湖南省長沙市長沙縣2024-2025學年高一物理上學期9月月考測試試題下列關于慣性的各種說法中，你認為正確的是(?)A.材料不同的兩個物體放在地面上，用一個相同的水平力分別推它們，則難以推動的物體慣性大

B.在完全失重的狀況下，物體的慣性將消逝

C.把手中的球由靜止釋放后，球能豎直加速下落，說明力是變更物體慣性的緣由

D.拋出去的標槍、手榴彈等是靠慣性向遠處運動的如圖所示，簡易飲水裝置由純凈水桶和金屬支架組成，金屬支架靜置于水平地板上，則(?)

A.桌面對支架的摩擦力水平向左 B.水桶對支架的作用力豎直向下

C.支架對水桶的作用力斜向右上方 D.支架對桌面的壓力大小等于支架的重力我國自主研制的某型號戰斗機由靜止起先啟動，在運動500m后起飛，已知5s末的速度為10m/s，8秒末的速度為16m/s.在20秒末起飛，則該飛機由靜止到起飛這段時間內的平均速度是(?)A.10m/s B.16m/s C.20m/s D.25m/s一質點做曲線運動，它的軌跡由M到N(如圖所示曲線)，關于質點通過軌跡中點時的速度v的方向和加速度a的方向，下圖中可能正確的是(?)A. B. C. D.關于運動的合成與分解有以下說法，其中正確的是(?)A.一個勻速直線運動和一個勻變速曲線運動的合運動肯定是曲線運動

B.力的合成與分解遵循平行四邊形定則，而運動的合成與分解不遵循

C.兩個分運動總是同時進行的

D.兩個分運動間相互影響，相互制約一物體以肯定的初速度從光滑斜面底端a點上滑，最高可滑至b點，后又滑回至a點，c是ab的中點，如圖所示，已知物塊從a上滑至b所用的時間為t，下列分析正確的是(?)A.物塊從a運動到c所用的時間與從c運動到b所用的時間之比為1：2

B.物塊上滑過程的加速度與下滑過程的加速度等大反向

C.物塊下滑時從b運動至c所用時間為22t

D.物塊上滑通過如圖所示，在恒力F作用下，a、b兩物體一起沿粗糙豎直墻面勻速向上運動，則關于它們受力狀況的說法正確的是(?)

A.a肯定受到4個力 B.a可能受到3個力

C.a與墻壁之間肯定有彈力和摩擦力 D.a與b之間肯定有摩擦力如圖所示，自由下落的小球下落一段時間后，與彈簧接觸，從它接觸彈簧起先，到彈簧壓縮到最短的過程中，以下說法正確的是(?)A.從接觸彈簧到速度最大的過程是失重過程

B.從接觸彈簧到加速度最大的過程是超重過程

C.從接觸彈簧到速度最大的過程加速度越來越大

D.速度達到最大時加速度為零

如圖所示，在傾角θ=370的光滑斜面上，物塊A靜止在輕彈簧上面，物塊B用細線與斜面頂端相連，物塊A、B緊挨在一起但它們之間無彈力，已知物塊A、B質量分別為m和2m，重力加速度為g，sin37°=0.6，cosA.物塊B的加速度為0.6g B.物塊A的加速度為0.4g

C.物塊A、B間的彈力為0.4mg D.彈簧的彈力為1.8mg如圖，轟炸機沿水平方向勻速飛行，到達山坡底端正上方時釋放一顆炸彈，并垂直擊中山坡上的目標A.已知A點高度為h，山坡傾角為θ，由此可算出(?)A.轟炸機的飛行高度 B.轟炸機的飛行速度 C.炸彈的飛行時間 D.炸彈的質量某同學用圖示裝置探討平拋運動及其特點，他的試驗操作是：在小球A、B處于同一高度時，用小錘輕擊彈性金屬片，使A球水平飛出，同時B球被松開。

①他視察到的現象是：小球A、B______(填“同時”或“不同時”)落地；

②讓A、B球復原初始狀態，用較大的力敲擊彈性金屬片，A球在空中運動的時間將______(填“變長”、“不變”或“變短”)；

③上述現象說明：平拋運動的時間與______大小無關，平拋運動的豎直分運動是______運動。“探究加速度與力、質量的關系”的試驗裝置如圖1所示。

(1)(單選)下列說法正確的是______。

A.每次變更小車質量時，應重新平衡摩擦力

B.試驗時應先釋放小車后接通電源

C.本試驗砝碼及砝碼盤B的質量應遠大于小車A的質量

D.在用圖象探究加速度與質量關系時，應作a-1mA圖象

(2)某同學在試驗中。打出的一條紙帶如圖2所示，他選擇了幾個計時點作為計數點，相鄰兩計數點間還有4個計時點沒有標出，其中S1=7.06cm、S2=7.68cm、S3=8.30cm、S4=8.92cm，紙帶加速度的大小是______m/s2.(保留兩位有效數字)

