…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高二物理下冊月考試卷374考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、下列現象中，能說明液體存在表面張力的有()A.水黽可以停在水面上B.葉面上的露珠呈球形C.滴入水中的紅墨水很快散開D.懸浮在水中的花粉做無規則運動2、關于交流電的有效值U和最大值Um，下列說法中正確的是()。A.任何形式的交流電都具有U＝Um/的關系B.正弦式交流電具有U＝Um/的關系C.照明電壓220V，動力電壓380V指的都是最大值D.交流電壓表和交流電流表測的都是最大值3、如圖為勻強電場的等勢面圖，每兩個相鄰等勢面相距2cm

由此可確定電場強度的方向和數值是(

)

A.豎直向下，E=100V/m

B.水平向左，E=100N/C

C.豎直向上，E=100V/m

D.水平向右，E=100V/m

4、蘋果從樹上由靜止開始自由下落，能反映其運動的v鈭?t

圖象的是()A.B.C.D.5、如圖所示，一導電金屬板置于勻強磁場中，當電流方向向上時，關于金屬板兩側電子多少及電勢高低，判斷正確的是（）A.左側電子較多，左側電勢較高B.左側電子較多，右側電勢較高C.右側電子較多，左側電勢較高D.右側電子較多，右側電勢較高6、一個做初速度為零的勻加速直線運動的物體，1

秒內的位移和3

秒內位移的比為()A.1漏U9

B.1漏U5

C.1漏U4

D.1漏U3

7、以下關于生物遺傳、變異和細胞增殖的敘述中，正確的是A.三倍體的西瓜無子是由于減數分裂時同源染色體未聯會B.性染色體組成為XXY的三體果蠅體細胞在有絲分裂過程中染色體數目呈現9→18→9的周期性變化C.在減數分裂的過程中，染色體數目的變化僅發生在減數第一次分裂D.HIV在宿主細胞中進行遺傳信息傳遞時只有A—U的配對，不存在A—T的配對評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)8、如圖所示，在豎直放置的平行金屬板M、N之間有一帶電微粒，自A點以初速度v豎直向上進入場強為E的勻強電場后，正好垂直打在N板的B點，AC⊥BC，且AC=BC，則打在B點時微粒的速度是____，A、B點的電勢差是____．

9、如圖是實驗小組用螺旋測微器對銅芯線直徑的某次測量．其讀數是______mm．

10、（1）在做“測定金屬絲的電阻率”的實驗中；

①若用螺旋測微器測得金屬絲的直徑d的讀數如圖1，則讀數為______mm．

②若用L表示金屬絲的長度，d表示直徑，電壓表的讀數為U，電流表的讀數為I，則計算金屬絲電阻率的表達式ρ=______

（2）用電流表和電壓表測電池的電動勢和內電阻提供的器材如圖所示．

①用實線代表導線把圖2所示的實物連接成測量電路；（兩節干電池串聯作為電源，圖中有部分線路已連好）

②圖3中的6個點表示實驗測得的6組電流I、電壓U的值，按照這些實驗值作出U-I圖線，由此圖線求得的每節電池電動勢E=______V，電源內阻r=______Ω．（取3位有效數字）11、某研究性學習小組利用如圖甲所示電路測量某電池的電動勢E

和內電阻r.

在坐標紙中畫出了如圖乙所示的U鈭?I

圖象，若電流表的內阻為1婁賂

則E=

______Vr=

______婁賂

12、一條平直的電場線上有ABC

三點，把m=2隆脕10鈭?9kgq=鈭?2隆脕10鈭?9C

的粒子從A

點移到B

點，電場力做1.5隆脕10鈭?7J

的正功，再把該電荷從B

點移到C

點，電場力做功鈭?4隆脕10鈭?7J

則UAB=

______VUAC=

______V.

13、某電場的電場線分布如圖所示，將一電荷量的試探電荷由電場中的a點移到b點，電荷克服電場力做功為則a點的場強_____b點的場強（選填“大于”、“等于”或“小于”），a點電勢______b點電勢（選填“大于”、“等于”或“小于”），試探電荷帶______（選填“正電”或“負電”），a、b兩點間的電勢差為_______V.

