浙江省溫州市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期1月期末考試物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三總分評(píng)分一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1．下列物理量屬于矢量的是（）A．磁感應(yīng)強(qiáng)度 B．電勢(shì) C．電流 D．磁通量2．下列說(shuō)法正確的是（）A．法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng) B．安培提出了分子電流假說(shuō)C．愛(ài)因斯坦提出了能量子假說(shuō) D．赫茲建立了經(jīng)典電磁場(chǎng)理論3．下列說(shuō)法正確的是（）A．避雷針的工作原理是靜電屏蔽B．金屬探測(cè)儀的工作原理是靜電感應(yīng)C．雷達(dá)是用X光來(lái)測(cè)定物體位置的設(shè)備D．電磁波的傳播不需要介質(zhì)，可以在真空中傳播4．如圖所示，在一平面內(nèi)有兩條垂直交叉、相互絕緣的無(wú)限長(zhǎng)直導(dǎo)線，流過(guò)每一條導(dǎo)線的電流均為I。已知一根無(wú)限長(zhǎng)直導(dǎo)線通過(guò)電流I時(shí)，在距離導(dǎo)線d處所產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，則圖中與導(dǎo)線距離均為d的M、NA．B0、0 B．B0、B0 C．0、2B05．下列四幅圖涉及到不同的物理知識(shí)，其中說(shuō)法正確的是（）A．圖甲中轉(zhuǎn)動(dòng)蹄形磁體時(shí)，靜止的鋁框（可繞軸自由轉(zhuǎn)動(dòng)）會(huì)隨磁體同向轉(zhuǎn)動(dòng)B．圖乙中蹄形磁體靠近自由轉(zhuǎn)動(dòng)的銅盤(pán)時(shí)，銅盤(pán)轉(zhuǎn)速不變C．圖丙中磁電式電流表中鋁框骨架若用質(zhì)量相等的塑料框替代效果相同D．圖丁中磁體從內(nèi)壁光滑閉合豎直鋁管的上端靜止釋放，磁體做自由落體運(yùn)動(dòng)6．一小量程電流表G，滿偏電流為50μA，內(nèi)阻為800Ω。將它改裝成0~1mA、0~10mA的兩量程電流表，電路如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）A．R1與R2B．開(kāi)關(guān)S接b時(shí)的量程為0~1mAC．測(cè)出的電流為0.5mAD．將圖中R1與R7．回旋加速器結(jié)構(gòu)示意圖如圖所示，兩個(gè)D形盒分別和一高頻交流電源兩極相接，兩盒放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于盒底面。A處有一初速為零的帶電粒子，不計(jì)粒子的重力和通過(guò)盒縫的時(shí)間，下列說(shuō)法正確的是（）A．電場(chǎng)和磁場(chǎng)都能加速帶電粒子B．粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心保持不變C．僅增大加速電壓，粒子在加速器中的運(yùn)動(dòng)總時(shí)間不變D．僅增大加速電壓，粒子離開(kāi)加速器時(shí)獲得的動(dòng)能不變8．如圖所示，某個(gè)小水電站發(fā)電機(jī)的輸出功率為100kW，發(fā)電機(jī)的輸出電壓為250V，用匝數(shù)比n1A．輸電線路上通過(guò)的電流為400AB．降壓變壓器原線圈兩端的電壓為3800VC．用戶得到的功率為90kWD．降壓變壓器匝數(shù)比n9．如圖所示為兩個(gè)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線分布，O點(diǎn)為兩點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)，以O(shè)為圓心的虛線圓與電場(chǎng)線交于點(diǎn)a、b、c、d，其中a、b兩點(diǎn)關(guān)于兩點(diǎn)電荷所在的直線對(duì)稱，下列說(shuō)法正確的是（）A．兩點(diǎn)電荷的電荷量相等B．a(chǎn)、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C．b點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì)D．同一試探電荷在c、d兩點(diǎn)的電勢(shì)能相同10．如圖所示，abcdef是由六段長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的相同電阻絲構(gòu)成的正六邊形線框，虛線fb上方、下方分別存在垂直紙面向里、向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為2B、B。線框上e、c兩點(diǎn)分別與電源正負(fù)極連接，導(dǎo)線edc受到的安培力為F，則線框abcdef受到的安培力大小為（）A．0 B．F C．2F D．4F11．如圖所示，厚度為h、寬度為d的導(dǎo)體板放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，當(dāng)導(dǎo)體板通過(guò)一定電流I且電流與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，在導(dǎo)體板的上表面A和下表面A'之間會(huì)產(chǎn)生一定的電勢(shì)差UH，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)。若圖中的電流A．UH與導(dǎo)體板的厚度hB．UH與導(dǎo)體板的寬度dC．導(dǎo)體板上表面A的電勢(shì)比下表面A'D．若磁場(chǎng)和電流均反向，導(dǎo)體板上表面A的電勢(shì)比下表面A'12．如圖所示，一光滑絕緣圓環(huán)固定在豎直面內(nèi)，可視為點(diǎn)電荷的三個(gè)帶電球a、b、c套在圓環(huán)上，穩(wěn)定時(shí)c球位于圓環(huán)最低點(diǎn)，a和c兩球的連線、b和c兩球的連線與豎直方向夾角分別為30°、60°，下列說(shuō)法正確的是（）A．a(chǎn)、b兩球帶異種電荷 B．a(chǎn)、b兩球?qū)球的靜電力相等C．a(chǎn)球的電荷量大于b球的電荷量 D．a(chǎn)、b兩球的質(zhì)量之比為113．我國(guó)是最大的光伏產(chǎn)品制造國(guó)，2023年全國(guó)太陽(yáng)能發(fā)電裝機(jī)規(guī)模已超5.4億千瓦。如圖是某中學(xué)屋頂?shù)奶?yáng)能電池板，總面積約為500m2。已知太陽(yáng)輻射的總功率約為A．7×102kWh B．7×104kWh二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)符合題目要求，全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14．在超聲波懸浮儀中，由LC振蕩電路產(chǎn)生高頻電信號(hào)，通過(guò)壓電陶瓷轉(zhuǎn)換成同頻率的超聲波，利用超聲波最終實(shí)現(xiàn)小水珠的懸浮。若LC振蕩電路某時(shí)刻線圈中的磁場(chǎng)及電容器兩極板所帶的電荷如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A．此時(shí)電容器的電壓正在增大B．此時(shí)電場(chǎng)能正向磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化C．