(3)某同學將長木板右端適當墊高，其目的是______。但他把長木板的右端墊得過高，使得傾角過大。用a表示小車的加速度，如圖所示，放在粗糙斜面上的物塊A和懸掛的物塊B均處于靜止狀態，輕繩AO繞過光滑的定滑輪與輕質彈簧的右端及輕繩BO的上端連接于O點．輕質彈簧中軸線沿水平方向，輕繩的OC段與豎直方向的夾角θ=60°，斜面傾角α=30°，物塊A和B的質量分別為mA=5kg，mB=1.5kg，彈簧的勁度系數為k=500N/m，重力加速度g=10m/s2.求

(1)彈簧的伸長量x；

(2)

如圖所示，某人距離平臺右端x0=10m處由靜止起跑，以恒定的加速度向平臺右端沖去，離開平臺后恰好落在地面上的小車車箱底板中心．設平臺右端與車箱底板間的豎直高度H=1.8m，與車箱底板中心的水平距離x=1.2m，取g=10m/s2.

如圖所示，質量M=lkg，長/=4m的木板靜止在粗糙的水平地面上，木板與地面間的動摩擦因數μ1=0.1，在木板的左端放置一個質量m=lkg、大小可以忽視的鐵塊，鐵塊與木板間的動摩擦因數μ2=0.4，某時刻起在鐵塊上加一個水平向右的恒力F=8N，取g=10m/s2，試求：

答案1.【答案】D

【解析】解：

A、材料不同的兩個物體放在地面上，用一個相同的水平力分別推它們，難以推動的物體受到的最大靜摩擦力大，并不是由于慣性大．故A錯誤．

B、在完全失重的狀況下，物體不受支持力，但物體的慣性并沒有消逝．故B錯誤．

C、把手中的球由靜止釋放后，球能豎直加速下落，說明力是變更物體運動狀態的緣由．故C錯誤．

D、拋出去的標槍、手榴彈等是由于慣性，保持原來的速度向遠處運動．故D正確．

故選D

質量是物體慣性大小的量度，與物體所受的外力無關．力是變更物體運動狀態的緣由．拋出去的標槍、手榴彈等是靠慣性向遠處運動的．

本題考查對慣性的理解．慣性是物體固有的屬性，其大小由物體的質量來量度．

2.【答案】B

【解析】解：AD、對水桶和支架整體，受重力和支持力，二力平衡，故桌面對支架沒有摩擦力，否則不平衡；支架對桌面的壓力等于整體的重力，大于支架的重力，故A錯誤，D錯誤；

BC、隔離水桶分析，受重力和支架的支持力，依據平衡條件，支持力與重力等值、反向、共線，故支架對水桶的作用力豎直向上，依據牛頓第三定律，水桶對支架的作用力豎直向下，故B正確，C錯誤；

故選：B。

AD、對水桶和支架整體受力分析，依據平衡條件分析；

BC、隔離水桶分析，同樣依據共點力平衡條件分析。

本題關鍵敏捷選擇探討對象，分析各個物體的受力狀況，結合共點力平衡條件進行分析，基礎題目。

3.【答案】D

【解析】解：平均速度就等于總的位移除以所用的時間，有：

v=xt=50020m/s=25m/s；故ABC錯誤，D正確

故選：D。

依據平均速度的定義式即可求出．

本題就是考查學生對于基本定義公式的理解，平均速度的求法，中間說的5s末的速度為10m/s，10s末的速度為15m/s，但這些都是沒用的，是迷惑同學的，真正有用的是“跑動500m后起飛”和“在20s【解析】【分析】

