…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教新版選修化學下冊階段測試試卷655考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、能把Na2SO4、NH4Cl、KCl、(NH4)2SO4這四種無色溶液區分開的一種試劑是(必要時可加熱)A.Ba(OH)2溶液B.KOH溶液C.BaCl2溶液D.AgNO3溶液2、在有機物分子中，若碳原子連接四個不同的原子或原子團，該碳原子稱為手性碳原子，以●C表示。具有手性碳原子的有機物具有光學活性。下列分子中，沒有光學活性的是A.乳酸：CH3-CH(OH)-COOHB.甘油：CH2(OH)-CH(OH)-CH2(OH)C.脫氧核糖：CH2(OH)-CH(OH)-CH(OH)-CH2-CHOD.核糖：CH2(OH)-CH(OH)-CH(OH)-CH(OH)-CHO3、下列說法不正確的是A.丙烷和丁烷互稱為同系物B.的名稱為3-甲基丁烷C.沸點：正丁烷>異丁烷>丙烷D.CH3CH2CH2CH3和CH3CH(CH3)2互為同分異構體4、下列實驗裝置及操作能達到相應實驗目的的是。

A.用裝置①分離和兩種固體B.用裝置②制備能較長時間觀察到其白色C.用裝置③做鉀元素的焰色試驗D.用裝置①制備并檢驗乙炔的性質5、檢驗淀粉水解程度的實驗如下：

步驟1：向淀粉溶液中加入稀加熱幾分鐘，冷卻后取少量水解液于一支試管中，向試管加入碘水，溶液顯藍色。

步驟2：另取少量水解液于試管中，加入NaOH溶液至堿性，再加入新制懸濁液加熱至沸騰；有磚紅色沉淀生成。

下列說法正確的是A.步驟1如果不加入稀淀粉就不會發生水解B.步驟1中的實驗現象說明淀粉沒有發生水解C.步驟2中的實驗現象說明淀粉的水解產物具有氧化性D.步驟1和步驟2的實驗現象說明淀粉部分發生水解6、如下圖是某種有機物分子的球棍模型圖。圖中的“棍”代表單鍵或雙鍵；不同大小的“球”代表三種不同的短周期元素的原子。對該有機物的敘述不正確的是()

A.該有機物可能的分子式為C2HCl3B.該有機物的分子中一定有C.該有機物分子中的所有原子在同一平面上D.該有機物可以由乙烯和氯化氫加成反應得到評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、下列關于有機化合物的說法正確的是A.的名稱為2，2，3一三甲基丁酸B.二者只能用金屬鈉鑒別C.互為同分異構體D.立方烷()與棱晶烷()的二氯代物種數相同(不考慮立體異構)8、下列化學性質中，通常情況下烷烴不具備的是（）A.能與NaOH溶液反應B.可以在空氣中燃燒C.可與Cl2發生取代反應D.能使酸性KMnO4溶液褪色9、下列化合物中，既能發生取代反應又能發生加成反應的有A.CH3-CH=CH2B.CH3CH2CH2OHC.D.10、下列敘述正確的是A.乙醇中混有的少量水可用金屬鈉進行檢驗B.1-丙醇和2-丙醇發生消去反應的產物相同C.有機物A(C4H6O2)能發生加聚反應，可推知A的結構一定是CH2=CH-CH2COOHD.可用溴水鑒別直餾汽油、四氯化碳和乙酸11、香草醛是一種食品添加劑；可由愈創木酚作原料合成，合成路線如圖：

已知：R－COOH具有與乙酸相似的化學性質。下列說法錯誤的是A.1mol乙與足量Na反應產生1molH2B.可用NaHCO3溶液鑒別化合物甲和乙C.檢驗制得的丁(香草醛)中是否混有化合物丙，可選用濃溴水D.等物質的量的甲、乙分別與足量NaOH反應，消耗NaOH的物質的量之比為1：212、根據下列實驗操作和現象所得出的結論正確的是。選項實驗操作與現象結論A用滴管取少量油脂皂化反應后的混合液滴入熱水中，水面無油滴油脂已經完全皂化B淀粉溶液在稀硫酸存在下加熱一段時間后，加入銀氨溶液水浴加熱，無銀鏡生成淀粉還沒水解C向X的水溶液中滴入新制氫氧化銅懸濁液，加熱，產生磚紅色沉淀X一定是醛D取少量CH3CH2Cl與NaOH溶液共熱,冷卻后先加硝酸酸化，再滴加AgNO3溶液，產生白色沉淀CH3CH2Cl已水解A.AB.BC.CD.D13、奧司他韋是一種抗病毒藥物；常用于治流感，結構如圖所示。根據該化合物的結構推測不可能有的性質是。