14、如圖為電熨斗結構示意圖，圖中雙金屬片上層金屬的膨脹系數____（填大于、等于或小于）下層金屬；當溫度升高時，雙金屬片____（填向上或向下）彎曲；熨燙棉麻衣物需要設定較高的溫度，這時調節調溫旋鈕使調溫旋鈕____（填上升或下降）．

15、甲、乙兩物體在光滑水平面上沿同一直線相向運動，甲、乙物體的速度大小分別為3m/s和1m/s，碰撞后甲、乙兩物體反向運動，速度大小均為2m/s，則甲、乙兩物體質量之比為______。評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)16、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）17、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

18、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）19、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）20、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

21、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、簡答題(共1題，共4分)22、工業上用水煤氣制得的rm{CO}在催化劑作用下與水蒸氣發生反應制取氫氣，化學方程式為：rm{CO(g)+H_{2}O(g)?}rm{H_{2}(g)+CO_{2}(g)}一定條件下，將rm{4molCO}與rm{2molH_{2}O(g)}充入體積為rm{2L}的密閉容器中，體系中各物質的濃度隨時間的變化如圖所示：rm{(1)}在rm{0隆蘆4min}時段，反應速率rm{v(H_{2}O)}為________rm{mol隆隴L^{-1}隆隴min^{-1}}該條件下反應的平衡常數rm{K}為________rm{(}保留兩位有效數字rm{)}

rm{(2)}該反應到rm{4min}時，rm{CO}的轉化率為_________。該反應到rm{(2)}時，rm{4min}的轉化率為_________。rm{CO}若rm{(3)}時改變的外部條件為升溫，則該反應的rm{6min}________rm{婁隴H}填“rm{0(}”、“rm{>}”或“rm{=}”rm{<}此時反應的平衡常數________rm{)}填“增大”、“減小”或“不變”rm{(}

rm{)}判斷該反應達到化學平衡狀態的依據是_____________。rm{(4)}判斷該反應達到化學平衡狀態的依據是_____________?；旌蠚怏w的密度不變rm{(4)}混合氣體中rm{a.}不變rm{c.v_{脮媒}(H_{2}O)=v_{脛忙}(H_{2})d.}斷裂rm{b.}鍵的同時生成rm{c(CO)}鍵rm{c.v_{脮媒}(H_{2}O)=v_{脛忙}(H_{2})

d.}若保持與rm{2molH隆陋O}時相同的溫度，向一容積可變的密閉容器中同時充入rm{1molH隆陋H}rm{(5)}rm{4min}和rm{0.5molCO}則上述反應向________反應rm{1.5molH_{2}O(g)}填“正”或“逆”rm{0.5molCO_{2}}方向進行。rm{2.5molH_{2}}參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A|B【分析】試題分析：因為液體表面張力的存在，有些小昆蟲才能無拘無束地在水面上行走自如，故A正確；草葉上的露珠存在表面張力，它表面的水分子表現為引力，從而使它收縮成一個球形，與表面張力有關，故B正確；滴入水中的紅墨水很快散開是擴散現象，是液體分子無規則熱運動的反映，故C錯誤；懸浮在水中的花粉做無規則運動是布朗運動，是液體分子無規則熱運動的反映，故D錯誤?？键c：分子間的相互作用力．【解析】【答案】AB2、B【分析】只有正弦交流電具有對于其他交流電的有效值根據通過相等的電阻在相等的時間內產生的熱量相等原理計算，A錯誤，B正確。交流電表里的示數為有效值，照明電壓220V，動力電源300V都是指的是有效值，C錯誤，D錯誤。【解析】【答案】B3、A【分析】解：由于電場線與等勢面相互垂直且由高電勢指向低電勢；故電場線的方向豎直向下，而電場線的方向即為場強的方向，所以電場強度的豎直向下；

由于勻強電場的每兩個相鄰等勢面相距2cm

故電場強度大小為E=Ud=20.02N/C=100N/C.