依據曲線運動中質點的速度方向是軌跡的切線方向、加速度方向指向軌跡的內側分析選擇。

本題考查對曲線運動速度方向和加速度方向的理解實力，可依據牛頓定律理解加速度的方向。

【解答】

A.速度方向沿軌跡切線方向是正確的，而加速度不行能沿切線方向，故A錯誤；

B.圖中速度方向沿軌跡的切線方向，加速度指向軌跡的內側，符合實際，故B正確；

C.圖中速度方向是正確的，而加速度方向是錯誤的，按圖示加速度方向軌跡應向右彎曲，故C錯誤；

D.加速度方向指向軌跡的內側，是正確的；而速度方向不是沿切線方向，故D錯誤。

故選：B。

5.【答案】C

【解析】解：A、一個勻速直線運動和一個勻加速直線運動的合運動，若兩個分運動共線，則合運動肯定是勻變速直線運動；若兩個分運動不共線，加速度方向與速度方向不在同始終線上，則合運動肯定是勻變速曲線運動，故A錯誤；

B、力的合成與分解以及運動的合成和分解均遵循平行四邊形定則，故B錯誤；

C、分運動具有同時性，即兩個分運動總是同時進行的，故C正確；

D、兩個分運動間相互獨立，互不干擾，故D錯誤。

故選：C。

知道運動的合成和分解滿意平行四邊形定則，依據曲線運動的條件，結合運動的合成與分解明確合運動的性質，知道兩分運動具有同時性和獨立性的性質。

本題關鍵是對質點做曲線運動的條件的考查，還有對運動的合成與分解的理解，同時駕馭了物體做曲線運動的條件理解，本題基本上就可以解決。

6.【答案】C

【解析】解：A、依據逆向思維，從b到a是初速度為零的勻加速直線運動，連續相等的位移內時間之比為1：(2-1)，所以物塊從a運動到c所用的時間與從c運動到b所用的時間之比為，(2-1)：1=1：(2+1)，故A錯誤；

B、由于小球只受重力和支持力，故小球的加速度方向始終相同，均為a=gsinθ，方向向下；故B錯誤；

C、由b到a過程是初速度為零的勻加速直線運動，則可知tbc：tca=1：(2-1)，而tbc+tca=t【解析】解：對物體a、b整體受力分析，受重力、支持力，若墻壁對整體有支持力，水平方向不能平衡，故墻壁對整體沒有支持力，故也沒有摩擦力；

最終對物體a受力分析，受推力、重力、物體b對其的壓力和靜摩擦力，即物體a共受4個力；故A正確，BC錯誤；

對物體b受力分析，由于b做勻速運動，故肯定受重力、支持力和摩擦力作用，且處于三力平衡狀態，故D正確；

故選：AD。

先對物體b受力分析，受重力、支持力和摩擦力，三力平衡；再對物體ab整體受力分析，依據平衡條件推斷整體與豎直墻壁間的作用力狀況，最終對物體a受力分析．

本題考查共點力平衡條件的應用，解題的關鍵是敏捷地選擇探討對象進行受力分析，然后結合平衡條件和各種力產生的條件分析推斷．

8.【答案】AD

【解析】解：ACD、當彈簧的彈力等于小球的重力時，小球的加速度為零，此時速度最大；則從接觸彈簧到速度最大的過程，小球的加速度向下，且加速度漸漸減小，是失重過程，故A、D正確，C錯誤；

B、當小球到達最低點時小球的加速度最大，則從接觸彈簧到加速度最大的過程中，加速度是先向下減小，失重，然后加速度是向上增加，超重，故B錯誤；

故選：AD。

物體是否處于超重或失重狀態，不在于物體向上運動還是向下運動，而在于物體是有豎直向上的加速度還是有豎直向下的加速度；從接觸彈簧到速度最大的過程加速度減小；速度達到最大時加速度為零。

本題主要考查了牛頓其次定律、超重和失重等學問點。關鍵點一：超重和失重的推斷；關鍵點二：利用牛頓其次定律推斷加速度的變更。

9.【答案】BC

【解析】解：剪斷細線前，彈簧的彈力：

細線剪斷的瞬間，彈簧的彈力不變，仍為；

剪斷細線瞬間，對A、B系統，加速度為：，即A和B的加速度均為0.4g；

以B為探討對象，依據牛頓其次定律可得2mgsin37°-T=2ma

解得T=0.4mg。

故BC正確，AD錯誤。

故選：BC。

剪斷細線前，隔離對A分析，依據共點力平衡求出彈簧的彈力大小，剪斷細線的瞬間，彈簧的彈力不變，對整體分析，求出整體的加速度；再以B為探討對象求解二者之間的彈力。

本題考查了牛頓其次定律的瞬時問題，抓住剪斷細線的瞬間彈簧的彈力不變，結合牛頓其次定律進行求解，駕馭整體法和隔離法的敏捷運用。

10.【答案】ABC

【解析】解：A、依據A點的高度可知A點究竟端的水平位移為h?cotθ，即炸彈的水平位移為h?cotθ，由于炸彈垂直擊中目標A，得知速度與水平方向的夾角，抓住平拋運動速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，可得：

