…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高三物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、以10m/s的速度水平拋出一物體，當其豎直分速度與水平分速度相等時，又經過△t時間實際速度與水平方向成60°夾角，則有（g=10m/s2）（）A.△t=sB.△t=1sC.此時瞬時速度為10m/sD.此時瞬時速度為20m/s2、【題文】一小球掛于O點；細線長為L，O點正下方L/2處有一鐵釘。將小球拉至A處無初速釋放，擺角很小，這個擺的周期是：

A.B.C.D.3、【題文】如圖甲所示的電路中，螺線管的匝數匝、橫截面積螺線管的導線電阻定值電阻穿過螺線管的勻強磁場的磁感應強度為B；在某段時間內其變化規律如圖乙所示，規定磁感應強度B豎直向下的方向為正方向。則下列說法正確的是。

A.螺線管中產生的感應電動勢為1VB.閉合開關S，電路中的電流穩定后，電阻R1的電功率為C.閉合開關S，電路中的電流穩定后，電容器的下極板帶負電D.斷開開關S后，一段時間內，流經R2的電流方向由下而上4、有兩個相同的金屬小球a和b，分別帶電+Q和-2Q，另有一中空開孔金屬球殼c，帶電+4Q，當a和b相距L時，相互作用的庫侖力為F；若將a、b接觸后分開，然后用a與c的內壁接觸，以后a再與b接觸，最后它們都放回原處，則a、b相互作用的庫侖力為（）A.B.C.D.5、下列幾種說法中，正確的是（）A.勻速圓周運動是一種勻速運動B.勻速圓周運動的向心加速度是描述勻速圓周運動線速度大小變化快慢的物理量C.物體做勻速圓周運動時所受的向心力不是恒力D.當物體受到的合外力不斷變化時，物體一定做曲線運動評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)6、（2015秋?株洲校級期末）如圖，下端封閉、上端開口、內壁光滑細玻璃管豎直放置，管底有一帶電的小球．整個裝置以水平向右的速度勻速運動，垂直于磁場方向進入方向水平的勻強磁場，由于外力的作用，玻璃管在磁場中的速度保持不變，最終小球從上端開口飛出，小球的電荷量始終保持不變，則從玻璃管進入磁場到小球運動到上端開口的過程中（）A.洛侖茲力對小球做正功B.洛侖茲力對小球不做功C.小球運動軌跡是拋物線D.小球運動軌跡是直線7、如圖所示，理想變壓器輸入端接在電動勢隨時間變化、內阻為r

的交流電源上，輸出端接理想電流表及阻值為R

的負載，變壓器原、副線圈匝數的比值為n1n2

則下列說法正確的是(

)

A.交流電源的最大效率為50%

B.該交流電源電動勢的瞬時值表達式為r=Emsin100婁脨tV

C.電流表的讀數為n1n2Em2(n12R+n22r)

D.若R

電阻增大，則變壓器副線圈兩端電壓變大8、已知分運動求合運動，叫做運動的合成；已知合運動求分運動，叫做運動的分解，關于運動的合成與分解，下列說法正確的是（）A.合運動的位移等于分運動位移的矢量和B.合運動的速度等于分運動速度的矢量和C.合運動的時間等于分運動的時間之和D.運動的合成與分解遵循平行四邊形定則9、R1、R2兩個電阻的U-I圖線如圖所示；則（）