A.能夠使酸性高錳酸鉀溶液褪色B.1mol該物質只能與1molNaOH發生反應C.一個分子中存在有3個手性碳D.碳原子共有兩種雜化方式，其中sp2雜化的碳原子有三個14、已知酸性:現要將轉變為可行的方法是A.與足量NaOH溶液共熱，再通入足量CO2氣體B.與稀硫酸共熱后，再加入足量NaOH溶液C.該物質的溶液中加入足量的稀硫酸加熱D.與稀硫酸共熱后，再加入足量的NaHCO3溶液15、要檢驗某溴代烷中的溴原子，下列的實驗方法一定正確的是（）A.加入氯水振蕩，觀察水層是否有橙紅色出現B.滴入AgNO3溶液，再加入稀鹽酸呈酸性，觀察有無淺黃色沉淀生成C.加入NaOH溶液，共熱，然后加入稀HNO3酸化，再滴入AgNO3溶液，觀察有無淺黃色沉淀生成D.加入NaOH醇溶液，共熱，然后加入稀HNO3酸化，再滴入AgNO3溶液，觀察有無淺黃色沉淀生成評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、原電池的發明是化學對人類的一項重大貢獻。依據氧化還原反應：Cu+2Fe3+=2Fe2++Cu2+設計的原電池如圖所示。

（1）電極X的材料是__；電解質溶液Y是__。

（2）Ag電極上發生的反應為：__。17、按要求填空。

（1）烷烴A在同溫、同壓下蒸氣的密度是的43倍，其分子式為______。

（2）烷烴E完全燃燒，消耗標準狀況下的其分子式為______。

（3）用式量為43的烷基取代甲苯苯環上的一個氫原子，所得芳香烴產物的數目為______。

（4）某有機物的結構表達式為其名稱是______。

（5）萘的結構式為其分子式為______。

（6）立方烷的六氯代物有______種。18、已知某溶液中只存在OH﹣、H+、CH3COO﹣、Na+四種離子；某同學推測其離子濃度大小順序有如下四種關系：

①c(Na+)＞c(CH3COO﹣)＞c(OH﹣)＞c(H+)

②c(CH3COO﹣)=c(Na+)＞c(H+)=c(OH﹣)

③c(CH3COO﹣)＞c(Na+)＞c(H+)＞c(OH﹣)

④c(CH3COO﹣)＞c(Na+)＞c(OH﹣)＞c(H+)

（1）若溶液中溶解了一種溶質，則該溶質是_____，上述四種離子濃度的大小順序為______．（填序號）

（2）若上述關系中③是正確的，則溶液中的溶質為_____；

（3）若該溶液是由體積相等的NaOH溶液和醋酸混合而成，且恰好呈中性，則混合前c(NaOH）_____c（CH3COOH）（填“大于”、“小于”、或“等于”，下同），混合前酸中c(H+)_____c(OH-)．19、（1）將等體積等物質的量濃度的醋酸和氫氧化鈉溶液混合后，溶液呈___（填“酸性”，“中性”或“堿性”，下同），溶液中c(Na＋)___c(CH3COO－)（填“>”或“＝”或“<”）。

（2）pH＝3的醋酸和pH＝11的氫氧化鈉溶液等體積混合后溶液呈___，溶液中c(Na＋)___c(CH3COO－)。

（3）物質的量濃度相同的醋酸和氫氧化鈉溶液混合后，溶液中醋酸根離子和鈉離子濃度相等，則混合后溶液呈___，醋酸體積___氫氧化鈉溶液體積。

（4）常溫下，Ksp(PbI2)=8.5×10-9。取適量黃色PbI2粉末溶于水中，充分攬拌后得到濁液，過濾。在濾液中加入少量KI，測得c(I-)=1.0×10-2mol·L-1。則c(Pb2+)=___。20、按要求填寫下列空白。

(1)分子中含有50個氫原子的烯烴的分子式：_______

(2)相對分子質量為72的烷烴的分子式：_______，其含有三種同分異構體，結構簡式分別是_______、_______、_______。

(3)(鍵線式)的分子式為：_______。

(4)的官能團名稱是_______，該官能團的電子式是：_______。

(5)CH3COOC2H5的名稱是_______。

(6)含有19個共價鍵的烷烴的分子式為_______。

(7)按照系統命名法：_______。

(8)C4H10中沸點最高的分子的一氯代物有_______種21、在石蠟油的分解實驗中；產物可使酸性高錳酸鉀溶液褪色，也可以使溴的四氯化碳溶液褪色。

請你根據實驗過程及現象探討下列問題：

（1）碎瓷片的作用是__。

（2）分解產物中的氣體是否都是烷烴__；你的依據是__。

（3）證明石蠟油分解產物中含有碳、氫元素的方法是__。22、蘋果酸常用于汽水；糖果的添加劑。

（1）寫出蘋果酸中官能團的名稱__。

（2）寫出蘋果酸分別與下列物質反應的化學方程式。

①Na：__。

②Na2CO3：__。

（3）寫出其一分子內酯化成四元環酯的結構簡式：___。23、（1）戊烷的某種同分異構體只有一種一氯代物，試書寫它的結構簡式_______

（2）某炔烴和氫氣充分加成生成2，5﹣二甲基己烷，該炔烴的結構簡式是_______

（3）某芳香烴結構為它一氯代物有_______種。

（4）分子式為C6H12的某烴的所有碳原子都在同一平面上，則該烴的結構簡式為_______，若分子式為C4H6的某烴中所有的碳原子都在同一條直線上，則該烴的結構簡式為_______。

