安徽省肥東縣二中2025屆高三上物理期中質量檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，將小球從地面以初速度豎直上拋的同時，將另一相同質量的小球從距地面處由靜止釋放，兩球恰在處相遇（不計空氣阻力）．則A．兩球同時落地B．相遇時兩球速度大小相等C．從開始運動到相遇，球動能的減少量等于球動能的增加量D．相遇后的任意時刻，重力對球做功功率和對球做功功率相等2、如圖所示裝置中，質量為M的木塊B與水平桌面間的接觸面是光滑的，質量為m的子彈A沿水平方向以v0射入木塊后留在木塊內，將彈簧壓縮到最短．則此系統從子彈開始射入木塊到彈簧壓縮至最短的整個過程中（）A．彈簧、木塊和子彈組成的系統動量守恒，機械能不守恒B．彈簧、木塊和子彈組成的系統動量守恒，機械能守恒C．彈簧的最大彈性勢能為D．彈簧的最大彈性勢能為3、質量為m的小球由輕繩a、b分別系于一輕質木架上的A和C點，繩長分別為la、lb（且la≠lb），如圖所示，當輕桿繞軸BC以角速度ω勻速轉動時，小球在水平面內做勻速圓周運動，繩a在豎直方向，繩b在水平方向，當小球運動到圖示位置時，繩b被燒斷的同時輕桿停止轉動，則()A．小球仍在水平面內做勻速圓周運動B．在繩b被燒斷瞬間，繩a中張力突然增大到mg+mω2laC．無論角速度ω多大，小球都不可能再做完整的圓周運動D．繩b未被燒斷時，繩a的拉力等于mg，繩b的拉力為mω2lb4、如圖所示，三根抗拉能力相同的輕細繩1、2、3將一重物懸掛在水平天花板上，P、Q兩點為繩子與天花板的結點，繩子1、2與天花板的夾角分別為60°和30°，其拉力大小分別為F1、F2，重物重力為G，下列說法正確的是（）A．繩子2的拉力B．繩子2的拉力F2=2GC．若逐漸增大重物進力，繩子3先斷D．若緩慢增大P、Q兩點間距，F1、F2的合力增大5、如圖，放在水平桌面上的木塊處于靜止狀態，所掛的砝碼和托盤的總質量是0.8kg，彈簧秤示數為5N，若輕輕取走盤中0.5kg砝碼，將會出現的情況是（g取10m/s2）（）A．彈簧秤示數變小B．A將向左運動C．桌面對A的摩擦力變小D．A所受和外力變大6、兩個放在絕緣支架上的相同金屬球相距為L，球的半徑比L小得多，分別帶q和3q的電荷量，相互斥力為3F．現將這兩個金屬球接觸后分開放回原處，則它們間的相互斥力將變為A．0 B．F C．2F D．4F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、氫原子的能級圖如圖所示，關于大量氫原子的能級躍遷，下列說法正確的是(可見光的波長范圍為4.0×10-7m~7.6×10-7m,普朗克常量h=6.6×10-34，真空中的光速c=3.0×108m/s)A．氫原子從高能級躍遷到基態時，會輻射γ射線B．氫原子從n=4躍遷到n=3能級輻射的光具有顯著的熱效應C．氫原子從n=3能級自發躍遷時，若輻射出能量最大與最小的兩種光都能使某金屬發生光電效應，則逸出光電子最大初動能之差為10.2eVD．氫原子從n=3能級自發躍遷時，輻射最大能量和最小能量所對應的光子動量之比為1209:1898、有一種雜技表演叫“飛車走壁”,由雜技演員駕駛摩托車沿圓臺形表演臺的側壁,做勻速圓周運動.如圖中粗線圓表示摩托車的行駛軌跡,軌跡離地面的高度為h,下列說法中正確的是(