故選項A正確．

故選：A

根據電場線與等勢面相互垂直且由高電勢指向低電勢，可以判定電場線的方向水平向左；根據在勻強電場中E=Ud

可以求出電場強度的大?。?/p>

掌握了電場線與等勢面的關系和在勻強電場電場強度與電勢差的大小關系就能順利解決此類題目．【解析】A

4、B【分析】【分析】根據自由落體運動速度與時間的關系v=gt

結合函數與圖象的一一對應關系解答.

解決本題的關鍵知道自由落體運動是初速度為0

加速度為g

的勻加速直運動，掌握自由落體運動的速度時間公式，結合數學知識解答。【解答】自由落體運動速度與時間的關系v=gt

為一次函數對應的圖象為過原點的傾斜直線線，故B正確。

故選B。

【解析】B

5、B【分析】解：電流的方向向上；根據左手定則，電子向左側偏轉，所以左側電子較多，右側失去電子帶正電，所以右側的電勢高于左側電勢．故B正確，A；C、D錯誤．

故選B．

金屬中移動的是自由電子；根據左手定則判斷出電子的偏轉方向，從而確定電勢的高低．

解決本題的關鍵知道金屬中移動的是自由電子，掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向．【解析】【答案】B6、A【分析】【分析】已知初速度為零，加速度為a

根據x=12at2

分別求出1

秒內和3

秒內的位移可解。

本題是對時間位移關系的簡單應用，但是容易把3

秒內錯當成第3

秒，造成錯選。【解答】由題意，設加速度為a

由公式x=12at2

得1

秒內位移為：x1=12at12=12a3

秒內位移為：x2=12at32=12a隆脕32=92a

得：x1x2=19

故A正確，BCD錯誤。故選A。【解析】A

7、B【分析】三倍體無子西瓜在減數分裂時聯會發生紊亂；故A錯誤；性染色體組成為XXY的三體果蠅能進行正常的有絲分裂，由于體細胞有9條染色體，故會出現9→18→9的周期性變化，B正確；減數分裂過程中染色體數目的減半發生在減數第一次分裂，暫時加倍發生在減數第二次分裂后期，故C錯誤；HIV為RNA病毒，在宿主細胞內可發生逆轉錄過程，堿基互補配對原則是A-T；U-A、G-C配對，故D錯誤。

考點：本題考查細胞分裂和遺傳變異的有關知識，意在考查考生理解所學知識的要點，把握知識間的內在聯系的能力；能運用所學知識與觀點，通過比較、分析與綜合等方法對某些生物學問題進行解釋、推理，做出合理的判斷或得出正確的結論?！窘馕觥緽二、填空題(共8題，共16分)8、略

【分析】

設微粒從A運動到B的時間為t；AC=BC=d，則有。

水平方向：

豎直方向：

得到，v=v

研究豎直方向；得到。

得，d=

所以A、B點的電勢差是U=Ed=

故答案為：v，

【解析】【答案】微粒在電場中受到重力和電場力兩個力作用；采用運動的分解法可知，微粒在水平方向做勻加速直線運動，豎直方向做豎直上拋運動，兩個分運動時間相同．運用平均速度表示兩個方向的位移，求解打在B點時微粒的速度．根據運動學公式求出BC距離，再由U=Ed求出電勢差．

9、略

【分析】解：螺旋測微器的固定刻度為0.5mm；可動刻度為20.0×0.01mm=0.200mm，所以最終讀數為0.5mm+0.200mm=0.700mm．由于需要估讀，最后的結果可以為0.700±0.001．