（5）分子式為C8H10的芳香烴，苯環上的一氯代物只有一種，該芳香烴的結構簡式是_______。評卷人得分四、判斷題(共3題，共12分)24、為了加快反應速率可用飽和食鹽水代替水。(_____)A.正確B.錯誤25、氨基酸均既能與酸反應，又能與堿反應。(_____)A.正確B.錯誤26、高分子不溶于任何溶劑，但對環境都會產生污染。(____)A.正確B.錯誤評卷人得分五、元素或物質推斷題(共1題，共6分)27、某溶液只含Cl-、HCOSOSOH+、NHK+、Ba2+八種離子中的某幾種。實驗如下(提示：實驗全過程均暴露在空氣中進行)：

①取部分溶液加足量NaOH溶液加熱；產生使濕潤紅色石蕊試紙變藍色的氣體。

②取實驗①后的溶液加BaCl2溶液產生沉淀；再加足量稀鹽酸；加熱，沉淀部分溶解同時生成無色氣體。將氣體先通入過量溴水、再通入澄清石灰水，觀察到溴水顏色變淺、石灰水變渾濁。

③另取實驗②后的溶液少量，加硝酸酸化的AgNO3溶液產生白色沉淀。

回答下列問題：

(1)原溶液中一定含有的離子是__，對于不能確定是否存在的陽離子，可用__方法加以鑒定。

(2)實驗②中使溴水顏色變淺的離子方程式為__。

(3)經師生討論后，認為若實驗②中溴水褪成無色則石灰水變渾濁的作用將失去意義，請說明原因__。評卷人得分六、推斷題(共1題，共7分)28、有機物I是一種常用的植物調味油；常用脂肪烴A和芳香烴D按如下路線合成：

已知①RCHO+CH3CHORCH=CHO+H2O

②通常在同一個碳原子上連有兩個羥基不穩定；易脫水形成羰基。

回答下列問題:

(1)A的名稱是_______；H含有的官能團名稱是________。

(2)②的反應條件是_______________；⑦的反應類型是_______________。

(3)I的結構簡式是____________________。

(4)④的化學方程式是_______________________________。

(5)L是I的同分異構體且含有相同的官能團；其結構中苯環上只有兩個處于對位的取代基，則L共有_____種(不考慮立體異構)。

(6)參照上述合成路線，設計以C為原料制備保水樹脂的合成路線(無機試劑任選)__________________參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

A．向Na2SO4、NH4Cl、KCl、(NH4)2SO4四瓶無色溶液中分別加入Ba(OH)2溶液；實驗現象分別為：生成白色沉淀；有刺激性氣味的氣體生成、不反應無現象、既有沉淀生成又有刺激性氣味的氣體生成，實驗現象各不相同，可以區別，故A正確；

B．KOH與NH4Cl、(NH4)2SO4兩瓶無色溶液均反應，均生成刺激性氣味的氣體，實驗現象相同，無法區別，KOH與Na2SO4；KCl溶液不反應；無法區別，故B錯誤；

C．BaCl2與Na2SO4、(NH4)2SO4兩瓶無色溶液均反應，均生成白色沉淀，實驗現象相同，無法區別，BaCl2與NH4Cl；KCl兩瓶無色溶液均不反應；無法區別，故C錯誤；

D．AgNO3與Na2SO4、NH4Cl、KCl、(NH4)2SO4四瓶無色溶液均反應；均生成白色沉淀，實驗現象相同，不能區別，故D錯誤；

故選A。2、B【分析】【詳解】

A、根據手性碳原子的定義，乳酸中與羥基相連的碳原子為手性碳原子，具有光學活性，故A錯誤；B、不符合手性碳原子的定義，不具有光學活性，故B正確；C、－CH(OH)－中的碳原子為手性碳原子，具有光學活性，故C錯誤；D、－CH(OH)－中碳原子為手性碳原子，具有光學活性，故D錯誤。3、B【分析】【詳解】

A、丙烷和丁烷結構相似，在分子組成上相差1個CH2原子團；互稱為同系物，選項A正確；

B.最長碳鏈4個碳；2號碳上有一個甲基，名稱為2-甲基丁烷，選項B不正確；

C；分子晶體中；相對分子質量越大，沸點越高，烷烴同分異構體中支鏈越多，沸點越低，相對分子質量正丁烷=異丁烷＞丙烷，但異丁烷支鏈多，所以沸點低，即沸點為正丁烷＞異丁烷＞丙烷，選項C正確；

D、CH3CH2CH2CH3和CH3CH(CH3)2分子式相同；結構不同，互為同分異構體，選項D正確。

答案選B。4、B【分析】【詳解】

A．裝置①易升華，遇冷凝華，而受熱分解產生HCl和兩種氣體遇冷又生成因此無法利用裝置①分離兩種固體，A不能達到相應目的；

B．裝置②打開止水夾a時，利用左側試管中產生氫氣可以排除裝置中的空氣，關閉止水夾后，利用氫氣產生的壓力，將溶液壓入右側試管，可以較長時間觀察的生成的白色沉淀；B能達到相應實驗目的；

