…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年仁愛科普版高三物理下冊階段測試試卷892考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、下列關(guān)于時(shí)間和時(shí)刻的說法中不正確的是（）A.一節(jié)課45min指的是時(shí)間B.有南昌到北京的某次列車19：00開車，指的是時(shí)刻C.在時(shí)間坐標(biāo)軸上的每一個(gè)坐標(biāo)點(diǎn)表示的是時(shí)間D.1s初到2s末所經(jīng)歷的時(shí)間為2s2、甲、乙兩車同時(shí)同向沿直線駛向某地，甲在前一半時(shí)間以v1勻速運(yùn)動(dòng)，后一半時(shí)間以v2勻速運(yùn)動(dòng)．乙在前一半路程以v1勻速運(yùn)動(dòng)，后一半路程以v2勻速運(yùn)動(dòng)．則（）

①若v1＞v2，則甲先到②若v1＞v2；則乙先到。

③若v1＜v2，則甲先到④若v1＜v2，則乙先到．A.①③B.①④C.②③D.②④3、如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢為E,內(nèi)阻為r,電感L的電阻不計(jì)，電阻R的阻值大于燈泡D的阻值，在t=0時(shí)刻閉合開關(guān)S,經(jīng)過一段時(shí)間后，在t=t1時(shí)刻斷開S,下列表示A、B兩點(diǎn)間電壓UAB隨時(shí)間t變化的圖像中，正確的是4、某河流兩岸平行且各處水流速度均為v0，甲、乙兩船同時(shí)渡河，船頭和水流方向如圖所示，已知兩船在靜水中的速度大小相等且大于水流的速度v0，則（）A.甲船一定垂直到達(dá)對岸B.乙船一定垂直到達(dá)對岸C.甲船一定先到達(dá)對岸D.乙船一定先到達(dá)對岸5、如圖所示中ABCD是一個(gè)用折射率n=2.4的透明介質(zhì)做成的四棱柱鏡的橫截面圖，∠A=∠C=90°，∠B=60°，AB＞BC．現(xiàn)有平行光線垂直入射到棱鏡的AB面上，關(guān)于出射光線，以下判斷正確的是（）A.可能有光線從AD面射出B.可能有光線從DC面射出C.可能有光線從BC面射出，出射光線一定不會垂直于BC面D.可能有光線從AB面射出，出射光線一定垂直于AB面6、用跨過定滑輪的繩把湖中小船拉靠岸；如圖所示，已知拉繩的速度v不變，則船速（）

A.逐漸增大B.逐漸減小C.不變D.先增大后減小評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)7、在同以勻強(qiáng)磁場中有一圓形線圈和一正方形線圈，它們所處的平面都與磁感線垂直．若兩線圈由同種導(dǎo)線繞制，匝數(shù)相等，當(dāng)磁場均勻變化時(shí)，它們產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小相等，則圓形線圈和正方形線圈的導(dǎo)線長度之比為____．8、天文學(xué)家將相距較近、僅在彼此的引力作用下運(yùn)行的兩顆恒星稱為雙星．雙星系統(tǒng)在銀河系中很普遍．已知某雙星系統(tǒng)中兩顆恒星圍繞它們連線上的某一固定點(diǎn)分別做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期均為T，已知這個(gè)雙星系統(tǒng)的總質(zhì)量為M，則兩顆恒星之間的距離為L=____（引力常量為G）9、（2013秋?瀘州期末）1820年，丹麥物理學(xué)家____（選填“安培”、“奧斯特”或“法拉第”）發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；在如圖所示的實(shí)驗(yàn)中，在紙面內(nèi)小磁針正上方的導(dǎo)線AB通人平行于小磁針圖示方向的電流時(shí)，小磁針的N極應(yīng)向垂直于紙面向____（選填“內(nèi)”或“外”）偏轉(zhuǎn)，如果改變導(dǎo)線中的電流方向，發(fā)現(xiàn)小磁針向相反方向偏轉(zhuǎn)，這說明了磁場具有____．10、一衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為v，若地球質(zhì)量為M，引力常量為G，則該衛(wèi)星的圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R為____；它在周期內(nèi)的平均速度的大小為____．11、【題文】用如圖所示的裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)，用小錘打擊彈性金屬片后，A球沿水平方向拋出，同時(shí)B球被松開，自由下落。A、B兩球同時(shí)開始運(yùn)動(dòng)，觀察到兩球________落地（填“同時(shí)”或“不同時(shí)”）；改變打擊的力度，重復(fù)這個(gè)實(shí)驗(yàn)，觀察到兩球________落地（填“同時(shí)”或“不同時(shí)”）。12、電磁波在真空中的傳播速度大小為____m/s；地球上一發(fā)射器向月球發(fā)射電磁波，需經(jīng)____s的時(shí)間才能接受到反射波（已知地球與月球間的距離為3.84×105km）。13、在“驗(yàn)證動(dòng)能與重力熱能的轉(zhuǎn)化和守恒”的實(shí)驗(yàn)中；有下述六個(gè)步驟：