故答案為：0.700±0.001．

螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數；在讀可動刻度讀數時需估讀．

對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量．【解析】0.700±0.00110、略

【分析】解：（1）①螺旋測微器的固定刻度為0.5mm；可動刻度為40.0×0.01mm=0.400mm，所以最終讀數為0.5mm+0.400mm=0.900mm．

②金屬絲的電阻為R=

根據電阻定律得：R=S=

聯立得：ρ=

（2）①按順序連接實物圖如圖所示．注意導線不交叉；并連在接線柱上．

②如圖；將各點用直線連接起來，應讓盡量多的點分布在直線上，誤差較大的要舍去．

由圖可知；電源的電動勢約為2.97V；由圖可知，當電壓為2.6V時，電流為0.5A；則。

有：E=U+Ir；

解得：r===0.74Ω；

故答案為：

（1）①0.900；②

（2）①測量電路如圖所示；

②按照實驗值作出的U-I圖線如圖所示．2.97V（2.96～2.98V）；0.74．

（1）螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數；在讀可動刻度讀數時需估讀到0.001mm．根據歐姆定律求出電阻，再由電阻定律求解電阻率的表達式．

（2）測出的路端電壓和電流已標出；用直線將這些點連接即可得出U-I圖象；圖象與縱坐標的交點為電動勢；由閉合電路歐姆定律可求出內電阻．

本題要掌握螺旋測微器的讀數方法，要注意半毫米是否露出．對于測電動勢和內電阻的實驗，關鍵掌握實驗原理：閉合電路歐姆定律，理解圖象的截距和斜率的意義．【解析】0.900；2.97；0.7411、略

【分析】解：根據閉合電路歐姆定律有：E=U+I(r+RA)

可得：U=E鈭?I(r+RA)

由此可知當I=0

時的縱軸截距大小等于電源的電動勢大小，圖象的斜率大小等于(r+RA)

由此可知，E=2.0Vr=鈻?U鈻?I鈭?RA=2.0鈭?1.30.29鈭?1=1.4婁賂

．

故答案為：2.01.4

根據數學知識可知；圖象與縱坐標的截距代表的就是電源的電動勢，直線的斜率代表電源的內阻．

在測量電源電動勢和內阻時，要注意根據畫出的U鈭?I

圖象結合數學知識分析出電動勢及內阻．【解析】2.01.4

12、略

【分析】解：由據U=Wq

得：UAB=WABq=1.5隆脕10鈭?7鈭?2隆脕10鈭?9V=鈭?75V

鈭?2.0隆脕10鈭?9C

的正電荷從A

點到C

點的過程中；電場力做功為：

WAC=WAB+WBC=鈭?2.5隆脕10鈭?7J

則有：UAC=WACq=鈭?2.5隆脕10鈭?7鈭?2隆脕10鈭?9V=125V

故答案為：鈭?75125

根據電勢差的定義：U=Wq

求解AB

兩點間的電勢差.WAC=WAB+WBC

進而求出AC

之間的電勢差．

電場力做功與重力做功類似只與位置有關，與路徑無關，電荷從A隆煤B隆煤C

電場力做功與從A隆煤C

電場力做功相同．【解析】鈭?75125

13、略

【分析】【詳解】

b點的電場線比a點電場線密，則a點的電場強度小于b點的電場強度；沿著電場線方向電勢逐漸降低，則a點的電勢大于b點電勢；試探電荷由電場中的a點移到b點，電荷克服電場力做功說明電荷受到的電場力的方向從b指向a，與電場線的方向相反，電荷帶負電；根據W=qU得，．

【點睛】

解決本題的關鍵知道電場線的疏密表示電場的強弱，沿著電場線方向電勢逐漸降低，知道電場力做功與電勢能的關系．【解析】小于大于負電2014、略

【分析】

雙金屬片上層金屬的膨脹系數大于下層金屬；當溫度升高時，雙金屬片便向下層彎曲．熨燙棉麻衣物需要設定較高的溫度，即溫度較高時，金屬片才能離開觸點，所以要將調溫旋鈕向下旋轉，保證在溫度未達到一定值時，金屬片仍于觸點接觸．