C．裝置丙中用Cu絲產生焰色現象；對鉀元素的焰色試驗有干擾，因此應改成用鐵絲或者鉑絲，C不能達到相應實驗目的；

D．裝置丁中產生的乙炔氣體中含有氣體；也會使溴水褪色，需要用硫酸銅溶液除掉雜質后，再通入溴水中檢驗乙炔的性質，D不能達到相應實驗目的；

故選：B。5、D【分析】【詳解】

A．硫酸是淀粉溶液水解的催化劑，所以步驟1加入稀H2SO4，目的是為了加快淀粉的水解速率，并不是不加入稀淀粉就不會發生水解；A錯誤；

B．淀粉水解生成葡萄糖；又淀粉遇碘變藍，可能是因為淀粉部分發生水解，則步驟1中的實驗現象不能說明淀粉沒有發生水解，B錯誤；

C．氫氧化銅變為磚紅色氧化亞銅沉淀；即銅元素被還原，所以步驟2中的實驗現象說明淀粉的水解產物具有還原性，C錯誤；

D．淀粉水解生成葡萄糖；且葡萄糖能和氫氧化銅作用生成磚紅色沉淀，淀粉遇碘變藍，所以步驟1和步驟2的實驗現象說明淀粉部分發生水解，D正確；

故選D。6、D【分析】【分析】

按半徑規律；最小的球代表氫原子，處于第一周期；共用一對電子對，因為有機物分子中一定含有C原子，通常要共用四對電子對，則與H共價的大小中等的球（白球）是碳原子、碳原子處于第二周期、最大的球，與碳原子以共價鍵結合，處于第三周期，據題意，推測其為氯，據此回答；

【詳解】

A.由上分析知，該有機物可能的分子式為C2HCl3；A正確；

B.結合模型示意圖和分子式為C2HCl3，可知分子有一個不飽和度，是一種結構類似烯烴的物質，該有機物的分子中一定有B正確；

C.該有機物分子中存在碳碳雙鍵；類似乙烯的結構，所以分子中的所有原子在同一平面上，C正確；

D、乙烯和氯化氫加成得到C2H5Cl；D錯誤；

答案選D。

【點睛】

學習有機物，要從官能團入手，從具有相同官能團的代表物的化學性質來類推，如含碳碳雙鍵的有機物的化學性質，就與乙烯類似。二、多選題(共9題，共18分)7、CD【分析】【分析】

有機物的命名首先要找官能團；定母名，編號時從官能團的一端開始，使取代基的編號之和最小。有機物的鑒別主要是在化學性質的不同，根據官能團的不同選擇不同的試劑進行鑒別。同分異構體的判斷利用定義和等效法進行判斷。

【詳解】

A．根據官能團是羧基；命名時從官能團的一端開始編號，故命名為：2,3,3—三甲基丁酸，故A不正確；

B．此兩種有機物官能團的區別除了羥基外；還有雙鍵，所以可以利用溴水鑒別，故B不正確；

C．根據分子式相同；結構不同判斷它們互為同分異構體，故C正確；

D．根據等效氫；對稱法進行判斷二氯代物的種類都是3種，故D正確。

故選答案CD。

【點睛】

二氯代物的同分異構體的判斷注意在立方體中，可以看成棱、面、體三個角度判斷。而三棱柱中注意側棱和上棱的二氯代物不同。8、AD【分析】【詳解】

A．通常情況下，烷烴比較穩定，不與溶液反應；A選項符合題意；

B．烷烴可以在空氣中燃燒，生成CO2和H2O；B選項不符合題意；

C．烷烴在光照條件下能與氯氣發生取代反應；C選項不符合題意；

D．烷烴不能使酸性高錳酸鉀溶液褪色；D選項符合題意；

答案選AD。9、AD【分析】【詳解】

A.丙烯含有飽和C原子；因此可以發生取代反應，含有碳碳雙鍵，可以發生加成反應，A符合題意；

B.丙醇含有醇羥基；可以發生取代反應，沒有不飽和的碳碳雙鍵；碳碳三鍵、無醛基、羰基，不能發生加成反應，B不符合題意；

C.該物質名稱為2；2-二甲基丁烷，屬于烷烴，只能發生取代反應，不能發生加成反應，C不符合題意；

D.苯在一定條件可以發生取代反應；加成反應；D符合題意；

故合理選項是AD。10、BD【分析】【分析】

【詳解】

A．由于乙醇和鈉也能反應放出大量的氣泡；故乙醇中混有的少量水不能用金屬鈉進行檢驗，而應該用無水硫酸銅，A錯誤；

B．1-丙醇和2-丙醇發生消去反應的產物均為丙烯CH2=CHCH3；B正確；

C．有機物A(C4H6O2)能發生加聚反應只能說明A分子中含有碳碳雙鍵或三鍵，可推知A的結構可能是CH2=CH-CH2COOH或CH3CH=CHCOOH，HOCH2CH=CHCHO，HOCH2C≡CCH2OH等；C錯誤；

D．直溜汽油不溶于水；密度比水小，四氯化碳不溶于水，密度比水大，乙酸能與水任意比混溶，故可用溴水鑒別直餾汽油；四氯化碳和乙酸，D正確；

故答案為：BD。11、AC【分析】【詳解】

A．因為1mol—OH與足量Na反應產生0.5molH2，1mol—COOH與足量Na反應產生0.5molH2，1mol乙含有2mol—OH和1mol—COOH，故1mol乙與足量Na反應產生1.5molH2；A項錯誤；