在線圈中插入鐵芯，LC振蕩電路的頻率減小D．增大平行板電容器極板間的距離，LC振蕩電路的頻率減小15．某發(fā)電機(jī)的示意圖如圖所示，矩形金屬線框在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以恒定角速度ω繞OO'軸轉(zhuǎn)動(dòng)，線框通過(guò)電刷與阻值為R的電阻相連，線框的匝數(shù)為N，面積為S、電阻為A．線框在圖示位置時(shí)磁通量最大B．線框在圖示位置時(shí)電動(dòng)勢(shì)最大C．電阻兩端電壓的瞬時(shí)值u=NBSωcosωtD．交流電流表的讀數(shù)為2三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16．小明同學(xué)因家里裝修購(gòu)買(mǎi)了一批銅芯電線，他設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)測(cè)量銅芯電線的電阻率。（1）打開(kāi)一捆新拆包的電線，其長(zhǎng)度為L(zhǎng)=100m，剝開(kāi)電線兩端的絕緣層，用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量銅芯的直徑，示數(shù)如圖1所示，其讀數(shù)為d=mm。（2）先用多用電表粗測(cè)電線的電阻，將多用電表選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×10”位置，歐姆調(diào)零后進(jìn)行測(cè)量，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)旋到（選填“×1”、“×100”或“×1k”）位置，重新歐姆調(diào)零再進(jìn)行測(cè)量，指針位置如圖2所示，讀數(shù)為Ω。（3）再用伏安法精確地測(cè)量電阻，要求電壓從零開(kāi)始調(diào)節(jié)，選用的實(shí)驗(yàn)儀器有：電池組（電動(dòng)勢(shì)3V）、電流表（0~0.6A~3A）、電壓表（0~3V~15V）、滑動(dòng)變阻器R（0~5Ω）、開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干。部分連線如圖3所示，導(dǎo)線①應(yīng)連接到接線柱（選填“a”或“b”），還需要用導(dǎo)線將接線柱f與（4）該同學(xué)利用以上器材正確連線后進(jìn)行實(shí)驗(yàn)測(cè)量，記錄數(shù)據(jù)并做出U?I圖像如圖4所示。記圖像的斜率為k，則電阻率ρ=（用L、k、d表示），代入數(shù)據(jù)得ρ=Ω?m（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。17．熱敏電阻的阻值隨溫度的變化非常明顯，利用這一特性制成的接觸式溫度傳感器有較高的溫度測(cè)量精度。某熱敏電阻R的阻值隨溫度變化的關(guān)系圖像如圖1所示。若用該熱敏電阻按圖2電路連接，溫度越高時(shí)，熱敏電阻的阻值越（選填“大”或“小”），電壓表示數(shù)越（選填“大”或“小”）；將電壓表替換成內(nèi)阻很大的報(bào)警裝置（當(dāng)電壓大于等于2V時(shí)發(fā)出警報(bào)），若電源電動(dòng)勢(shì)為3V且電源內(nèi)阻不計(jì)，設(shè)置該裝置在溫度大于等于90°C時(shí)發(fā)出警報(bào)，可調(diào)電阻R0阻值應(yīng)調(diào)為Ω18．下列說(shuō)法正確的是（）A．“電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量”實(shí)驗(yàn)中每次記錄完數(shù)據(jù)后應(yīng)及時(shí)斷開(kāi)開(kāi)關(guān)B．“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)可用直流電壓表測(cè)量線圈兩端電壓C．“練習(xí)使用多用電表”實(shí)驗(yàn)中多用電表使用完畢時(shí)，應(yīng)該把選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋D．“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”實(shí)驗(yàn)需要確定電流表指針偏轉(zhuǎn)方向和電流方向的關(guān)系19．如圖所示，寬為L(zhǎng)=0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌所在平面與水平面的夾角θ=53°，導(dǎo)軌的一端與電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均恒定的直流電源相接，空間分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.4T、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m=1.5×10?2kg、長(zhǎng)為（1）求金屬桿受到的安培力大小FA（2）求通過(guò)金屬桿的電流I；（3）若勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向都可調(diào)整，為使金屬桿在圖示位置保持靜止，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值B120．如圖所示，一固定絕緣細(xì)桿與水平方向夾角θ=37°，細(xì)桿AC總長(zhǎng)L=8m，B為AC中點(diǎn)，在BC區(qū)域附近，有一與細(xì)桿垂直向上且平行于豎直面的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小E未知。一質(zhì)量m=0.1kg、電荷量q=+1×10?3C的圓環(huán)（可視為質(zhì)點(diǎn)），套在AC細(xì)桿上從A點(diǎn)靜止釋放，恰好能運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，圓環(huán)與細(xì)桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0（1）圓環(huán)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度大小vB（2）圓環(huán)從A到C的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t；（3）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E。21．某種利用電磁感應(yīng)原理測(cè)血栓的儀器，其中一個(gè)元件為固定的“三葉式”線圈，如圖所示，線圈六段圓弧的圓心角均為60°，圓心均在O點(diǎn)，其中小圓弧半徑均為r，大圓弧半徑均為2r。現(xiàn)有長(zhǎng)l=2r、電阻R1=R的均勻?qū)w棒OA可繞O點(diǎn)在紙面內(nèi)以角速度ω順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，從O點(diǎn)和線圈上引出兩導(dǎo)線與定值電阻R2=R構(gòu)成一個(gè)閉合電路，整個(gè)裝置處于垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。在導(dǎo)體棒OA順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，導(dǎo)體棒和線圈接觸良好，除導(dǎo)體棒R1和定值電阻R2外，其余電阻不計(jì)。