A.R1＜R2B.若它們串聯的總電阻為R，則R的U-I圖線在圖中區域ⅠC.若它們并聯的總電阻為R，則R的U-I圖線在圖中區域ⅡD.若它們并聯的總電阻為R，則R的U-I圖線在圖中區域Ⅲ10、汽車的額定功率為90KW，當水平路面的阻力為f時，汽車行駛的最大速度為v．則下列說法錯誤的是（）A.如果阻力為2f，汽車最大速度為0.5vB.如果汽車牽引力為原來的二倍，汽車的最大速度為2vC.如果汽車的牽引力變為原來的0.5倍，汽車的額定功率就變為45KWD.如果汽車做勻速直線運動，汽車發動機的輸出功率就是90KW評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)11、一輛汽車沿平直公路以平均速度v1通過前路程，以v2=50km/h通過其余路程，若整個路程的平均速度是37.5km/h，則v1=____．12、（2011秋?夏河縣校級期中）如圖所示為某區域的電場線，把一個帶負電的點電荷q放在點A或B時，在____點受的電場力大，方向為____．13、（2014?棗莊一模）某研究性學習小組為了測量物體的帶電荷量．設計了如圖所示的實驗裝置．圖中小球是一個外表面鍍有金屬膜的空心塑料球；用絕緣絲線懸掛于O點；O點固定一個可測量絲線偏離豎直方向角度的量角器；M；N是兩塊相同的、正對著平行放置的金屬板，加上電壓后其內部電場可視為勻強電場．提供的實驗器材還有天平、刻度尺；

電壓表；直流電源、開關、滑動交阻器及導線若干．當地的重力加速度為g．

①請你在圖中的虛線框內完成實驗電路圖（電源；開關已畫出）．

②實驗步驟如下；請填空．

A．用天平測出小球的質量m；用刻度尺測出M；N板之間的距離d．

B．按電路圖連接電路．

C．用絕緣絲線將小球懸掛于0點；使小球帶上一定的電荷量．

D．閉合開關；記錄電壓表的示數U和絲線的偏轉角度a后，斷開開關．

E．調節滑動變阻器滑片的位置；重復步驟D四至五次．

F．以電壓表的示數U為縱坐標，以____為橫坐標；作出過原點的直線，求出直線的斜率k．

G．小球的帶電荷量q=____（用m、d、k等物理量表示）．14、【題文】兩根由同種材料制成的均勻電阻絲A、B串聯在電路中，A的長度為L，直徑為d；B的長度為2L，直徑為2d，那么通電后，A、B在相同的時間內產生的熱量之比為QA：QB＝____15、（2016?浦東新區一模）如圖所示，一長為L、質量為m的均勻棒可繞O點轉動，下端A擱在光滑球面上，用過球心的水平力向左推球．若在圖示位置棒與球相切，且與豎直方向成45°時球靜止，則水平推力F為____．若球經過圖示位置時水平向左的速度為v，則棒的端點A的速度為____．16、某電熱水壺的銘牌如表．請仔細閱讀后回答下列問題：

（1）該電熱水壺正常工作時的電壓____

（2）已知該電熱水壺正常工作，燒開一壺水的時間為0.1h，則燒開一壺水耗電____kw?h．。貨號SP101B型號MK-1010PA額定功率1000W容量1.0L額定電壓/頻率220V～/50Hz全國服務熱線4008899316廣東美的生活電器制造公司。

廣東省佛山市順德區北溶鎮三樂路19號A00489評卷人得分四、判斷題(共4題，共32分)17、電場線真實地存在于電場中．____．（判斷對錯）18、物體運動的方向必與物體所受合外力的方向一致．____（判斷對錯）19、不論用什么方法，只要穿過閉合電路的磁通量發生變化，閉合電路中就有電流產生．____（判斷對錯）20、點電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對錯）評卷人得分五、簡答題(共3題，共9分)21、如圖所示；BCPC′D是由半徑為R的圓軌道CPC′與半徑為2R的BD圓弧軌道相切于C（C′）點構成的豎直螺旋軌道（類似于游樂園過山車的形狀），C；C′間距離可以忽略．PB與豎直徑成37°角，軌道光滑，質量為m的小球在B點以一定的初速度沿軌道向下運動，已知重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：

