規律，若落地高度不變，則運動時間不變，因此可以用水平射程大小來體現水平速度大小，故需要測量水平射程，AB錯誤，C正確；

故選C；

(3)[3]實驗