（1）比較導(dǎo)體棒兩端的電勢(shì)高低：φ0φA（選填“>”、“=”或“（2）求導(dǎo)體棒經(jīng)過(guò)圖示位置時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E1和流過(guò)R2的電流I1（3）求導(dǎo)體棒經(jīng)過(guò)OQ位置時(shí)電阻R2的電功率P（4）求通過(guò)電阻R2的電流的有效值I22．如圖1所示，間距為d的平行導(dǎo)體板M、N間有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B1和沿紙面向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)（未畫(huà)出），平行板右側(cè)上方、下方分別放有足夠長(zhǎng)的絕緣收集板a1b1、a2b2，右側(cè)偏轉(zhuǎn)區(qū)內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2。有大量質(zhì)量為m、電荷量為q的正電粒子以不同速度沿平行板軸線OO'射入，其中速度為v0（1）求板M、N間的電壓UMN（2）若僅將磁場(chǎng)B1的右邊界向左移動(dòng)d4（如圖2所示），求速度為v0的粒子打在收集板上的點(diǎn)P1到（3）若將兩收集板a1b1、a2b2水平向右移動(dòng)d4，在平行板右側(cè)放置一可上下移動(dòng)的擋板e(cuò)f，其上邊緣e自M板附近開(kāi)始緩慢向下移，當(dāng)e下移距離為d4時(shí)（如圖3所示），恰好有粒子打到收集板右側(cè)，此時(shí)粒子的落點(diǎn)P2到O'點(diǎn)的豎直距離為2d，求對(duì)應(yīng)粒子沿軸線