)A．h越高,摩托車對側壁的壓力將越大B．摩托車做圓周運動的向心力大小與h無關C．h越高,摩托車做圓周運動的周期將越大D．h越高,摩托車做圓周運動的線速度將越大9、在遇到暴雨、霧霾等惡劣天氣時，高速公路上能見度不足100m．在這樣的惡劣天氣時，甲、乙兩汽車在一條平直的單行道上，乙在前、甲在后同向行駛．某時刻兩車司機同時聽到前方有事故發生的警笛提示，同時開始剎車，結果兩輛車發生了碰撞．圖示為兩輛車剎車后若不相撞的v-t圖象，由此可知A．剎車過程中甲車的加速度是乙車加速度的2倍B．兩車可能在剎車后的20s至25s之間的某時刻發生相撞C．兩輛車一定在剎車后的20s之內的某時刻發生相撞D．兩車剎車時相距的距離一定小于90m10、如圖甲所示，勁度系數為k的輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質量為的小球，從離彈簧上端高h處由靜止釋放，落在彈簧上后繼續向下運動到最低點的過程中，小球的速度v隨時間的變化圖象如圖乙所示，其中OA段為直線，AB段是與OA相切于A點的曲線，BCD是平滑的曲線．若小球開始下落的位置為原點，沿豎直向下方向建立坐標軸ox，則關于A、B、C、D各點對應的小球下落的位置坐標x及所對應的加速度的大小，以下說法正確的是（）A．xA=h，aA=0C．xC=h+2mgk，三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖甲所示，用落體法驗證機械能守恒定律，打出如圖乙所示的一條紙帶，已知交流電的周期為0.02s。（1）根據紙帶所給數據，打下C點時重物的速度為________m/s。（結果保留三位有效數字）（2）某同學選用兩個形狀相同，質量不同的重物a和b進行實驗，測得幾組數據，畫出圖象，并求出圖線的斜率k，如圖乙丙所示，由圖象可知a的質量m1________b的質量m2。（選填“大于”或“小于”）（3）通過分析發現造成k2值偏小的原因是實驗中存在各種阻力，已知實驗所用重物的質量m2＝0.052kg，當地重力加速度g＝9.78m/s2，求出重物所受的平均阻力f＝______N。（結果保留兩位有效數字）12．（12分）現要測量滑塊與木板之間的動摩擦因數，實驗裝置如圖1所示．表面粗糙的木板一端固定在水平桌面上，另一端抬起一定高度構成斜面；木板上有一滑塊，其后端與穿過打點計時器的紙帶相連；打點計時器固定在木板上，連接頻率為50Hz的交流電源．接通電源后，從靜止釋放滑塊，滑塊帶動紙帶打出一系列的點跡．（1）圖2給出的是實驗中獲取的一條紙帶的一部分：0、1、2、3、4、5、6是實驗中選取的計數點，每相鄰兩計數點間還有4個點（圖中未標出），2、3和5、6計數點的距離如圖2所示．由圖中數據求出滑塊的加速度a=________（結果保留三位有效數字）．（2）已知木板的長度為L，為了求出滑塊與木板間的動摩擦因數，還應測量的物理量是（_______）A．滑塊到達斜面底端的速度vB．滑塊的質量mC．滑塊的運動時間tD．斜面高度h和底邊長度x（3）設重力加速度為g，滑塊與木板間的動摩擦因數的表達式為μ=_________（用所需測物理量的字母表示）．