12tanθ=yx=H-hh?cotθ

可以得出轟炸機的飛行高度．故A正確．

B、C、求出平拋運動的豎直位移，依據y=12gt2得出炸彈平拋運動的時間，依據時間和水平位移求出轟炸機的初速度．故B【解析】【分析】

本試驗是探討平拋運動豎直方向分運動的試驗。小錘輕擊彈性金屬片后，A球做平拋運動，同時B球做自由落體運動。即可推斷通過試驗可以視察到的現象，也就可以證明豎直分運動的性質。

本試驗是探討平拋運動豎直方向做自由落體運動的試驗，通過視察兩球落地的時間，證明平拋運動豎直方向上的運動與自由落體相同，難度不大。

【解答】

解：①小錘輕擊彈性金屬片時，A球做平拋運動，同時B球做自由落體運動。通過試驗可以視察到它們同時落地；

②用較大的力敲擊彈性金屬片，則被拋出初速度變大，但豎直方向運動不受影響，因此運動時間仍不變；

③上述現象說明：平拋運動的時間與初速度大小無關，且可以證明平拋運動在豎直方向上做自由落體運動。

故答案為：①同時；②不變；③初速度；自由落體。

12.【答案】D0.62平衡摩擦力

C

【解析】解：(1)A、試驗前要平衡摩擦力，每次變更小車質量時，不須要重新平衡摩擦力，故A錯誤；

B、試驗時應先接通電源，然后再釋放小車，故B錯誤；

C、在砝碼及砝碼盤B的質量遠小于小車A的質量時，小車受到的拉力近似等于砝碼及砝碼盤受到的重力，故C錯誤；

D、應用圖象法處理加速度與質量關系試驗數據時，為了直觀，應作a-1mA圖象，故D正確；

故選：D。

(2)依據勻變速直線運動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得紙帶的加速度為：

a=0.083-0.0706+0.0892-0.07684×0.01≈0.62m/s2。

(3)將長木板右端適當墊高，其目的是平衡摩擦力；把長木板的右端墊得過高，使得傾角過大，小車所受重力平行于木板的分力大于小車受到的摩擦力，小車受到的合力大于細線的拉力，在小車不受力時，小車已經具有肯定的加速度，a-F圖象不過原點，在a軸上有截距，因此他繪出的a-F關系圖象是C。

故答案為：(1)D；(2)0.62；(3)平衡摩擦力，C。

(1)試驗前要平衡摩擦力，每次變更小車質量時，不須要重新平衡摩擦力；試驗時應先接通電源，然后再釋放小車；在砝碼及砝碼盤B的質量遠小于小車A的質量時，小車受到的拉力近似等于砝碼及砝碼盤受到的重力；應用圖象法處理加速度與質量關系試驗數據時，為了直觀，應作a-1mA圖象；(2)做勻變速運動的物體在某段時間內的平均速度等于該段時間中間時刻的瞬時速度；做勻變速運動的物體在相鄰的相等時間間隔內的位于之差是定值，△x=at2，據此求出紙帶的加速度。(3)試驗前須要平衡摩擦力，平衡摩擦力時，假如木板墊起的太高，過平衡摩擦力，小車重力平行于木板方向的分力大于小車受到的摩擦力，在不施加拉力時，小車已經有加速度，a-F圖象不過坐標原點，在a軸上有截距。

要知道驗證牛頓其次定律試驗的留意事項，要會處理試驗數據，能依據打出的紙帶求出物體的加速度、物體的瞬時速度。要駕馭應用圖象法處理試驗數據的方法。

13.【答案】解：(1)以輕繩OB和物塊B為探討對象，受力如圖并正交分解，

據平衡條件有

x：kx-Fsin60°=0①

y：Fcos60°-mBg=0②

由②解得：F=mBgcos60°=1.5×1012N=30N

代入①解得：x=【解析】(1)以輕繩OB和物塊B為探討對象，受力如圖并正交分解，依據平衡條件結合胡克定