…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高二物理上冊月考試卷458考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示的電路中，電源的電動勢和內阻分別為E和r；當閉合開關S，向左移動滑動變阻器的滑片時，下列說法正確的是（）

A.電流表的示數變大，電壓表的示數變大B.電流表的示數變大，電壓表的示數變小C.電流表的示數變小，電壓表的示數變小D.電流表的示數變小，電壓表的示數變大2、如圖所示，兩根相互平行的長直導線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導線中通有大小相等、方向相反的電流．a、O、b在M、N的連線上，O為MN的中點，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到O點的距離均相等．關于以上幾點處的磁場，下列說法正確的是（）A.O點處的磁感應強度為零B.a、b兩點處的磁感應強度大小不相等，方向相同C.c、d兩點處的磁感應強度大小相等，方向相同D.a、c兩點處磁感應強度的方向不同3、如圖是一正弦式交變電流的i-t圖象；由此圖象可知這個交變電流的（）

A.頻率為50HzB.周期為50sC.電流的最大值為10AD.電流的有效值為10A4、振源A

帶動細繩上各點上下做簡諧運動，t

=0

時刻繩上形成的波形如圖所示。規定繩上質點向上運動的方向為x

軸的正方向，則P

點的振動圖象是()

A.B.C.D.5、一個物體沿直線運動，t=0

時刻物體的速度為2m/s

加速度為1m/s2

物體的加速度隨時間變化規律如圖所示，則下列判斷正確的是()

A.物體做勻加速直線運動B.物體的加速度與時間成正比C.t=8s

時刻物體的加速度為1.6m/s2

D.t=8s

時刻物體的速度為13.2m/s

6、如圖所示是婁脕婁脗婁脙

三種射線穿透能力的示意圖；下列說法正確的是(

)

A.甲為婁脕

射線，它的貫穿能力和電離能力都很弱B.乙為婁脗

射線，它是由原子核外的電子電離后形成的高速電子流C.丙為婁脙

射線，它在真空中的傳播速度是3.0隆脕108m/s

D.以上說法都不對7、如圖所示，豎直放置的兩根平行金屬導軌之間接有定值電阻R

質量不能忽略的金屬棒與兩導軌始終保持垂直并良好接觸且無摩擦，棒與導軌的電阻均不計，整個裝置放在勻強磁場中，磁場方向與導軌平面垂直，棒在豎直向上的恒力F

作用下加速上升的一段時間內，力F

做的功與安培力做的功的代數和等于(

)

A.棒的機械能增加量B.棒的動能增加量C.棒的重力勢能增加量D.電阻R

上放出的熱量評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)8、空氣壓縮機在一次壓縮中，活塞對空氣做了2×105J的功，同時空氣的內能增加了1.5×105J．在這一過程中，空氣____熱（填“吸”、“放”等），熱量為____J．9、下面列出一些醫療器械的名稱和這些器械運用的物理現象．請將相應的字母填寫在運用這種現象的醫療器械后面的空格上．

（1）X光機______；

（2）紫外線燈______；

（3）理療醫用“神燈”照射傷口，可使傷口愈合得較好．這里的“神燈”是利用了______．

A．光的全反射；B．紫外線具有很強的熒光作用；

C．紫外線具有殺菌消毒作用；D．X射線的很強的貫穿力；

E．紅外線具有顯著的熱作用；F．紅外線波長較長易發生衍射．10、已知光在真空中的傳播速度為3×108m/s，則光在折射率為的玻璃中的傳播速度為____m/s．11、如圖是某種一定量理想氣體的p--t圖像，圖中A、B、C三點表示了這些氣體的三個不同的狀態，我們用VA、VB、VC表示在這三種狀態下氣體的體積，那么它們的大小順序應是．12、英國的物理學家卡文迪許利用______實驗測定了引力常數G，利用引力常數G，地球半徑R和地球的重力加速度g，表示出的地球質量為______．13、(1)

用自由落體運動驗證機械能守恒定律的實驗.

為進行該實驗，備有下列器材可供選擇：A.

鐵架臺B.(

電磁)

打點計時器C.

復寫紙片D.

紙帶E.

低壓直流電源F.

天平G.

導線H.

重錘I.

刻度尺不必要的器材是________(

填對應的字母).