（1）要使小球能通過軌道最高點P點；小球初速度應滿足什么條件？（計算結果可以用根式表示）

（2）若小球恰好能完成豎直圓周運動的情況下，小球在經過C點時，在C點左右兩邊對軌道的壓力之差．（在C點左右兩邊相當于分別在兩個圓周上過最低點）22、已知rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}是中學化學的常見物質，且rm{A}rm{B}rm{C}均含有同一種元素。在一定條件下它們之間的相互轉化關系如圖所示rm{(}部分反應中的rm{H_{2}O}已略去rm{)}請回答下列問題：

rm{(1)}若rm{A}是可用于自來水消毒的氣體，rm{D}是生產、生活中用量最大、用途最廣的金屬單質，加熱蒸干rm{B}的溶液不能得到rm{B}則rm{B}的化學式是__________；實驗室制取rm{A}的離子方程式為________________________________________。rm{(2)}若rm{A}是一種堿性氣體，常用作制冷劑，rm{B}是汽車尾氣之一，遇空氣會變色，則反應rm{壟脵}的化學方程式為________________。rm{(3)}若rm{D}是氯堿工業的主要產品之一，rm{B}有兩性，則反應rm{壟脹}的離子方程式是__________________。rm{(4)}若rm{A}rm{C}rm{D}都是常見氣體，rm{B}為固體單質，rm{C}是導致酸雨的主要氣體。則反應rm{壟脹}的化學方程式為________________________________。某同學將搜集到的一定量的酸雨保存在密閉容器中，每隔一定時間測酸雨的rm{pH}發現在起始一段時間內，酸雨的rm{pH}呈減小趨勢，用離子方程式解釋原因：____________________________23、英國物理學家____預測了電磁波的存在，____證實了電磁波的存在．評卷人得分六、作圖題(共1題，共5分)24、通電螺線管通電時；小磁針指向如圖所示，請標出通電螺線管的N極及電源正極。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】根據速度時間公式求出豎直分速度和水平分速度相等的時間，根據平行四邊形定則求出又經過△t時間后的瞬時速度和豎直分速度，結合速度時間公式求出△t．【解析】【解答】解：A、當豎直分速度和水平分速度相等時，vy=v0=gt=10m/s，解得t=1s，又經過△t時間實際速度與水平方向成60°夾角，此時的豎直分速度，則．故A；B錯誤．

C、此時瞬時速度v=2v0=20m/s；故C錯誤，D正確．

故選：D．2、B【分析】【解析】本題考查的是單擺的計算問題。所以正確答案選B。【解析】【答案】B3、A|D【分析】【解析】

試題分析：根據法拉第電磁感應定律：E==n?S代入數據解得：E=5000×2×10-3×=1V，A正確．電路中的電流穩定后，根據閉合電路歐姆定律得I==0.1（A），根據P=I2R1求得P=4×10-2W，B錯誤。根據楞次定律知，從上向下看電流方向為逆時針，電容器的下極板帶正電，C錯誤。斷開開關S后，電容器放電，一段時間內，流經R2的電流方向由下而上；D正確。本題選AD。

考點：法拉第電磁感定律，閉合電路歐姆定律，楞次定律【解析】【答案】AD4、C【分析】【分析】完全相同的帶電小球接觸時，若是同種電荷則將總電量平分，若是異種電荷則先中和然后將剩余電量平分，然后依據庫侖定律求解即可．【解析】【解答】解：當a和b相距L時，相互作用的庫侖力為F；即為F=；

將a、b接觸后分開，則中和后再平分，則電量各為-；

然后用a與c的內壁接觸，a不帶電，以后a再與b接觸，a、b帶電

當最后它們都放回原處，由庫侖定律F1=k=；故C正確，ABD錯誤；

故選：C．5、C【分析】【分析】勻速圓周運動的速度大小不變，速度方向時刻改變，加速度大小不變，方向始終指向圓心．【解析】【解答】解：A；勻速圓周運動的速度方向時刻改變；是變速運動，故A錯誤；