Ｂ．NaHCO3溶液能和羧基發生反應產生CO2氣體，甲沒有羧基，而乙有，故可用NaHCO3溶液鑒別化合物甲和乙；B項正確；

Ｃ．濃溴水能和酚羥基的鄰對位上的氫發生取代反應；化合物丙和丁的酚羥基的鄰對位有氫，都能使溴水褪色，故用濃溴水不能檢驗制得的丁(香草醛)中是否混有化合物丙，C項錯誤；

Ｄ．1mol酚羥基消耗1molNaOH；1mol羧基消耗1molNaOH，1mol甲含有1mol酚羥基，1mol乙含有1mol酚羥基和1mol羧基，故等物質的量的甲；乙分別與足量NaOH反應，消耗NaOH的物質的量之比為1：2，D項正確；

故答案為AC。12、AD【分析】【詳解】

A.油脂不溶于水；油脂發生皂化反應所得產物高級脂肪酸鈉、甘油能溶于水；用滴管取少量油脂皂化反應后的混合液滴入熱水中，水面無油滴，油脂已經完全皂化，A正確；

B.淀粉溶液在稀硫酸存在下加熱一段時間后；應先往水解液中加堿中和后；再加入銀氨溶液水浴加熱，若無銀鏡生成，淀粉還沒水解，B不正確；

C.向X的水溶液中滴入新制氫氧化銅懸濁液；加熱，產生磚紅色沉淀，X中一定含醛基但不一定是醛，C不正確；

D.取少量CH3CH2Cl與NaOH溶液共熱，冷卻后先加硝酸中和氫氧化鈉使溶液呈酸性，再滴加AgNO3溶液，若產生白色沉淀，則CH3CH2Cl已水解；D正確；

答案選AD。13、BD【分析】【詳解】

A．由于分子中含有碳碳雙鍵和氨基；故能夠使酸性高錳酸鉀溶液褪色，A不合題意；

B．分子中含有1mol酰胺鍵和1mol酯基；故1mol該物質能與2molNaOH發生反應，B符合題意；

C．同時與四個互不相同的原子或原子團相連的碳原子為手性碳原子，故一個分子中存在有3個手性碳如圖所示：C不合題意；

D．碳原子共有sp2、sp3兩種雜化方式，其中sp2雜化的碳原子有4個；分別是碳碳雙鍵上兩個和碳氧雙鍵上兩個，D符合題意；

故答案為：BD。14、AD【分析】【詳解】

A．應先在堿性條件下水解生成再通入二氧化碳氣體可生成故A正確；

B．在酸性條件下水解生成加入NaOH后生成得不到故B錯誤；

C．在酸性條件下水解生成故C錯誤；

D．在酸性條件下水解生成再加入足量的NaHCO3溶液，－COOH與之反應，反應生成故D正確；

故選AD。15、CD【分析】【詳解】

A．溴乙烷、氯氣均溶于CCl4且二者不反應；觀察水層顏色不能檢驗，A不合題意；

B．不存在溴離子；再加入稀鹽酸呈酸性后加硝酸銀溶液產生白色沉淀，B不合題意；

C．加入NaOH溶液共熱，發生水解反應，生成NaBr，然后加稀硝酸呈酸性，再滴入AgNO3溶液；觀察有淡黃色沉淀生成可檢驗，C符合題意；

D．加入NaOH、乙醇溶液共熱，發生消去反應生成HBr與NaOH反應生成NaBr，然后加稀硝酸呈酸性，再滴入AgNO3溶液；觀察有淡黃色沉淀生成可檢驗，D符合題意；

故答案為：CD。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

(1)依據氧化還原反應：Cu+2Fe3+=2Fe2++Cu2+；負極金屬材料是Cu，電解質是含有鐵離子的鹽溶液；

(2)原電池的正極得電子；發生還原反應，負極失電子，發生氧化反應，結合電子守恒；電荷守恒寫出電極反應式。

【詳解】

(1)依據氧化還原反應：Cu+2Fe3+=2Fe2++Cu2+，負極金屬材料是Cu，所以電極X的材料是Cu，電解質Y是含有鐵離子的鹽溶液，可以是Fe2(SO4)3溶液或FeCl3溶液，故答案為：Cu；Fe2(SO4)3或FeCl3；

(2)原電池的正極是銀電極，鐵離子得電子，發生還原反應，即Fe3++e-=Fe2+，故答案為：Fe3++e-=Fe2+。【解析】CuFe2(SO4)3或FeCl3Fe3++e-=Fe2+17、略

【分析】【分析】

(1)根據同溫、同壓下，氣體的密度之比等于相對分子質量之比，首先計算A的相對分子質量，再根據烷烴的通式CnH2n+2計算判斷；

(2)根據烷烴燃燒的通式分析計算；

(3)烷基的通式為-CnH2n+1；根據式量確定烷基的種類，利用等效H判斷甲苯苯環上的H原子種類，據此分析判斷；

(4)該有機物主鏈含有7個C；且含有碳碳雙鍵，根據烯烴的命名規則命名；

(5)根據結構簡式分析判斷萘的分子式；

(6)根據立方烷的結構分析判斷其二氯代物的同分異構體數目；六氯代物與二氯代物的同分異構體數目相同，據此分析判斷。

【詳解】

(1)同溫、同壓下，氣體的密度之比等于相對分子質量之比，因此M(A)=43×2=86，設烷烴為CnH2n+2，則12n+2n+2=86，解得n=6，分子式為C6H14，故答案為C6H14；