需更換的器材是________(

填對應的字母)

．

(2)(2)如圖所示是某質點沿直線運動的速度v

隨時間t

變化的關系圖線.

物體前2s

的加速度是________；整個4s

的平均速度是________．

(3)(3)如圖所示，靜止在水平地面上的小黃鴨質量m=20kg

受到與水平面夾角為53鈭?

的斜向上的拉力，小黃鴨開始沿水平地面運動.

若拉力F=100N

小黃鴨與地面的動摩擦因數為0.2

．

(1)

請作出其受力示意圖；(2)

地面對小黃鴨的摩擦力為__________牛.(sin53鈭?=0.8,cos53鈭?=0.6cos53^{circ}=0.6g=10m/sg=10m/s2))(4)(4)如圖所示，AB

兩輪半徑之比為1隆脙3

兩輪邊緣擠壓在一起，在兩輪轉動中，接觸點不存在打滑的現象，則兩輪邊緣的線速度大小之比等于________.A

輪的角速度與B

輪的角速度大小之比等于________．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)14、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）15、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

16、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

17、處于靜電平衡狀態的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）18、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、解答題(共2題，共16分)19、如圖所示，矩形線圈abcd的匝數為N=50匝，線圈ab的邊長為l1=0.2m，bc的邊長為l2=0.25m，在磁感應強度為B=0.4T的勻強磁場中，繞垂直于磁感線且通過線圈中線的OO′軸勻速轉動，轉動的角速度ω=100rad/s，若線圈自身電阻為r=1Ω；負載電阻R=9Ω．試求：

（1）穿過線圈平面的最大磁通量Φm；

（2）線圈在圖示位置（線圈平面與磁感線平行）時；感應電動勢e的大小；

（3）1min時間內電阻R上產生的焦耳熱Q的大小．

20、在壓強p-溫度T的坐標系中；一定質量的某種理想氣體先后發生以下兩種狀態變化過程：第一種變化是從狀態A到狀態B，外界對該氣體做功為6J；第二種變化是從狀態A到狀態C，該氣體從外界吸收熱量為9J．圖線AC反向延長線通過坐標原點O，B；C兩狀態的溫度相同，理想氣體的分子勢能為零．求：

（1）從狀態A到狀態C過程，該氣體對外界做功W1和其內能的增量△U1；

（2）從狀態A到狀態B過程，該氣體內能的增量△U2及其從外界吸收的熱量Q2．

評卷人得分五、簡答題(共2題，共8分)21、【化學rm{隆陋隆陋}選修rm{3}物質結構與性質】科學研究表明，銅錳氧化物rm{(CuMn_{2}O_{4})}能在常溫下催化氧化空氣中的一氧化碳和甲醛rm{(HCHO)}rm{(1)}向一定物質的量濃度的rm{Cu(NO_{3})_{2}}和rm{Mn(NO_{3})_{2}}溶液中加入rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，所得沉淀經高溫灼燒，可制得rm{CuMn_{2}O_{4}}．rm{壟脵Mn^{2+}}基態的電子排布式可表示為____________．rm{壟脷NO_{3}^{-}}的空間構型是____________rm{(}用文字描述rm{)}．rm{(2)}在銅錳氧化物的催化下，rm{CO}被氧化為rm{CO_{2}}rm{HCHO}被氧化為rm{CO_{2}}和rm{H_{2}O.}rm{壟脵}根據等電子體原理，rm{CO}分子的結構式為____________．rm{壟脷}甲醛在rm{Ni}催化作用下加氫可得甲醇rm{(CH_{3}OH).}甲醇分子內rm{C}原子的雜化方式為______，甲醇分子內的rm{O-C-H}鍵角______rm{(}填“大于”“等于”或“小于”rm{)}甲醛分子內的rm{O-C-H}鍵角．rm{壟脹1mol}甲醛分子中含有的rm{婁脪}鍵數目為______．rm{(3)}已知rm{SiC}的晶胞結構與金剛石的晶胞結構相似。在rm{SiC}晶體中與硅原子距離最近的原子有______個；設rm{SiC}立方體晶胞的棱長為rmjmxjuge則兩個碳原子之間的距離是______。rm{(4)}向rm{CuSO_{4}}溶液中加入過量rm{NaOH}溶液可生成rm{[Cu(OH)_{4}]^{2-}.}不考慮空間構型，rm{[Cu(OH)_{4}]^{2-}}的結構可用示意圖表示為______。rm{(5)CuH}的晶體結構如圖所示，若rm{CuH}的密度為rm{dg?cm^{-3}}阿伏加德羅常數的值為rm{N_{A}}則該晶胞的邊長為______rm{cm(}用含rmtau0qg7和rm{N_{A}}的式子表示rm{)}．22、一個初始質量為1kg