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A、電流有方向，其方向表示正電荷定向移動(dòng)的方向，但電流運(yùn)算時(shí)不遵守平行四邊形定則，因此電流是標(biāo)量，故A錯(cuò)誤。

BC、電勢(shì)和磁通量只有大小，沒(méi)有方向，是標(biāo)量，故BC錯(cuò)誤。

D、磁感應(yīng)強(qiáng)度既有大小又有方向，相加時(shí)遵循平行四邊形定則，是矢量。故D正確。

故選：D。

【分析】既有大小又有方向，相加時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移等都是矢量；只有大小，沒(méi)有方向的物理量是標(biāo)量，如路程、時(shí)間、質(zhì)量等都是標(biāo)量，明確標(biāo)量和矢量的區(qū)別即可正確解答本題。2．【答案】B【解析】【解答】A、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故A錯(cuò)誤；

B、安培提出了分子電流假說(shuō)，解釋了磁現(xiàn)象的本質(zhì)，故B正確；

C、普朗克提出了能量子假說(shuō)，故C錯(cuò)誤；

D、麥克斯韋建立了經(jīng)典電磁場(chǎng)理論，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可。3．【答案】D【解析】【解答】A、避雷針的工作原理是尖端放電，故A錯(cuò)誤；

B、金屬探測(cè)儀的工作原理是電磁感應(yīng)，故B錯(cuò)誤；

C、雷達(dá)是用無(wú)線電波來(lái)測(cè)定物體位置的設(shè)備，故C錯(cuò)誤；

D、電磁波的傳播不需要介質(zhì)，可以在真空中傳播，故D正確。

故選：D

【分析】避雷針的工作原理主要是利用尖端放電避免雷擊；金屬探測(cè)儀的工作原理是電磁感應(yīng)；雷達(dá)是用無(wú)線電波來(lái)測(cè)定物體位置的設(shè)備；電磁波可以在真空中傳播4．【答案】C【解析】【解答】根據(jù)安培定則可知，通電導(dǎo)線POF在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向里，通電導(dǎo)線EO'Q在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向外，根據(jù)題意可知，兩導(dǎo)線在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，由疊加原理可知，M點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0；

同理，根據(jù)安培定則可知，POF在N點(diǎn)形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直紙面向里，EO'Q在N點(diǎn)形成的磁感應(yīng)強(qiáng)度向里，根據(jù)題意可知，兩導(dǎo)線在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，由疊加原理可知，M點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B，故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：B。

【分析】根據(jù)安培定則判斷兩根導(dǎo)線各自在M、N點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，根據(jù)平行四邊形定則即可確定M、N兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小5．【答案】A【解析】【解答】A、根據(jù)電磁驅(qū)動(dòng)原理，圖中當(dāng)手搖動(dòng)柄使得蹄形磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)，則鋁框會(huì)同向轉(zhuǎn)動(dòng)，且比磁體轉(zhuǎn)動(dòng)的慢，故A正確；

B、轉(zhuǎn)動(dòng)銅盤(pán)時(shí)，導(dǎo)致銅盤(pán)切割磁感線，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，出現(xiàn)安培力阻礙銅盤(pán)的轉(zhuǎn)動(dòng)，銅盤(pán)轉(zhuǎn)速減小，故B錯(cuò)誤；

C、磁電式儀表，把線圈繞在鋁框骨架上，鋁框中產(chǎn)生感應(yīng)電流，使線框盡快停止擺動(dòng)，起到電磁阻尼的作用，若用質(zhì)量相等的塑料框不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，因此不會(huì)產(chǎn)生阻礙效果，故C錯(cuò)誤；