(2)0.1mol烷烴E完全燃燒消耗O2的物質的量為=0.5mol，所以1molE完全燃燒，消耗=5mol氧氣，根據反應CnH2n+2+O2→nCO2+(n+1)H2O，可得：=5，解得：n=3，則E的分子式為C3H8，故答案為C3H8；

(3)烷基組成通式為-CnH2n+1，烷基式量為43，所以14n+1=43，解得n=3，所以該烷基為-C3H7；可以為正丙基和異丙基。當為正丙基時，甲苯苯環上的H原子種類有3種，所以有3種同分異構體；當為異丙基時，甲苯苯環上的H原子種類有3種，所以也有3種同分異構體，故該芳香烴產物的種類數為6種，故答案為6；

(4)有機物主鏈含有7個C；且含有碳碳雙鍵，為5-甲基-2-庚烯，故答案為5-甲基-2-庚烯；

(5)的結構中含10個碳原子，8個H原子，故分子式為C10H8，故答案為C10H8；

(6)立方烷()中含8個碳原子，每個碳原子上連一個H原子；立方烷的二氯代物的同分異構體分別是：一條棱、面對角線、體對角線上的兩個氫原子被氯原子代替，所以二氯代物的同分異構體有3種；分子中共含有8個H原子，則六氯代物與二氯代物的同分異構體數目相同，六氯代物的同分異構體有3種，故答案為3。【解析】①.C6H14②.C3H8③.6④.5-甲基-2-庚烯⑤.C10H8⑥.318、略

【分析】【分析】

根據弱酸的電離程度及其酸根離子的水解程度較小分析相關問題。

【詳解】

（1）某溶液中只存在OH﹣、H+、CH3COO﹣、Na+四種離子，若溶液中溶解了一種溶質，由于水能電離出H+和OH﹣，則該溶質為CH3COONa，CH3COO﹣可以有少量發生水解并使溶液呈堿性，故上述四種離子濃度的大小順序為c(Na+)＞c(CH3COO﹣)＞c(OH﹣)＞c(H+)；故選①。

（2）若上述關系中③c(CH3COO﹣)＞c(Na+)＞c(H+)＞c(OH﹣)是正確的，則溶液顯酸性，由于醋酸鈉水解能使溶液呈堿性，而醋酸的電離可以使溶液呈酸性，說明溶液中的溶質有兩種，分別為CH3COONa與CH3COOH；

（3）若該溶液是由體積相等的NaOH溶液和醋酸混合而成，且恰好呈中性，由于醋酸鈉水解能使溶液呈堿性，而醋酸的電離可以使溶液呈酸性，說明NaOH溶液和醋酸反應后，醋酸過量，則混合前c(NaOH)小于c(CH3COOH)，但是由于醋酸的電離度很小，故混合前酸中c(H+)小于c(OH-)。【解析】①.CH3COONa②.①③.CH3COONa與CH3COOH④.小于⑤.小于19、略

【分析】【分析】

（1）將等體積等物質的量濃度的醋酸和氫氧化鈉溶液混合后，二者恰好完全反應，生成CH3COONa和水，由于CH3COO-+H2OCH3COOH+OH-，可得出溶液的酸堿性及溶液中c(Na＋)與c(CH3COO－)的關系；

（2）醋酸為弱酸，pH＝3的醋酸和pH＝11的氫氧化鈉溶液等體積混合后，醋酸有剩余，剩余的醋酸發生電離，CH3COOHCH3COO-+H+，由此可確定溶液的酸堿性及溶液中c(Na＋)與c(CH3COO－)的關系；

（3）物質的量濃度相同的醋酸和氫氧化鈉溶液混合后，溶液中醋酸根離子和鈉離子濃度相等，依據電荷守恒，可得出溶液中c(H+)與c(OH-)的關系；從而確定混合后溶液的酸堿性及醋酸體積與氫氧化鈉溶液體積的關系；

（4）濾液中PbI2達到沉淀溶解平衡，加入少量KI，測得c(I-)=1.0×10-2mol·L-1，由Ksp(PbI2)=c(Pb2+)?c2(I-)，可求出c(Pb2+)。

【詳解】

（1）將等體積等物質的量濃度的醋酸和氫氧化鈉溶液混合后，二者恰好完全反應，生成CH3COONa和水，由于CH3COO-+H2OCH3COOH+OH-，使溶液呈堿性；由于CH3COO-水解，導致其濃度減小，所以c(Na＋)>c(CH3COO－)。答案為：堿性；>；

（2）醋酸為弱酸，pH＝3的醋酸和pH＝11的氫氧化鈉溶液等體積混合后，醋酸有剩余，剩余的醋酸發生電離，CH3COOHCH3COO-+H+，所以溶液呈酸性；溶液中CH3COONa=CH3COO-+Na+，再加上CH3COOHCH3COO-+H+，所以c(Na＋)3COO－)。答案為：酸性；<；