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平面光滑，在虛線的右側存在場強大小為E，方向向左的勻強電場．一個不帶電的小球A恰好靜止在虛線與水平面的交點處．電場中，在與A球相距l遠處由靜止釋放一帶電量為+q的小球B，經一段時間后A、B發生了彈性正碰．已知A小球的質量為mA，B小球的質量為mB，有mA=2mB．若A、B均為金屬小球，形狀大小均相同，且可視為質點，不考慮電場邊緣效應，求：(1)碰撞前瞬間B小球的速度；(2)碰撞后B小球在電場中向右運動的最遠距離（已知兩小球碰后電量均分，且不考慮小球間的庫侖力作用）．14．（16分）如圖所示，長為、質量為的木板，放在水平地面上，木板向右運動的速度時，在木板前端輕放一個大小不計、質量為的小物塊．木板與地面、物塊與木板間的動摩擦因數均為，g?。螅海?）物塊及木板的加速度大?。?）物塊滑離木板時的速度大?。?5．（12分）甲、乙兩質點在同一時刻、從同一地點沿同一方向做直線運動，其中質點甲做初速度為零、加速度大小為a1的勻加速直線運動，質點乙做初速度為v0＝10m/s、加速度大小為a2的勻減速直線運動直至停止．甲、乙兩質點在運動過程中位移為5m時速度相同，經過另一相同位置時，甲、乙兩質點的速度分別為8m/s、6m/s.求：(1)甲、乙兩質點的加速度大小a1、a2；(2)甲、乙兩質點相遇時離出發點的距離．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：A、a球做的是豎直上拋運動，b球是自由落體運動，它們的運動狀態不同，不可能同時落地，故A錯誤．B、從題目內容可看出，在處相遇，此時a球和b球的位移相同，時間相同，它們的加速度也相同，所以ab兩個球的運動的過程恰好是相反的，把a球的運動反過來看的話，應該和b球的運動過程一樣，所以在相遇時，a球的速度剛好為0，而b球的速度剛好為v0，所以B錯誤．C、由于兩球運動時機械能守恒，兩球恰在處相遇，從開始運動到相遇，由動能定理可知，球a動能的減少量等于球b動能的增加量，選項C正確．D、相遇后，ab兩個球的速度的大小不同，而重力的大小是相同的，所以重力的功率不同，故D錯誤．故選C．2、C【解析】試題分析：系統內力遠遠大于外力，系統動量守恒，只有重力或只有彈力做功，系統機械能守恒，根據系統受力情況與做功情況判斷系統動量與機械能是否守恒，應用動量守恒定律與能量守恒定律分析答題．子彈在擊中木塊過程要克服阻力做功，機械能有損失，系統機械能不守恒，子彈與木塊壓縮彈簧過程，子彈、木塊、彈簧組成的系統受到墻壁的作用力，系統所受合外力不為零，系統動量不守恒，由此可知，彈簧、子彈和木塊組成的系統在整個過程中動量不守恒、機械能不守恒，AB錯誤；設子彈射入木塊后，兩者的速度為v，子彈擊中木塊過程子彈與木塊的內力遠遠大于外力，所以子彈與木塊組成的系統動量守恒，以子彈的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得，木塊壓縮彈簧過程，動能轉化為彈性勢能，當彈性勢能最大時，系統的動能全部轉化為彈性勢能，故由能量守恒定律得，聯立解得，C正確D錯誤．3、D【解析】