B；勻速圓周運動的向心加速度是描述勻速圓周運動線速度變化快慢的物理量；速度大小并沒有改變，故B錯誤；

C；物體做勻速圓周運動時所受的向心力方向是時刻改變的；故不是恒力，故C正確；

D；當物體受到的合外力不斷變化時；加速度不斷改變，只要方向與速度共線，就是直線運動，如簡諧運動，故D錯誤；

故選：C．二、多選題(共5題，共10分)6、BC【分析】【分析】洛倫茲力不做功．對小球進行受力分析，根據小球的受力情況判斷，由牛頓第二定律求出加速度，判斷加速度與速度如何變化，再分析小球運動的軌跡．【解析】【解答】解：A、B洛倫茲力方向總是與小球的速度方向垂直，對小球不做功，故A錯誤，B正確．

C、D設小球豎直分速度為vy；水平分速度為v．

以小球為研究對象，受力如圖所示，由于小球隨玻璃管在水平方向做勻速直線運動，則豎直方向的洛倫茲力F1=qvB是恒力；

由牛頓第二定律得：qvB-mg=ma，a=-g；小球的加速度不隨時間變化，恒定不變，故小球豎直方向做勻加速直線運動，水平方向做勻速直線運動，則小球運動軌跡是拋物線；故C正確，D錯誤．

故選：BC．7、CD【分析】解：A

將變阻器等效為電阻R隆盲

當R隆盲=r

時交流電源的效率的50%

電源的效率婁脟=P魯枚P脳脺=I2R隆盲I2(R隆盲+r)=R隆盲R鈥?+rR隆盲

越大，交流電源的效率越大，交流電源的最大效率可以大于50%

故A錯誤；

B、根據圖甲交流電的周期T=4隆脕10鈭?2s

角速度婁脴=2婁脨T=2婁脨0.04rad/s=50婁脨rad/s

交流電源電動勢的瞬時值表達式為e=Emsin50婁脨tV

故B錯誤；

C、原線圈電流I1

副線圈電流I2

根據電流與匝數成反比，I1I2=n2n1壟脵

根據能量守恒，I1Em2=I12r+I22R壟脷

解得：I2=n1n2Em2(n12R+n22r)

所以電流表的讀數為n1n2Em2(n12R+n22r)

故C正確；

D、若R

增大，副線圈電流減小，根據電流與匝數成反比，得原線圈電流減小，原線圈兩端電壓U1=E鈭?I1r

原線圈兩端電壓增大，根據電壓與匝數成正比，得副線圈兩端的電壓變大，故D正確；

故選：CD

由圖可讀出最大值；周期，求得?

得出表達式，根據原副線圈電流與匝數成反比及能量守恒定律聯立方程即可求出電流表的示數；當R

變大，由C

選項的結果分析副線圈電流的變化，由電流與匝數成反比得出原線圈電流的變化，結合閉合電路歐姆定律分析原線圈輸入電壓的變化，最后根據電壓與匝數成正比得出副線圈兩端電壓的變化；

本題考查變壓器原理，要注意能巧妙應用當R隆盲=r

時，輸出功率最大，結合閉合電路歐姆定律解決問題；對學生要求較高．【解析】CD

8、ABD【分析】【分析】位移、速度、加速度都是矢量，合成和分解都遵循平行四邊形定則．合運動與分運動具有等時性．【解析】【解答】解：A；合運動的位移是分運動位移的矢量和；故A正確．

B；合運動的速度等于分運動速度的矢量和．故B正確．

C；分運動和合運動具有等時性．故C錯誤．

D；運動的合成與分解都遵循平行四邊形定則．故D正確．

故選：ABD．9、BD【分析】【分析】U-I圖象中圖象的斜率表示電阻；兩電阻串聯后總電阻等于兩電阻之和；而電阻并聯后總電阻小于任一電阻．【解析】【解答】解：A、U-I圖象中圖象的斜率表示電阻，則可知，R1＞R2；故A錯誤；

