2024-2025學年江西省臨川第一中學高二（上）期中考試物理試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.如下圖所示，一正方形閉合線圈在足夠大的勻強磁場中運動，其中能產生感應電流的是（）

XXX

XXX

XX

XXXXXX

2.下列是對靜電的利用與防護的理解，其中正確的是（）

A.避雷針原理是尖端放電，尖端附近的電場強度比底端附近電場強度小

B.電工高空高壓作業時，其工作服內編織金屬絲的目的是提高衣服的耐穿性

C.干燥的冬季，手靠近金屬門把手有時會被電擊，是因為手與門把手摩擦起電

D.某些精密電學儀器放置在金屬殼內就能避免受到外電場干擾，其原理是靜電屏蔽

3.物理學理論是系統化了的物理知識，它以為數不多的物理概念為基石，以物理定律為核心，建立了經典

物理學與近代物理學及其各分支的嚴密的邏輯體系。下列對有關概念理解正確的是（）

A.動量守恒定律在研究高速、微觀領域時是不適用的

B.沖量是表示作用在物體上的力在時間上的積累效應的物理量

C.功和沖量都是典型的狀態量，而能量和動量是典型的過程量

D.矢量是數學、物理學和工程科學等多個自然學科中的基本概念，動量是矢量，沖量是標量

4.某一沿x軸方向的靜電場，電勢0在x軸上的分布情況如圖所示，力、B是x軸上的兩點。一正電荷僅在電

場力的作用下從4點運動到B點，該電荷在（）

FO\Bx

A.0點的速度最小

B.4點受到的電場力小于在B點受到的電場力

C.4點時的電勢能小于在B點時的電勢能

D.a點時的動能小于在8點時的動能

5.如圖所示的電路圖，電流表、電壓表是理想電表，電阻&是定值電阻，電源的電動勢和內阻為別為E、

r,電動機的內阻為ro；當合上開關，增大電阻箱R的阻值時，電流表和電壓表的數值變化量分別為//、

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4U,下列說法正確的是（）

2碰④”