A．將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器豎直固定在鐵架臺上。

B．接通電源；再松開紙帶，讓重物自由下落。

C．取下紙帶；更換新紙帶（或?qū)⒓埫娣瓊€(gè)面），重新做實(shí)驗(yàn)。

D．將重物固定在紙帶的一端；讓紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，用手提著紙帶；

E．選擇一條紙帶，用刻度尺測出物體下落的高度h1、h2、h3、hn．，計(jì)算出對應(yīng)的即時(shí)速度vn

F．分別計(jì)算出mvn2和mghn；比較其在誤差允許范圍內(nèi)是否相等。

（1）以上實(shí)驗(yàn)步驟按合理的操作步驟排序應(yīng)是____．

（2）mvn2總是____mghn（填“＞”“=”或“＜”），原因是____．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)14、只要溫度不變且處處相等，系統(tǒng)就一定處于平衡態(tài)．____．（判斷對錯(cuò)）15、貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象，從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)____（判斷對錯(cuò)）16、原先沒有磁性的鐵，在長期受到磁鐵的吸引會產(chǎn)生磁性____．（判斷對錯(cuò)）17、物體受到的合外力不做功，則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．____．18、運(yùn)動(dòng)的電荷在磁場中一定受洛倫磁力的作用．____（判斷對錯(cuò)）19、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)20、一物體由靜止開始運(yùn)動(dòng)，其加速度隨時(shí)間變化如圖所示，請根據(jù)該圖畫出物體運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象（不必寫出計(jì)算過程）．21、學(xué)校組織同學(xué)們乘車外出考察，當(dāng)汽車從靜止開始勻加速啟動(dòng)后，突然發(fā)現(xiàn)有一位同學(xué)還未上車，司機(jī)立即使車輛勻減速制動(dòng)直到停車，其間最大車速已達(dá)6m/s，從啟動(dòng)到停車總共花去10s的時(shí)間．在這段時(shí)間里，汽車前進(jìn)了多少米？先大致畫出汽車在上述過程中的v-t圖象，看看能否通過圖象來幫助解答．22、(7分)如圖所示，一截面為直角三角形的玻璃棱鏡ABC，A=30o。一條光線以45o的入射角從AC邊上的D點(diǎn)射入棱鏡，光線垂直BC邊射出。求玻璃的折射率；畫出光在玻璃棱鏡中的傳播路線。參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、C【分析】【分析】正確解答本題的關(guān)鍵是：理解時(shí)間間隔和時(shí)刻的區(qū)別，時(shí)間間隔是指時(shí)間的長度，在時(shí)間軸上對應(yīng)一段距離，時(shí)刻是指時(shí)間點(diǎn)，在時(shí)間軸上對應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)．【解析】【解答】解：A；一節(jié)課45min指的是時(shí)間；故A正確；