D、磁體在鋁管中下落時(shí)，鋁管產(chǎn)生渦流，對(duì)小圓柱產(chǎn)生向上的阻力，所以磁體不是做自由落體運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選：A

【分析】根據(jù)電磁驅(qū)動(dòng)原理原理進(jìn)行分析；由楞次定律判斷電流方向，由此確定產(chǎn)生安培力的方向，進(jìn)而分析轉(zhuǎn)盤(pán)的轉(zhuǎn)速；根據(jù)磁電式儀表的工作原理進(jìn)行分析；根據(jù)電磁阻尼的知識(shí)進(jìn)行分析。6．【答案】B【解析】【解答】AB.R1與R2串聯(lián)后應(yīng)改裝成小量程的電流表，即量程為1mA，電流表G與R1與R2串聯(lián)部分并聯(lián)，R1與R2串聯(lián)部分所分的電流為950μA，根據(jù)并聯(lián)電路電阻越大分得電流越小可知R1與R2串聯(lián)后的總電阻小于G的內(nèi)阻800Ω，故A錯(cuò)誤，B正確；

C.測(cè)出的電流為0.5mA時(shí)則電流表的量程應(yīng)為0～1mA，所以流過(guò)G表的電流為25μA，故C錯(cuò)誤；

D.將圖中R1與R2的位置互換時(shí)接a的電流表的量程會(huì)發(fā)生變化，接b的電流表的量程不會(huì)發(fā)生變化，故D錯(cuò)誤。

故選：B

【分析】AB.先分析哪個(gè)是小量程，再根據(jù)電路的連接方式結(jié)合串并聯(lián)電路的知識(shí)判斷R1和R2串聯(lián)后的總電阻跟電流表G的內(nèi)阻值關(guān)系；

C.先分析測(cè)量出的電流選擇的量程，再根據(jù)并聯(lián)電路知識(shí)判斷流過(guò)G的電流值；

D.將R1和R2位置互換，根據(jù)連接關(guān)系判斷會(huì)不會(huì)影響量程。7．【答案】D【解析】【解答】A、粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)受洛倫茲力的作用，洛倫茲力不做功，所以磁場(chǎng)不能加速帶電粒子，故A錯(cuò)誤；

B、粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心不斷改變，故B錯(cuò)誤；

CD、粒子被加速的最大半徑等于金屬盒的半徑R，根據(jù)牛頓第二定律有qvB=mv2R，則粒子離開(kāi)加速器時(shí)獲得的動(dòng)能為Ek=12mv2，解得Ek=q28．【答案】B【解析】【解答】A.由題意可知，發(fā)電機(jī)的電流為I1=P1U1=100×103250A=400A，根據(jù)升壓變壓器原副線圈電流與匝數(shù)的關(guān)系可得輸電線路上通過(guò)的電流為I2=n1n2I1=116×400A=25A，故A錯(cuò)誤；

9．【答案】C【解析】【解答】A、中垂線的場(chǎng)強(qiáng)方向斜向右上方，所以兩點(diǎn)電荷的電荷量不相等，正電電荷的電量大，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)電場(chǎng)線的對(duì)稱性可知a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小相等，但是方向不同，故B錯(cuò)誤；

C、順著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，所以b點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì)，故C正確；

D、分析可知d點(diǎn)的電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì)，同一試探電荷在c、d兩點(diǎn)的電勢(shì)能不相同，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

【分析】根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)，判斷電場(chǎng)強(qiáng)度方向，電場(chǎng)線越密集場(chǎng)強(qiáng)越大；根據(jù)電場(chǎng)線中垂線位置判斷兩個(gè)點(diǎn)電荷電荷量大小；根據(jù)電場(chǎng)力做功情況，分析電勢(shì)能的變化情況。10．【答案】A【解析】【解答】根據(jù)并聯(lián)關(guān)系可知，通過(guò)edc電流是通過(guò)efabc電流的兩倍，設(shè)通過(guò)efabc部分的電流為I，則通過(guò)edc部分的電流大小為2I，ef和cb部分通過(guò)的電流大小相等，方向相反，所以ef和cb部分受到的安培力相互抵消了，則edc部分和efabc部分有效長(zhǎng)度相等，長(zhǎng)度都是fb之間的長(zhǎng)度，根據(jù)幾何關(guān)系可知fb長(zhǎng)度L'=3L，則fab部分受到的安培力方向向上，大小為F上=2BIL'，edc部分受到的安培力方向向下，大小為F下=B?2Il'