的玩具火箭被豎直發射到空中；它的質量以0.2kg/s

的恒定速率減小，火箭最終質量為0.2kg

噴出的氣體對火箭的推力隨時間變化的規律如圖所示，火箭所經處的重力加速度恒為g=10m/s2

(1)

求出重力隨時間變化的表達式？

(2)

在圖中作出火箭的重力隨時間變化的規律圖象并求出火箭離開地面的時間t

．

(3)

求4s

時火箭的速度是多大？評卷人得分六、畫圖題(共2題，共12分)23、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規律如圖所示.若規定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象24、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規律如圖所示.若規定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【解答】解：滑動變阻器滑片P向左移動時；變阻器在路電阻增大，由閉合電路歐姆定律得知，電路中電流減小，電源的內電壓減小，路端電壓則增大，故電流表的示數變小，電壓表的示數變大．故D正確，ABC錯誤．

故選D．

【分析】滑動變阻器滑片P向左移動時，變阻器在路電阻增大，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化，判斷路端電壓的變化，即可判斷兩電表讀數的變化．2、C【分析】解：A；根據右手螺旋定則；M處導線在o點產生的磁場方向豎直向下，N處導線在o點產生的磁場方向豎直向下，合成后磁感應強度不等于0，故A錯誤．

B、M在a處產生的磁場方向豎直向下，在b處產生的磁場方向豎直向下，N在a處產生的磁場方向豎直向下，b處產生的磁場方向豎直向下，根據場強的疊加知，a、b兩點處磁感應強度大小相等；方向相同，故B錯誤．

C；M在c處產生的磁場方向垂直于cM偏下；在d出產生的磁場方向垂直dM偏下，N在c處產生的磁場方向垂直于cN偏下，在d處產生的磁場方向垂直于dN偏下，根據平行四邊形定則，知c處的磁場方向豎直向下，d處的磁場方向豎直向下，且合場強大小相等，故C正確．

D；由上分析可知；a、c兩點的磁場方向都是豎直向下，故D錯誤．

故選：C．

根據右手螺旋定則確定兩根導線在a、b；c、d四點磁場的方向；根據平行四邊形定則進行合成．

解決本題的關鍵掌握右手螺旋定則判斷電流與其周圍磁場方向的關系，會根據平行四邊形定則進行合成．【解析】【答案】C3、A【分析】解：A、B、由圖可知，T=0.02s，故f=Hz；故A正確，B錯誤．

C；由圖可知；該交流電的最大值為10A．故C錯誤；

D、該交流電的電流值的最大值為10A，所以有效值：I=A．

故選：A

根據圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量；然后進一步可求出其瞬時值的表達式以及有效值等．

該題考查了有關交流電描述的基礎知識，要根據交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量，同時正確書寫交流電的表達式．【解析】【答案】A4、B【分析】【分析】結合“上下坡”法可知p

處的位置；可判定起振方向，進而判定圖像。

本題考查波動與振動相結合的問題，比較基礎，難度不大。【解答】由t=

0

時刻繩上形成的波形可知該列簡諧橫波剛傳到P

點處于平衡位置，由“上下坡”法可知，P

處上坡，所以起振方向向下，故ACD錯誤，B

正確。故選B。【解析】B

5、D【分析】略【解析】D

6、C【分析】解：A

甲為婁脕

射線；婁脕

射線貫穿能力很弱，電離作用很強，一張紙就能把它擋住，故A錯誤；

B；乙為婁脗

射線；婁脗

射線是原子核內的一個中子轉化為質子時釋放的電子，故B錯誤；

C；婁脙

射線穿透本領最強；甚至能穿透幾厘米厚的鉛板，它在真空中的傳播速度是3.0隆脕108m/s

故C正確，D錯誤．

故選：C

．

婁脕

射線貫穿能力很弱；電離作用很強，一張紙就能把它擋住，婁脕

射線是高速氦核流；婁脗

射線能貫穿幾毫米厚的鋁板，電離作用較強，是原子核中的一個中子轉化成一個質子，同時釋放出婁脗

射線；婁脙

射線穿透本領最強，甚至能穿透幾厘米厚的鉛板，是原子核發生衰變時釋放的能量以婁脙

光子的形式輻射出來的．

了解三種射線的特性，熟悉課本基本知識就能順利解決此類問題，故要加強基礎知識的積累.