B；有南昌到北京的某次列車19：00開車；指的是時(shí)刻，故B正確；

C；在時(shí)間坐標(biāo)軸上的每一坐標(biāo)點(diǎn)表示的是時(shí)刻；故C錯(cuò)誤；

D；1s初到2s末所經(jīng)歷的時(shí)間為2s；故D正確；

本題選不正確的，故選：C．2、A【分析】【分析】根據(jù)平均速度的定義式分別求出甲和乙的平均速度，然后運(yùn)用作差法比較平均速度的大小來判斷誰先到達(dá)目的地．【解析】【解答】解：甲的平均速度，乙的平均速度.＜0．所以，根據(jù)t=知，t甲＜t乙；故①③正確．

故選：A．3、B【分析】本題考查電磁感應(yīng)的自感現(xiàn)象和閉合電路歐姆定律。開關(guān)S閉合瞬間，電流迅速通過燈泡D，由于自感作用，電流幾乎全部通過燈泡D；隨著時(shí)間的推遲，電流逐漸通過線圈和電阻R，外電路的總電阻變小，由閉合電路歐姆定律可知總電流變大，則內(nèi)電壓變大，所以路端電壓變小；斷開S后，線圈中的電流不能立即消失，充當(dāng)了右邊電阻R、燈泡D構(gòu)成的回路的電源，并且電源的正負(fù)極與原電路相反，隨著時(shí)間的推遲，電路的能量逐漸減小，因此電流反向逐漸減小，B項(xiàng)正確。【解析】【答案】B4、D【分析】【分析】根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解法則，結(jié)合兩船的船頭方向，從而即可求解．【解析】【解答】解：AB；根據(jù)合成法則；則乙船的合速度一定不可能垂直到達(dá)對岸，而甲船的合運(yùn)動(dòng)方向可能垂直，也可能不垂直對岸，故AB錯(cuò)誤；

CD；根據(jù)速度的分解；可知，甲船垂直對岸的分速度小于乙船的速度，那么乙船一定先到達(dá)對岸，故C錯(cuò)誤，D正確；

故選：D．5、D【分析】【分析】畫出三種典型光線從入射到射出的光路圖：一條典型光線是①，垂直入射到AB面上BE之間（CE⊥AB），部分垂直反射，部分垂直透射；一條典型光線是②，垂直入射到AB面上EF之間，部分垂直反射，部分垂直透射；一條典型光線是③，垂直入射到AB面上FA之間，部分垂直反射，全反射到AB面．【解析】【解答】解：由題折射率n=2.4，設(shè)臨界角為C，則sinC==＜；則知C＜30°．

第一條典型光線是光線是從BE間入射的光線到達(dá)BC面會發(fā)生全反射；到達(dá)CD面入射角為30°，又發(fā)生全反射，從AE面向左射出，如下圖左圖所示；

第二條典型光線是：垂直入射到AB面上EF之間；部分垂直反射，部分垂直透射．到DC面，入射角30°大于C，發(fā)生全反射．到BC面，入射角60°大于C，發(fā)生全反射．到AB面，垂直入射，部分垂直射出媒質(zhì)，部分垂直反射回去，按光路的可逆性，由原入射處射出媒質(zhì)，其反射部分又重復(fù)原路．總之，光線只能由AB面上FB間垂直射出；

第三條典型光線是；垂直入射到AB面上FA之間，部分垂直反射，部分垂直透射．到DC面，入射角30°大于C，全反射到AB面，入射角60°大于C，發(fā)生全反射，到BC面，垂直入射，部分垂直射出媒質(zhì)，部分垂直反射回去，按光路的可逆性，由原入射處射出媒質(zhì)，其反射部分又重復(fù)原路．總之，光線只能由BC面和AB面上FA間垂直射出．故ABC錯(cuò)誤，D正確；