可知線框abcdef受到的安培力大小為0，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A。11．【答案】B【解析】【解答】AB．當(dāng)電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡時(shí)，則有e得U導(dǎo)體中通過(guò)的電流為I=nevS=nevdh由v=得UUHC．電子定向移動(dòng)中受洛倫茲力向上，導(dǎo)體上表面帶上負(fù)電，而下表面帶正電，所以導(dǎo)體上表面比下表面電勢(shì)低，故C錯(cuò)誤；B．磁場(chǎng)和電流均反向，根據(jù)左手定則可得洛倫茲力方向不變，上表面電勢(shì)低與下表面，D錯(cuò)誤；故選B。【分析】根據(jù)電場(chǎng)力和洛倫茲力的等量關(guān)系，結(jié)合電流的微觀表達(dá)式得出電勢(shì)差的表示即可完成分析；

根據(jù)左手定則得出粒子受到的洛倫茲力方向，結(jié)合粒子的電性得出電勢(shì)的高低。12．【答案】C【解析】【解答】

A．對(duì)球a受力分析，受重力，b、c兩球的庫(kù)侖力和圓環(huán)的支持力，由幾何關(guān)系可知，ab的連線經(jīng)圓心，即ab是直徑，由共點(diǎn)力的平衡條件可知，若c對(duì)a是斥力，b對(duì)a是引力，a可以處于平衡狀態(tài)，即a和c是同性，a和b是異性，b和c是異性；對(duì)b受力分析，a和c對(duì)b都是引力，則b受力不平衡，因此a、b兩球帶同種電荷，b和c帶同種電荷，A錯(cuò)誤；BC．對(duì)球c受力分析，受重力，圓環(huán)的支持力，a、b兩球?qū)球的靜電力，若a、b兩球?qū)球的靜電力相等，由于這兩個(gè)力與水平方向的夾角不相等，可知這兩力在水平方向的分力不平衡，則c球不處于平衡狀態(tài)。若使c球在水平方向的分力平衡，由于ac連線與水平方向夾角大于bc連線與水平方向夾角，且a到c距離大于b到c距離，所以a球的電荷量要大于b球的電荷量，B錯(cuò)誤，C正確；D．由于帶電球a、b、c所帶的電荷量未知，因此三球之間的庫(kù)侖力的大小不能確定，圓環(huán)對(duì)球支持力的大小和方向不能確定，可知a球的質(zhì)量與b球的質(zhì)量關(guān)系不能確定，D錯(cuò)誤。故選C。【分析】首先對(duì)c球受力分析可知，a對(duì)c的庫(kù)侖力與b對(duì)c的庫(kù)侖力的合力必需豎直方向，所以a、b帶同種電荷，然后分別對(duì)a、b進(jìn)行受力分析進(jìn)而得出三小球帶同種電荷，最后列出平衡方程即可求解。13．【答案】B【解析】【解答】太陽(yáng)的總功率分布在半徑是1.P太陽(yáng)能電池板接收到的太陽(yáng)能轉(zhuǎn)化為電能的功率P=每天的日照效果相當(dāng)于太陽(yáng)直射電池板4h，太陽(yáng)能電池板一年的發(fā)電量約為W=4故選B。【分析】根據(jù)太陽(yáng)的輻射總功率，求出地面上單位面積上的輻射功率，然后利用太陽(yáng)能電池的能量轉(zhuǎn)化效率進(jìn)一步求解。14．【答案】B,C【解析】【解答】AB．由圖可知，此時(shí)電流方向由上極板流向下極板，則此時(shí)電容器正在放電，電容器的電壓正在減小，電場(chǎng)能正向磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化，故A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)f=在線圈中插入鐵芯，則L增大。LC振蕩電路的頻率減小，故C正確；D．根據(jù)f=12π增大平行板電容器極板間的距離，則電容減小，LC振蕩電路的頻率增大，故D錯(cuò)誤。故選BC。【分析】由圖示磁場(chǎng)方向，根據(jù)安培定則判斷出電路電流方向，結(jié)合電容器兩極板間的電場(chǎng)方向，判斷振蕩過(guò)程處于什么階段；然后根據(jù)電磁振蕩特點(diǎn)分析答題。15．【答案】B,D【解析】【解答】A.線框在圖示位置時(shí)磁通量最小，為0，故A錯(cuò)誤；B.線框在圖示位置時(shí)垂直切割磁感線，電動(dòng)勢(shì)最大，故B正確；C.線框產(chǎn)生的瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式為e=NBSω由于線圈有內(nèi)阻，設(shè)為r，所以電阻兩端電壓的瞬時(shí)值u=故C錯(cuò)誤；D.交流電流表的讀數(shù)為有效值，為I=故D正確。故選BD。【分析】線框和磁場(chǎng)平行時(shí)，穿過(guò)線框的磁通量為零，磁通量變化率最大；先計(jì)算出線框轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得電流表的示數(shù)；根據(jù)歐姆定律可得電阻兩端的電壓，然后結(jié)合瞬時(shí)值和最大值之間的關(guān)系可以得到電阻兩端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式。16．【答案】（1）1.10（2）×1；1.6##1（3）b；e（4）kπd24l；1.【解析】【解答】（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理可知其讀數(shù)為(0（2）歐姆表指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，說(shuō)明所選倍率太大，應(yīng)選×1倍率。圖2所示，讀數(shù)為(（3）為了測(cè)量準(zhǔn)確，該實(shí)驗(yàn)中采用電流表的外接法，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓式接法，故①應(yīng)連接到接線柱b，導(dǎo)線將接線柱f與e接線柱接通。（4）U-I圖像的斜率為導(dǎo)體的電阻，即k=R根據(jù)電阻定律可知R=ρS=π解得ρ=代入數(shù)據(jù)得ρ=故答案為：（1）1.10；（2）×1；1.6；（3）b；e；（4）kπd2【分析】（1）根據(jù)游標(biāo)卡尺的精度讀出材料的直徑；