（3）物質的量濃度相同的醋酸和氫氧化鈉溶液混合后，溶液中醋酸根離子和鈉離子濃度相等，依據電荷守恒，可得出溶液中c(H+)=c(OH-)，從而確定混合后溶液呈中性；若二者剛好完全反應，則由于醋酸根離子的水解而使溶液顯堿性，現在溶液呈中性，則說明醋酸過量，所以醋酸體積>氫氧化鈉溶液體積。答案為：中性；>；

（4）濾液中PbI2達到沉淀溶解平衡，加入少量KI，測得c(I-)=1.0×10-2mol·L-1，由Ksp(PbI2)=c(Pb2+)?c2(I-)，可求出c(Pb2+)=

答案為：8.5×10-5mol/L?！窘馕觥繅A性>酸性<中性>8.5×10-5mol/L20、略

【分析】【詳解】

（1）烯烴的通式為CnH2n，分子中含有50個氫原子，則：2n=50，解得：n=25，所以烯烴的分子式為C25H50；

（2）設烷烴的分子式為CxH（2x+2），則14x+2=72，解得x=5，所以該烷烴的分子式為C5H12，分子式為C5H12的同分異構體存在以下情況：主鏈有5個碳原子的：CH3CH2CH2CH2CH3，主鏈有4個碳原子的：CH3CH(CH3)CH2CH3，主鏈有3個碳原子的：CH3C(CH3)2CH3；

（3）由該物質的結構可知分子式為：C15H21O3；

（4）該物質的官能團-OH的名稱是羥基，O與H共一對電子對，O原子還剩下一個電子未成對，其電子式是：

（5）CH3COOC2H5的官能團是酯基；由乙酸和乙醇發生酯化反應得到，名稱是乙酸乙酯；

（6）烷烴的組成為CnH2n+2，含有的共價鍵數目為3n+1，該烷烴有19個共價鍵，則：3n+1=19，解得n=6，所以該烷烴中碳原子數目為7，分子式為C6H14；

（7）該物質主鏈有5個碳；2和3號碳上取代甲基，系統命名法為：2，2，3-三甲基戊烷；

（8）C4H10的同分異構體有CH3CH2CH2CH3、CH3CH(CH3)CH3，碳原子數目相同的烷烴，其支鏈越多沸點越低，則沸點最高的分子是CH3CH2CH2CH3，有2種H，則一氯代物有2種。【解析】(1)C25H50

(2)C5H12CH3CH2CH2CH2CH3

(3)C15H21O3

(4)羥基

(5)乙酸乙酯。

(6)C6H14

(7)2；2，3-三甲基戊烷。

(8)221、略

【分析】【分析】

石蠟油在碎瓷片的催化作用下；分解的產物能使酸性高錳酸鉀溶液和溴的四氯化碳溶液褪色，一定有不飽和烴(烯烴或乙烯)生成，據此分析解答。

【詳解】

（1）石蠟油分解較緩慢；加熱碎瓷片能加快反應速率，碎瓷片還能吸收熱量而積蓄熱量從而促進石蠟油分解，起到催化劑作用；故答案為：碎瓷片可起到催化劑的作用，促進石蠟油分解；

（2）已知產物可使酸性高錳酸鉀溶液褪色；也可以使溴的四氯化碳溶液褪色，則產物中的氣體一定不都是烷烴，還有不飽和烴(烯烴或乙烯)；故答案為：產物中的氣體一定不都是烷烴；因為烷烴是飽和烴，與甲烷性質相似，不能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，也不可能使溴的四氯化碳溶液褪色；

（3）將氣體產物點燃；并檢驗燃燒產物中有二氧化碳和水生成，故答案為：在氣體產物燃燒火焰的上方罩一干冷燒杯，若燒杯內壁有水珠，證明有氫元素；在火焰的上方罩一內壁附著澄清石灰水的燒杯，若出現渾濁現象，證明含有碳元素。

【點睛】

在石蠟油的分解實驗中，產物可使酸性高錳酸鉀溶液褪色，也可以使溴的四氯化碳溶液褪色，只能說明氣體產物中含有不飽和烴，不能直接說明有乙烯生成，要證明有乙烯生成，還需進一步用實驗證明，這是學生們的易錯點?！窘馕觥克榇善善鸬酱呋瘎┑淖饔?，促進石蠟油分解產物中的氣體一定不都是烷烴因為烷烴是飽和烴，與甲烷性質相似，不能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，也不可能使溴的四氯化碳溶液褪色在氣體產物燃燒火焰的上方罩一干冷燒杯，若燒杯內壁有水珠，證明有氫元素；在火焰的上方罩一內壁附著澄清石灰水的燒杯，若出現渾濁現象，證明含有碳元素22、略

【分析】【分析】

(1)根據有機物的結構簡式分析；

(2)有機物中羥基和羧基可與Na反應；

(3)由于酸性-COOH＞碳酸＞醇；

(4)一分子內酯化成四元環酯；則環上要存在三個碳。

【詳解】

(1)根據有機物的結構簡式可知；該有機物含有羥基；羧基兩種官能團，故答案為：羥基、羧基；

(2)該有機物與Na反應的化學方程式為：2HOOC-CH-CH2COOH＋6Na=2NaOOC-CH-CH2COONa＋3H2↑，故答案為：2HOOC-CH-CH2COOH＋6Na=2NaOOC-CH-CH2COONa＋3H2↑；