故選：D．6、A【分析】【分析】將小船的運(yùn)動(dòng)沿繩子收縮方向和垂直繩子方向進(jìn)行正交分解，拉繩子的速度v等于船沿繩子收縮方向的分速度，再對繩子收縮方向的分速度的表達(dá)式進(jìn)行討論，即可以求出船速的變化情況．【解析】【解答】解：將小船的運(yùn)動(dòng)沿繩子收縮方向和垂直繩子方向進(jìn)行正交分解；如圖。

拉繩子的速度v等于船沿繩子收縮方向的分速度；由幾何關(guān)系，得到。

v=v船cosθ

在小船靠岸的過程中，由于拉繩的速度v保持不變，θ也不斷變大，故v船不斷變大；故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：A．二、填空題(共7題，共14分)7、π：4【分析】【分析】根據(jù)電阻定律求解電阻，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動(dòng)勢，根據(jù)歐姆定律，結(jié)合感應(yīng)電流之比相等，從而確定兩線圈的半徑與邊長之比，進(jìn)而即可求解．【解析】【解答】解：設(shè)圓形線圈的半徑為r；匝數(shù)為N，繞制線圈的導(dǎo)線單位長度的電阻為R，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為k，則圓線圈的電阻和產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢；感應(yīng)電流分別為：

R1=N?2πrR①

E1=N?kπr2②

I1=③

設(shè)正方形邊長為a；

則正方形線圈的電阻和產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢；感應(yīng)電流分別為：

R2=N?4aR④

E2=N?ka2⑤

I2=⑥

因它們產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小相等；

以上各式聯(lián)立解得：a=2r

那么圓形線圈和正方形線圈的導(dǎo)線長度之比π：4；

故答案為：π：4．8、【分析】【分析】這是一個(gè)雙星的問題，兩顆恒星圍繞它們連線上的某一固定點(diǎn)分別做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，它們之間的萬有引力提供各自的向心力，兩顆恒星有相同的角速度和周期，結(jié)合牛頓第二定律和萬有引力定律解決問題．【解析】【解答】解：設(shè)兩顆恒星的質(zhì)量分別為m1、m2，做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑分別為r1、r2．根據(jù)題意有r1+r2=L

根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律；有。

G=m1r1

G=m2r2

聯(lián)立以上三式解得L=

故答案為：．9、奧斯特內(nèi)方向性【分析】【分析】該題雖然引用奧斯特在1820年做過的一個(gè)實(shí)驗(yàn)，實(shí)質(zhì)上是考安培定則，由此可以判斷．【解析】【解答】解：物理學(xué)家奧斯特；發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；

導(dǎo)線中的電流方向?yàn)檠貙?dǎo)線向右；根據(jù)安培定則可以判斷：小磁針的N極應(yīng)向垂直于紙面向里；

該實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了電流的周圍存在磁場；而改變導(dǎo)線中的電流方向，發(fā)現(xiàn)小磁針向相反方向偏轉(zhuǎn)，這說明了磁場具方向．

故答案為：奧斯特；內(nèi)；方向性．10、略

【分析】

根據(jù)萬有引力提供向心力得，R=．

衛(wèi)星的周期T=周期內(nèi)的位移為R，經(jīng)歷的時(shí)間t=．

所以平均速度．

故答案為：．

【解析】【答案】根據(jù)萬有引力提供向心力求出軌道半徑的大小．求出周期內(nèi)的位移；以及周期的大小，根據(jù)平均速度的公式求出平均速度的大小．

11、略

【分析】【解析】平拋運(yùn)動(dòng)中水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向自由落體運(yùn)動(dòng)，可以看到兩球同時(shí)落地【解析】【答案】同時(shí)；同時(shí)12、3×1082.56【分析】【解答】電磁波與光在真空中的傳播速度是相等的，其大小為3×108m/s．電磁波從地球發(fā)出返回地球通過的路程s=2×3.84×108m=7.68×108m，電磁波的傳播時(shí)間