B；若兩電阻串聯；則總電阻為兩電阻之和，則圖象在區域I；故B正確；

C；若兩電阻并聯；則并聯后的電阻小于任一電阻，故圖象在區域III；故C錯誤，D正確；

故選：BD．10、BCD【分析】【分析】當汽車以額定功率行駛時，隨著汽車速度的增加，汽車的牽引力會逐漸的減小，所以此時的汽車不可能做勻加速運動，直到最后牽引力和阻力相等，到達最大速度之后做勻速運動．【解析】【解答】解：A；當牽引力和阻力的大小相等時即F=f時；汽車的速度到達最大值，所以P=Fv=fv；

當f′=2f時；即F′=2f時速度最大，由P=F′v′可知，v′=0.5v，故A正確；

B；由P=Fv可知；牽引力為原來的二倍時，速度為原來的0.5v，故B錯誤；

C；汽車的額定功率與汽車的牽引力無關；汽車的額定功率仍為為90KW，故C錯誤；

D；汽車做勻速運動；并不一定在額定功率下運動，故輸出功率不一定等于90kW，故D錯誤．

本題選不正確的，故選：BCD．三、填空題(共6題，共12分)11、25km/h【分析】【分析】平均速度等于全程的位移與全程時間的比值，前三分之一路程的時間等于全程的時間與后三分之二路程的時間之差，從而求出前三分之一路程的平均速度．【解析】【解答】解：設總路程為S，通過前路程的時間為：

t1=t-t2=；

故前S位移中的速度v1為：v1=

代入數據解得25km/h

故答案為：25km/h．12、A與電場線相切且與電場線方向相反【分析】【分析】根據電場線的疏密表示電場強度的相對大小，判斷場強大小，再確定電場力大小．負電荷受到的電場力的方向與電場線相切且與電場線方向相反．【解析】【解答】解：由圖看出；A處電場線比B處電場線密，則A處電場強度大于B處電場強度，同一電荷在A處所受電場力大于在B處電場力．負電荷受到的電場力的方向與電場線相切且與電場線方向相反．

故答案為：A、與電場線相切且與電場線方向相反13、tanθ【分析】【分析】①可將變阻器接成分壓式；方便調節電容器板間電壓．

②以小球為研究對象，分析受力情況，根據平衡條件以及電場強度與板間電壓的關系式得出電壓U與θ的關系式，再選擇橫坐標，求出斜率k，并求出小球的帶電量．【解析】【解答】解：①實驗電路圖如圖所示．

②F；對小球受力分析如圖所示；設細線與豎直方向的夾角為θ，根據平衡條件有。

tanθ=

又有F=qE=

聯立解得，U=tanθ=ktanθ；所以應以tanθ為橫坐標．

G、由上可知k=，則小球的帶電量為q=

故答案為：

①實驗電路圖如圖所示．

②F、tanθ；．14、略

【分析】【解析】

試題分析：直徑比為1:2，則橫截面積比為1:4，根據電阻定律，電阻之比為2:1，根據電流相等，則熱量之比為2:1。

考點：電阻定律。

點評：本題的關鍵知道串聯電路電流相等，以及電阻定律和焦耳定律【解析】【答案】2:115、v【分析】【分析】根據力矩平衡條件，列出方程，求得球對棒的支持力，再對球受力分析，依據平衡條件，即可求解水平推力大小；對棒與球接觸處進行運動的分解，確定兩分運動，從而即可求解．【解析】【解答】解：對棒受力分析，根據力矩平衡，由圖可知，則有：mg×=N×L

解得：N=

再對球受力分析；依據平衡條件，則有：Ncos45°=F

解得：F=

由題意可知；對棒與球接觸處，進行運動的分解，如圖所示：

則有：vA=vcos45°=v

故答案為：；v．16、2200.1【分析】【分析】由銘牌可讀出額定電壓為正常工作的電壓，耗電為電流做功，由W=Pt可求得用電量．【解析】【解答】解：（1）由銘牌可讀出額定電壓為工作電壓：220V