故本題答案為：大于；向下，下降．

【解析】【答案】雙金屬片上層金屬的膨脹系數大于下層金屬；當溫度升高時，雙金屬片便向下層彎曲，溫度越高，彎曲越顯著．要設定較高的溫度，即溫度較高時，使得金屬片才能離開觸點，只要將調溫旋鈕下降．

15、3：5【分析】解：兩球碰撞過程系統動量守恒；由動量守恒定律得：

m甲v甲+m乙v乙=m甲v'甲+m乙v'乙；

即：m甲3+m乙（-1）=m甲（-2）+m乙2；

解得：m甲：m乙=3：5；

故答案為：3：5。

物體A；B在碰撞的過程中系統的動量守恒。選取碰撞前甲物體的速度方向為正方向；運用動量守恒定律即可求解質量之比。

本題是碰撞問題，動量守恒是碰撞過程遵守的基本規律，關鍵是要注意動量的方向，必須選取正方向，用正負號表示動量的方向?！窘馕觥?：5三、判斷題(共6題，共12分)16、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．17、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．18、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．19、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．20、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．21、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．四、簡答題(共1題，共4分)22、rm{(1)0.2mol/(L?min)}rm{2.7}

rm{(2)40%}

rm{(3)<}減小。

rm{(4)bc}

rm{(5)}正反應【分析】【分析】本題考查了化學平衡的分析應用，主要是圖象分析，平衡常數、反應速率的概念計算應用，注意一下化學平衡的因素分析判斷，掌握基礎是解題關鍵，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}圖象分析可知rm{4min}反應達到平衡狀態，物質濃度為rm{c(CO)=1.2mol/L}rm{c(H}圖象分析可知rm{(1)}反應達到平衡狀態，物質濃度為rm{4min}rm{c(CO)=1.2mol/L}rm{c(H}rm{{,!}_{2}}rm{)=0.8mol/L}rm{c(H}rm{)=0.8mol/L}rm{c(H}結合化學平衡三段式列式計算平衡濃度，

rm{{,!}_{2}}rm{O)=0.2mol/L}結合化學平衡三段式列式計算平衡濃度，rm{O)=0.2mol/L}rm{CO(g)+H}rm{CO(g)+H}rm{{,!}_{2}}rm{O(g)?H}

rm{O(g)?H}rm{{,!}_{2}}rm{(g)+CO}rm{(g)+CO}rm{{,!}_{2}}

rm{(g)}rm{(g)}起始量rm{(mol/L)}rm{2}rm{1}rm{0}rm{0}rm{(mol/L)}rm{2}

rm{1}rm{0}rm{0}變化量rm{(mol/L)}rm{0.8}rm{0.8}rm{0.8}rm{0.8}rm{(mol/L)}

rm{0.8}時段，反應速率rm{v({H}_{2}O)=dfrac{;0.8mol/L;}{4min;}=0.2mol/(L?min)}，平衡常數rm{K=dfrac{;0.8隆脕0.8}{;1.2隆脕0.2;}=2.7}；故填：rm{0.8}rm{0.8}rm{0.8}該反應到平衡量rm{(mol/L)}rm{1.2}rm{0.2}rm{0.8}rm{0.8}時，rm{(mol/L)}的轉化率rm{=dfrac{;0.8mol/L}{;2mol/L;}隆脕100攏樓=40攏樓}；故填：rm{1.2}rm{0.2}若rm{0.8}時改變的外部條件為升溫，圖象可知氫氣濃度減小，一氧化碳和水的濃度增大，說明平衡逆向進行，逆向為吸熱反應，正反應為放熱反應，則該反應的rm{0.8}此時平衡逆向進行，平衡常數減小；在rm{0隆蘆4min}時段，反應速率rm{v({H}_{2}O)=

dfrac{;0.8mol/L;}{4min;}=0.2mol/(L?min)}減??；

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