【分析】電磁波在真空中的傳播速度及相關(guān)簡單運(yùn)算。13、ADBCEF＜由于重物下落的過程中存在阻力【分析】【分析】是重錘在下落時(shí)要受到阻力作用（對紙帶的摩擦力、空氣阻力），必須克服阻力做功，減小的重力勢能等于增加的動(dòng)能加上克服阻力所做的功，因此重力勢能的減小量大于動(dòng)能的增加量【解析】【解答】解：（1）實(shí)驗(yàn)步驟為：將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器豎直固定在鐵架臺上，將重物固定在紙帶的一端，讓紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，用手提著紙帶，接通電源，再松開紙帶，讓重物自由下落，取下紙帶，更換新紙帶（或?qū)⒓埫娣瓊€(gè)面），重新做實(shí)驗(yàn)，選擇一條紙帶，用刻度尺測出物體下落的高度h1、h2、h3、hn．，計(jì)算出對應(yīng)的即時(shí)速度vn，分別計(jì)算出mvn2和mghn；比較其在誤差允許范圍內(nèi)是否相等，故為ADBCEF．

（2）重錘減小的重力勢能略大于其增加的動(dòng)能；其原因是重錘在下落時(shí)要受到阻力作用（對紙帶的摩擦力；空氣阻力），必須克服阻力做功，減小的重力勢能等于增加的動(dòng)能加上克服阻力所做的功．

故答案為：（1）ADBCEF；（2）大于；由于重物下落的過程中存在阻力三、判斷題(共6題，共12分)14、×【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)；據(jù)此分析判斷即可．【解析】【解答】解：一般來說；平衡態(tài)是針對某一系統(tǒng)而言的，描述系統(tǒng)狀態(tài)的參量不只溫度一個(gè)，還與體積壓強(qiáng)有關(guān)，當(dāng)溫度不變時(shí)，系統(tǒng)不一定處于平衡態(tài)．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×15、√【分析】【分析】貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，使人們認(rèn)識到原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)；【解析】【解答】解：貝克勒爾發(fā)現(xiàn)了鈾和含鈾礦物的天然放射現(xiàn)象；從而揭示出原子核具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，拉開了人們以及原子核的序幕．故以上的說法是正確的．

故答案為：√16、√【分析】【分析】在鐵棒未被磁化前，鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場相互抵消，對外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對外表現(xiàn)出磁性；對磁鐵加熱或敲打時(shí)會使磁鐵內(nèi)的分子電流的排布變的雜亂無章，從而使磁鐵的磁性減弱．【解析】【解答】解：在鐵棒未被磁化前；鐵棒內(nèi)的分子電流的排布是雜亂無章的，故分子電流產(chǎn)生的磁場相互抵消，對外不顯磁性，但當(dāng)鐵棒靠近磁鐵時(shí)分子電流由于受到磁場的作用而使磁疇的取向大致相同從而被磁化對外表現(xiàn)出磁性．所以該說法是正確的．

故答案為：√17、×【分析】【分析】物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，合外力對物體不做功，但合外力不做功，物體不一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：物體受到的合外力不做功；則物體一定作勻速直線運(yùn)動(dòng)，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案為：×18、×【分析】【分析】電場的性質(zhì)是對電荷有力的作用，而電荷受到電場力的方向與電場強(qiáng)度可以相同，也可以相反．當(dāng)運(yùn)動(dòng)的帶電粒子的速度方向不與磁場平行，將會受到洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向與磁場方向的關(guān)系．【解析】【解答】解：當(dāng)運(yùn)動(dòng)的電荷的速度方向與磁場方向平行時(shí)；不受洛倫茲力；

故答案為：×．19、√【分析】【分析】物理量按有無方向分矢量和標(biāo)量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大小；又有方向