（2）由額定功率與時間可求得電流做功即為耗電：W=PI=1000×0.1=0.1kw?h

故答案為：（1）220

（1）0.1四、判斷題(共4題，共32分)17、×【分析】【分析】為了研究的方便引入了電場線，實際不存在，電場線從正電荷或無限遠出發，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱．【解析】【解答】解：為了研究的方便引入了電場線；實際不存在．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×18、×【分析】【分析】物體運動的方向與物體所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可舉例說明．【解析】【解答】解：物體運動方向可能與所受合外力的方向一致；比如自由落體運動，也可能不一致比如平拋運動等等．

故答案為：×19、√【分析】【分析】感應電流產生的條件是穿過閉合電路磁通量發生變化．1、電路要閉合；2、穿過的磁通量要發生變化．【解析】【解答】解：感應電流產生的條件是穿過閉合電路磁通量發生變化；只要穿過閉合電路的磁通量發生變化，閉合電路中就有電流產生．該說法是正確的．

故答案為：√20、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點電荷是一種理想化模型；當帶電體的體積和形狀相對所研究的問題可以忽略的時候，帶電體可以看做點電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說法錯誤．

故答案為：×五、簡答題(共3題，共9分)21、略

【分析】

（1）先求出使小球剛好能通過軌道最高點P點的速度；即在P點，剛好由重力提供向心力，據此列式求出P點最小速度，再由B到P由動能定理求出小球初速度的最小值．

（2）分別在兩個軌道上；根據向心力公式求出壓力，再求出壓力差即可．

本題是復雜的力學問題，對于圓周運動，分析向心力的來源是關鍵，知恰好經過最高點的條件，要具有解決綜合問題的能力，需要加強這方面的練習．【解析】解：（1）要使小球通過P點，

當FN=0時vP最小；

最小值

由B到P由動能定理知

解得則小球初速度應滿足

（2）小球在經過C點時，在C點左右兩邊相當于分別在兩個圓周上過最低點，在左邊軌道

在右邊軌道

小球恰好經過P點的速度

由C到P由動能定理知

聯立解得：

答：（1）要使小球能通過軌道最高點P點，小球初速度應滿足

（2）若小球恰好能完成豎直圓周運動的情況下，小球在經過C點時，在C點左右兩邊對軌道的壓力之差為．22、rm{(1)FeCl_{3;;}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{(2)4NH_{3}+5O_{2}underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}

rm{(1)FeCl_{3;;}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}

overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{(2)4NH_{3}+5O_{2}

underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}rm{(3)Al^{3+}+3AlO_{2}^{-}+6H_{2}O=4Al(OH)_{3}隆媒}rm{(4)2H_{2}S+SO_{2}簍T3S隆媒+2H_{2}O}【分析】【分析】本題考查無機物推斷，屬于開放性題目，需要學生熟練掌握元素化合物知識，難度不大。【解答】rm{(1)D}是生產、生活中用量最大、用途最廣的金屬單質，則rm{D}是鐵，rm{A}可用于自來水消毒，rm{A}為rm{Cl_{2}}rm{B}為rm{FeCl_{3}}rm{C}為rm{FeCl_{2}}實驗室制取氯氣的方程式為：rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

故答案為：rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}

overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}

rm{FeCl_{3}}若rm{{,!}MnO_{2}+4H^{+}+2Cl^{-}

overset{?}{=}Mn^{2+}+Cl_{2}隆眉+2H_{2}O}是一種堿性氣體，常用作制冷劑，rm{(2)}是汽車尾氣之一，遇空氣會變色，則rm{A}是rm{B}rm{A}為rm{NH_{3}}rm{B}為rm{NO}rm{D}為rm{O_{2}}反應rm{C}的化學方程式為：rm{4NH_{3}+5O_{2}underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}

故答案為：rm{4NH_{3}+5O_{2}underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}

rm{NO_{2}}若rm{壟脵}是氯堿工業的主要產品之一，則rm{4NH_{3}+5O_{2}

underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}為氫氧化鈉，rm{4NH_{3}+5O_{2}

underset{麓脽祿爐錄脕}{overset{?}{=}}4NO+6H_{2}O}有兩性，則rm{