多記．【解析】C

7、A【分析】解：A

棒受重力G

拉力F

和安培力FA

的作用.

由動能定理：WF+WG+W擄虜=鈻?EK

得WF+W擄虜=鈻?EK+mgh

即力F

做的功與安培力做功的代數和等于機械能的增加量.

故A正確．

B

由動能定理；動能增量等于合力的功.

合力的功等于力F

做的功、安培力的功與重力的功代數和.

故B錯誤．

C

棒克服重力做功等于棒的重力勢能增加量.

故C錯誤．

D

棒克服安培力做功等于電阻R

上放出的熱量.

故D錯誤。

故選A

棒在豎直向上的恒力F

作用下加速上升的一段時間內；F

做正功，安培力做負功，重力做負功，動能增大.

根據動能定理分析力F

做的功與安培力做的功的代數和．

本題運用功能關系分析實際問題.

對于動能定理理解要到位：合力對物體做功等于物體動能的增量，哪些力對物體做功，分析時不能遺漏．【解析】A

二、填空題(共6題，共12分)8、放5×104【分析】【解答】根據熱力學第一定律△U=Q+W，活塞對氣缸中的氣體做功為W=2.0×105J，氣體內能增加了1.5×105J，根據公式為：△U=Q+W．放出熱量為Q=5.0×104J．故答案為：放，5×104

【分析】熱力學第一定律內容為：熱力系內物質的能量可以傳遞，其形式可以轉換，在轉換和傳遞過程中各種形式能源的總量保持不變．公式為：△U=Q+W．9、略

【分析】解：X光機利用X射線有很強的穿透能力；紫外線燈是利用紫外線具有殺菌消毒作用；而“神燈”是利用紅外線具有顯著的熱作用；

故選：（1）D（2）C（3）E

根據各種電磁波的特征與用途；即可解題．

考查電磁波的用途，以便學生認識電磁波．【解析】D；C；E10、略

【分析】

根據v=得，v=．

故答案為：2×108

【解析】【答案】根據v=求出光在玻璃中的傳播速度．

11、略

【分析】【解析】【答案】VC＞VA＝VB12、略

【分析】解：英國的物理學家卡文迪許利用扭秤實驗測定了引力常數G；根據萬有引力充當重力可知：

解得：M=

故答案為：扭秤；

明確萬有引力定律的發現歷程；能根據萬有引力提供重力列式求解地球的質量．

本題考查萬有引力定律的發現歷程以及應用，要注意明確牛頓發現了萬有引力定律，但卻是卡文迪許利用利用扭秤實驗測定了引力常數G，從而促進了萬有引力定律的應用．【解析】扭秤；13、(1)F

E

(2)2m/s2

3m/s

(3)

24N

(4)1隆脙1

3隆脙1【分析】(1)

驗證機械能守恒，即驗證動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等，兩邊都有質量，所以天平不需要。打點計時器使用的是交流電源，所以低壓直流電源需要更換。(2)

由圖像得前兩秒的加速度a=?v?t=2m/s2

平均速度v=xt=3m/s

(3)

對小黃雞受力分析，受重力、支持力、摩擦力和拉力，如圖所示：N=mg鈭?Fsin53鈭?=200鈭?100隆脕0.8=120N

f=婁脤N=0.2隆脕120N=24N

．(4)

皮帶傳動，邊緣點線速度相等，故兩輪邊緣的線速度大小之比等于1:1

根據v=婁脴r

線速度相等時，角速度與轉動半徑成反比，故兩輪邊緣點的加速度之比為3:1

由于同軸傳動角速度相等，故A輪半徑中點與B

輪邊緣的角速度大小之比等于3:1

【解析】(1)F

E

(2)2m/s2

3m/s

(3)