（2）根據(jù)歐姆表的使用方法解答；

（3）根據(jù)待測(cè)電阻的大小及滑動(dòng)變阻器的分壓式連接實(shí)物圖；

（4）根據(jù)電阻定律解得電阻率。17．【答案】小；大；20【解析】【解答】由圖1可知溫度越高時(shí)，熱敏電阻的阻值越小；則電路中電流越大，電阻R0當(dāng)電壓大于等于2V時(shí)發(fā)出警報(bào)，且該裝置在溫度大于等于90°C時(shí)發(fā)出警報(bào)，由圖可知溫度等于90°C時(shí)，熱敏電阻為10Ω，電源電壓為3V，根據(jù)串聯(lián)電路規(guī)律可知U解得R故答案為：小、大、26【分析】根據(jù)熱敏電阻的伏安特性曲線進(jìn)行分析和判斷，結(jié)合閉合電路的歐姆定律的列式并代入數(shù)據(jù)解答。18．【答案】A,D【解析】【解答】A、該實(shí)驗(yàn)過(guò)程中，記錄數(shù)據(jù)盡可能要快，防止時(shí)間過(guò)長(zhǎng)，產(chǎn)生焦?fàn)枱幔闺姵貎?nèi)阻變化，從而影響實(shí)驗(yàn)精度，故A正確；

B、該實(shí)驗(yàn)中用交流電壓表測(cè)量線圈兩端電壓，故B錯(cuò)誤；

C、多用電表使用完畢，應(yīng)將選擇開(kāi)關(guān)旋到“OFF”或交流電壓最高擋，故C錯(cuò)誤；

D、“探究影響感應(yīng)電流方向的因素”實(shí)驗(yàn)中，需要根據(jù)電流表指針偏轉(zhuǎn)方向用于確定電流方向，故D正確。

故選：AD。

【分析】根據(jù)各實(shí)驗(yàn)中的實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析。19．【答案】（1）對(duì)導(dǎo)體棒受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可得F解得F（2）根據(jù)安培力的計(jì)算公式有F解得I=1A（3）當(dāng)安培力沿斜面向上時(shí)，最小則B解得B此時(shí)方向垂直于導(dǎo)軌平面向上【解析】【分析】（1）根據(jù)平衡條件列方程求解；

（2）根