(3)由于酸性-COOH＞碳酸＞醇，所以該有機物與反應的化學方程式為：HOOC-CH-CH2COOH＋Na2CO3→NaOOC-CH-CH2COONa＋H2O＋CO2↑，故答案為：HOOC-CH-CH2COOH＋Na2CO3→NaOOC-CH-CH2COONa＋H2O＋CO2↑；

(4)一分子內酯化成四元環酯，則環上要存在三個碳，結構簡式為：故答案為：

【點睛】

有機推斷題型，考查學生有機化學基礎知識同時還考查信息遷移能力、分析問題和解決問題等綜合能力。有機推斷題常以框圖題的形式出現，解題的關鍵是確定突破口：(1)根據有機物的性質推斷官能團：有機物官能團往往具有一些特征反應和特殊的化學性質，這些都是有機物結構的突破口。①能使溴水褪色的物質可能含有碳碳雙鍵、碳碳三鍵、醛基或酚類物質（產生白色沉淀）；②能發生銀鏡反應或與新制Cu(OH)2懸濁液煮沸后生成紅色沉淀的物質一定含有-CHO，并且氧化產物經酸化后轉化為-COOH；③能與H2發生加成(還原)反應說明分子中可能還有碳碳雙鍵、碳碳三鍵、羰基、苯環等；④能被催化氧化說明是碳碳雙鍵、-CHO、醇類等；⑤Na、NaOH、Na2CO3等分別用來推斷有機物中-OH、酸性官能團和酯基、-COOH等官能團的種類和數目；⑥能發生消去反應說明該有機物屬于醇類或鹵代烴；⑦能使酸性高錳酸鉀溶液褪色的物質可能含有碳碳雙鍵、碳碳三鍵、醛基、酚類物質或苯的同系物。特別注意的是當分子中含有多種官能團，選擇檢驗官能團方法時要考慮到首先消除可能產生影響的官能團?！窘馕觥竣?羥基、羧基②.2HOOC-CH-CH2COOH＋6Na=2NaOOC-CH-CH2COONa＋3H2↑③.HOOC-CH-CH2COOH＋Na2CO3=NaOOC-CH-CH2COONa＋H2O＋CO2↑④.23、略

【分析】【分析】

(1)戊烷的某種同分異構體只有一種一氯代物；說明該有機物分子中只含1種類型的氫原子；

(2)飽和烴與炔烴分子中碳的骨架完全相同；飽和烴相鄰碳原子上必須均含有兩個或兩個以上的氫原子時才可出現碳碳叁鍵，根據2，5-二甲基己烷確定炔烴的結構簡式；

(3)芳香烴的結構簡式是分子中有4種氫原子；

(4)根據乙烯是平面型分子；乙炔是直線型分子，分析判斷；

(5)分子式為C8H10的芳香烴；苯環上的一氯代物只有一種，說明結構具有對稱性，據此分析判斷。

【詳解】

(1)戊烷的某種同分異構體只有一種一氯代物，說明該有機物分子中只含1種類型的氫原子，該烴的結構簡式為故答案為：

(2)飽和烴與炔烴的碳的骨架完全相同，倒推可得，飽和烴相鄰碳原子上必須均含有兩個或兩個以上的氫原子時才可出現碳碳叁鍵，所以某炔烴和氫氣充分加成生成2，5-二甲基己烷，該炔烴的結構簡式是(CH3)2CHC≡CCH(CH3)2，故答案為：(CH3)2CHC≡CCH(CH3)2；

(3)芳香烴的結構簡式是分子中有4種氫原子()；所以一氯代物有4種，故答案為：4；

(4)乙烯是平面型分子，可看做乙烯中的四個氫原子被甲基取代，所以分子式為C6H12且所有碳原子都在同一平面上的烴的結構簡式為乙炔是直線型分子，CH3C≡CCH3可看做是甲基取代乙炔分子上的氫原子，所以分子式為C4H6的烴中所有的碳原子都在同一條直線上的結構簡式是CH3C≡CCH3，故答案為：CH3C≡CCH3；

(5)分子式為C8H10的芳香烴，苯環上的一氯代物只有一種，說明結構對稱，所以結構簡式是故答案為：【解析】(CH3)2CHC≡CCH(CH3)24CH3C≡CCH3四、判斷題(共3題，共12分)24、B【分析】【詳解】

用飽和食鹽水代替水會減慢反應速率，故錯誤。25、A【分析】【詳解】

均為弱酸的銨鹽，銨根離子能跟堿反應生成弱堿NH3?H2O，弱酸根離子能跟酸反應生成弱酸；均為弱酸的酸式鹽，酸式酸根離子能跟酸反應生成弱酸，跟堿反應生成正鹽和水；氨基酸分子中既有氨基，又有羧基，氨基有堿性，能跟酸反應，羧基有酸性，能跟堿反應。綜上所述，氨基酸均既能