ErY

A.電壓表的示數減小B.電流表的示數增大

C.電動機的電流變化量為半D.r+R0=|空|

6.將力、B兩物塊靠在一起放置于水平地面上，并在兩物體上同時施加水平向右的作用力，如圖所示。已知

mA=3kg、mB=4kg,兩物塊互不粘連，水平地面與物塊間的摩擦力可忽略，且兩個作用力大小隨時

間關系分別滿足FA=10-2t（N）、FB=4+2t（N）,t=0時刻物塊從靜止出發，貝）

777777777777777777777777777777,

A.2s時物塊力動量的大小為10kg-m/s

B.2s時物塊B的速度大小為3m/s

C.0-5s內作用力FB的沖量大小為45N-s

D.5s時物塊2的速度大小為10m/s

7.如圖所示，絕緣軌道48C固定于豎直平面內，其中AB部分是半徑為R的光滑半圓軌道，是半圓軌道的中

點，4B部分豎直、BC部分水平，整個軌道處在電場強度為E的勻強電場中。將質量為小、帶電荷量為+q

的小滑塊，從BC軌道上與B相距10R處由靜止釋放，已知滑塊與BC間的動摩擦因數為0.3,E=譚,滑塊

大小可以忽略不計，則滑塊（）

A.到達4點時速度的大小為4加B,到達P點時對軌道的壓力大小為15mg

C.到達4點時對軌道的壓力大小為llzngD.從C到P的過程中，動能增大

二、多選題：本大題共3小題，共18分。

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8.下列說法正確的是（）

A.如圖甲所示，4BC構成等邊三角形，若兩通電長直導線4B在C處產生磁場的磁感應強度大小均為Bo,

則C處磁場的合磁感應強度大小是避80

B.圖乙中地磁場的垂直于地面磁感應強度分量在南半球豎直向上，北半球豎直向下

C.圖丙中穿過兩金屬圓環的磁通量大小關系為。1<02

D.圖丁中與通電長直導線在同一平面內的金屬線框沿平行于直導線方向運動，線框中會產生感應電流

9.如圖所示，a、6分別表示一個電池組和一只電阻的UT曲線，將該電阻接在該電池組兩端，以下說法正

確的是（）

■'urv

4-

O12~3~4^

A.電阻的阻值為3。

B.該電池組的總功率為12W

C.將該電阻接在該電池組兩端，電池組的輸出功率是6加

D.若改變外電阻的阻值，該電池組的最大輸出功率為4勿

10.如圖所示，一質量為根，足夠長的木板靜止在光滑水平桌面上，另一質量為M的小物塊（可視為質點）從

木板上的左端以速度火向右開始運動。已知”>小，木板右端與右側固定墻面的距離足夠長（木板與墻面

碰撞前，已經與物塊共速），物塊與木板間的動摩擦因數為小所有碰撞均視為彈性碰撞，物塊始終未滑離

木板。下列說法正確的是（）

A.物塊與木板相對運動的過程中，兩者的加速度大小相等

B.木板第一次與墻面碰撞前瞬間的速度大小為、篝

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C.木板第一次碰撞墻后向左運動的最大距離為焉嚼萬

-

乙(/KZIfitj林y

D.木板從開始運動到第三次與墻面碰撞前瞬間，木塊與木板間產生的熱量為Q=匏您-翼詔

三、實瞼題：本大題共2小題，共16分。

11.用如圖所示的裝置驗證碰撞中的動量守恒.小球a用不可伸長的細線懸掛起來，直徑相同的小球b放置

在光滑支撐桿上，細線自然下垂時兩球恰好相切，球心位于同一水平線上。已知重力加速度為g。實驗的

主要步驟及需解答的問題如下：

(1)測量出懸點到小球a球心的距離3小球a、b的質量分別為爪1、m2；

(2)將小球a向左拉起使其懸線與豎直方向的夾角為國時并由靜止釋放，與小球b發生對心碰撞后球a反彈,

球b做平拋運動，測得小球a向左擺到最高點時其懸線與豎直方向的夾角為火.則：小球a、b的質量大小需

滿足機1_________爪2(選填“>"、“<”或“=”)；

(3)測量出碰撞后小球b做平拋運動的水平位移x,豎直下落高度九，可知碰撞后小球6的速度大小%=

(4)若該碰撞中的總動量守恒，則需滿足的表達式為(用題中所給和測量的物理量表示)。

12.小明同學要測量一節干電池的電動勢和內阻。準備的器材如下：

4一節干電池；

B電流表G(量程為0?2.0mA,內阻為10。)；

C.電流表4(量程為0-0.64,內阻約為0.50)；

D滑動變阻器%(0?100,54)；

E.滑動變阻器&(0?1000,14)；

H定值電阻R3=990O；

G.開關S和導線若干。

(1)所選器材中無電壓表，需要將G與定值電阻/?3(填“串聯”或“并聯”)o

(2)根據所給器材在空白框里畫出電路圖o

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(3)為了能準確地進行測量，同時為了操作方便，實驗中應選用的滑動變阻器是(填寫器材前的字母編

號)。

(4)該同學利用上述實驗原理圖測得幾組數據，并根據這些數據，以電流表G的讀數人為縱軸，電流表4的

讀數/2為橫軸，繪出了如圖所示的圖線，根據圖線可求出千電池的電動勢E=必保留三位有效數字

),干電池的內阻r=12(保留兩位有效數字)。

八/,/mA

四、計算題：本大題共3小題，共38分。

13.如圖所示，物體4靜止在光滑平直軌道上，其左端固定有輕質彈簧，物體B以速度%=3.0m/s沿軌道向

物體4運動，并通過彈簧與物體2發生相互作用，已知4的質量為64=2kg,B的質量為MB=1kg。

(1)當物體4的速度多大時，彈簧彈性勢能最大;

(2)在相互作用過程中最大彈性勢能為多少。

14.如圖所示的電路中，電源電動勢為為E=28V,內阻不計，電阻Ro=20,%=12。，R2=4H,R3

=120,水平放置的平行板電容器的電容C=3.0pF。

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1I-

及3C

sA

(1)開關s處于斷開狀態時，求平行板電容器兩端的電壓及所帶電荷量；

(2)在開關S由斷開狀態到閉合穩定后的狀態，求流過電阻的電荷量。

15.如圖所示，--足夠長的豎直圓筒筒壁上有小孔0,筒內所有區域存在豎直向下的勻強電場，電場強度大

小為E=1.0Xio3yv/c，粒子源不停地水平向右發射速率為%=2.0X105M/S的帶正電荷的粒子，粒子通

過孔。沿筒的半徑方向進入圓筒，已知粒子質量6=1.6x10-27的，電荷量q=1.6x10-19配圓筒半徑

為r=0.2m,筒內壁有吸收粒子的涂層，不計粒子的重力及粒子間的相互作用力。(7T=3.14)

(1)求單個粒子從射入圓筒到打到筒壁過程中動量的變化量大小/p;

(2)若圓筒繞其豎直中心軸以恒定的角速度轉動，粒子打在筒壁上的點均與孔。處于同一豎直線上，求圓筒

的角速度3；

(3)若在孔0和圓筒中心軸的豎直平面內不斷改變粒子的發射方向，粒子發射速率不變，粒子源在如圖所示

120。范圍內發射粒子到孔。，求所有粒子打到筒壁時的電勢能的最大差值/Ep的絕對值。(結果保留2位有效

數字)

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參考答案

l.D

2.D

3.5

4.D

5.D

6.C

7.B

8.AB

9.BD

1Q.BCD

11。)<；(3)x昌；(4)n1112gz,(1-cos/)=-miy/2gL(l-cos02)+m2xj^

12.串聯

D

1.48

0.84

13.解:

(1)當物體4B速度相同時，彈簧彈性勢能最大，由動量守恒定律可知

mBvG=(jnA+m^v

代入得

mBVQ1x3

v=--------=-----m/s=lm/s

mA+mB1+2

(2)設最大彈性勢能為E彈，根據機械能守恒知

11

m2

2B^o=2(血4+mB)v+E彈

第7頁，共9頁

代入得

11

E彈=]X1x32--x3x12/=3/

14.(1)開關S處于斷開狀態時，Ro、R3串聯，則平行板電容器兩端的電壓為

UR3=』E=24'

所帶電荷量為

Q=CUR3=7.2xionC

(2)開關S處于閉合狀態時，電容器兩端的電壓為

Ri+/?o

U'R3=-E=21V

R1+R3+K°

流過電阻R2的電荷量為

Q'=C(UR3-U'R3)=9X10-12c

15.(1)粒子從射入圓筒到打到筒壁過程中運動時間

2r

t=——

vo

根據動量定理

qEt—Ap

解得

2qEr”

Ap=-----=3.2x10-22kg.m/s

%

(2)圓筒在時間t內轉過的角度

3=(2n+l)7r(n=0,1,2…)

圓筒的角速度

9(2n+l)7r-Vo

6

(Jl)=-==1.57(2n+1)x10rad/s(n=0,1,2-)

2r

(3)對與水平線成60。斜向下射入的粒子，豎直方向的位移

17

y1=vosin6O-tr+—at^

時間

2r

VQCOS60°

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根據牛頓第二定律可得