24N

(4)1隆脙1

3隆脙1

三、判斷題(共5題，共10分)14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．17、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．18、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．四、解答題(共2題，共16分)19、略

【分析】

（1）穿過線圈平面的最大磁通量。

Φm=BS=Bl1l2=0.4×0.2×0.25Wb=0.02Wb

（2）線圈在圖示位置時電動勢達到最大值；

此時感應電動勢的值為。

e=Em=NBSω=NBl1l2ω=50×0.4×0.2×0.25×100V=100V

（3）電動勢的有效值為E==100V

電流有效值為I==A=10A

電阻R上產生的熱量為Q=I2Rt=102×9×60J=5.4×104J

答：（1）最大磁通量為為為0.02Wb；（2）感應電動勢為100V；（3）熱量為5.4×104J．

【解析】【答案】線框在勻強磁場中勻速轉動，產生正弦式交變電流，根據規律可列出感應電動勢的瞬時表達式，最大值與有效值的倍；每當線框通過中性面時；電流方向改變；當磁通量為零時，線框切割速度最大，產生的電動勢也最大．

20、略

【分析】

（1）從狀態A到狀態C過程，氣體發生等容變化，該氣體對外界做功W1=0

根據熱力學第一定律有△U1=W1﹢Q1

內能的增量△U1=Q1=9J

（2）從狀態A到狀態B過程；體積減小，溫度升高。

該氣體內能的增量△U2=△U1=9J

根據熱力學第一定律有△U2=W2﹢Q2

從外界吸收的熱量Q2=△U2-W2=3J

答：（1）從狀態A到狀態C過程，該氣體對外界做功W1=0，其內能的增量△U1=9J；

（2）從狀態A到狀態B過程，該氣體內能的增量△U2為9J，從外界吸收的熱量Q2為3J．

【解析】【答案】（1）從狀態A到狀態C過程，氣體發生等容變化，不做功．根據熱力學第一定律求解內能的增量△U1；

（2）由于B、C兩狀態的溫度相同，內能相等，則氣體從狀態A到狀態B過程與A到C的過程內能的增量相等．再由根據熱力學第一定律求解從外界吸收的熱量Q2．

五、簡答題(共2題，共8分)21、（1）①1s22s22p63s23p63d5（或[Ar]3d5）②平面三角形（2）①C≡O②sp3小于③3×6.02×1023（3）42^(1/2)d/2（4）（5）【分析】【分析】本題旨在考查學生對原子核外電子排布、雜化軌道理論、晶胞、配合物理論等應用。【解答】rm{(1)壟脵}rm{(1)壟脵}rm{Mn}rm{Mn}rm{{,!}^{2+}}基態的電子排布式可表示為：或rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{5}}rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{5}}rm{(}或rm{[Ar]3d^{5}}rm{)}rm{(}rm{[Ar]3d^{5}}或rm{[Ar]3d^{5}}rm{)}；故答案為：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{5}}rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{5}}rm{(}或rm{[Ar]3d^{5}}rm{)}rm{(}rm{[Ar]3d^{5}}rm{[Ar]3d^{5}}的結構式為：rm{)}故答案為：；rm{壟脷NO}甲醇中rm{壟脷NO}原子的雜化方式為rm{{,!}_{3}^{-}}的空間構型是平面三角形，故答案為：鍵角小于甲醛分子內的平面三角形鍵角，故答案為：；rm{(2)壟脵CO}的結構式為：rm{C隆脭O}故答案為：rm{C隆脭O}rm{(2)壟脵CO}個甲醛分子含有rm{C隆脭O}個rm{C隆脭O}鍵，故rm{壟脷}甲醇中rm{C}原子的雜化方式為甲醛分子中含有的rm{壟脷}鍵數目為：rm{C}rm{sp^{3}}rm{sp^{3}}，甲醇分子內的rm{O-C-H}鍵角小于甲醛分子內的rm{O-C-H}鍵角，故答案為：rm{O-C-H}；故答案為：rm{O-C-H}rm{sp^{3}}rm{sp^{3}}；小于；rm{壟脹1}個甲醛分子含有rm{3}個rm{婁脪}鍵，故rm{1mol}甲醛分子中含有的rm{婁脪}鍵數目為：；rm{壟脹1}在rm{3}晶體中與硅原子距離最近的原子有rm{婁脪}個，設rm{1mol}立方體