繩子斷開前，小球做勻速圓周運動，合力指向c點，對小球受力分析，受重力G，a繩子的拉力F1，b繩子的拉力F2，根據牛頓第二定律有:F1=mg；F2=mω2lb；小球的線速度為：v=ωlb；

繩子斷開后，桿停止轉動，由于慣性，小球將繞A點轉動，若速度較小，小球將在垂直于平面ABC的豎直平面內擺動，若速度較大，也有可能在垂直于平面ABC的豎直平面內繞A點做完整的圓周運動，故AC錯誤，D正確；在最低點時：Fa-mg=m(ωlb)2la；解得：Fa=mg+m(ωlb)2l4、C【解析】對O點受力分析，如圖所示：

根據平衡條件，有：F1：F2：F3=：1：2，其中：F3=G，故F1=G，F2=G；故AB錯誤；由于F1：F2：F3=：1：2，而F3=G，故增加重力G后，三個拉力F1、F2、F3均增加，由于F3＞F1＞F2，故繩子3先斷，故C正確；若緩慢增大P、Q兩點間距，點O保持平衡，根據平衡條件，三個力的合力為零，而F1、F2的合力與F3平衡，而F3=G，故F1、F2的合力不變，故D錯誤；故選C點睛：本題是平衡問題，關鍵是明確點O的受力情況，根據平衡條件作圖分析；三力平衡的基本解題方法：①力的合成、分解法：即分析物體的受力，把某兩個力進行合成，將三力轉化為二力，構成一對平衡力，二是把重力按實際效果進行分解，將三力轉化為四力，構成兩對平衡力；②相似三角形法：利用矢量三角形與幾何三角形相似的關系，建立方程求解力的方法．應用這種方法，往往能收到簡捷的效果．5、C【解析】初態時，對A受力分析有：受到的摩擦力Ff=F1?F2=0.8×10?5=3N，說明最大靜摩擦力Fmax?3N，當將總質量減小到0.3kg時，拉力變為3N，摩擦力，小于最大靜摩擦力，所以物體仍靜止，彈簧測力計的示數不變，摩擦力變小，故ABD錯誤，C正確．故選C.點睛：對A受力分析可得出A受到的靜摩擦力，根據靜摩擦力與最大靜摩擦力的關系可得出最大靜摩擦力；再根據變化之后的受力情況可判斷A的狀態及讀數的變化．6、D【解析】

初始狀態下，根據庫侖定律有：，接觸后，兩電荷均分總電量，分別帶上2q的電量，，解得，ABC錯誤D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

A．γ射線是處于高能級的原子核向低能級躍遷的過程中輻射出的，與核外電子無關，故A錯誤；B．從n=4能級躍遷到n=3能級放出的光子的能量波長處于紅外線區域，則輻射的光具有顯著的熱效應，故B正確；CD．氫原子從n=3能級自發躍遷時，若輻射出能量最大與最小的兩種光都能使某金屬發生光電效應，則能量最大的光子能量為動量為能量最小的光子的能量為動量為則逸出光電子的最大初動能之差為10.2eV，輻射最大能量和最小能量所對應的光子動量之比為，故CD正確。故選BCD。8、BD【解析】摩托車做勻速圓周運動，提供圓周運動的向心力是重力mg和支持力N的合力，受力分析如圖，側壁對摩托車的支持力N=與高度h無關，所以摩托車對側壁的壓力不變，故A錯誤；如圖向心力Fn=mgtanα，與高度h無關，所以向心力大小不變，故B正確；根據牛頓第二定律得Fn=，h越高，r越大，Fn不變，則T越大，故C錯誤；根據牛頓第二定律得Fn=，h越高，r越大，Fn不變，則v越大，故D正確；故選BD。9、AC【解析】

A.根據速度時間圖線的斜率表示加速度，可得甲車的加速度大小為：a1=m/s2=1m/s2乙車的加速度大小為：a2=m/s2=0.5m/s2所以剎車過程中甲車的加速度是乙車加速度的2倍，故A正確．BC.根據位移時間關系知t=20s時，甲車的位移為：x甲=v甲t-a1t2=25×20-×1×202=300m乙車的位移為：x乙=v乙t-a2t2=15×20-×0.5×202=200m則有：△x=x甲-x乙=300m-200m=100m因為速度相等相等后，若不相撞，兩者之間的距離逐漸增大，不可能再撞，可知兩輛車一定是在剎車后的20s之內的某時刻發生相撞的，故C正確，B錯誤．D.因為兩車速度相等時間距最大，而兩車不發生碰撞，則兩車剎車時相距的距離一定大于100m，故D錯誤．10、BC【解析】OA過程是自由落體，A的坐標就是h，加速度為g，故A錯誤；B點是速度最大的地方，此時重力和彈力相等，合力為0，加速度也就為0．由mg=kx，可知x=mgk．所以B的坐標為h+mgk，故B正確；A、C兩點關于B點對稱，由A點到B點的形變量為mgk．由對稱性得B到D的形變量也為mgk，所以在C點的形變量為2mgk，所以彈簧彈力F=2mg，F-mg=ma．a=g，x=2mgk．故C的坐標為h+2mgk，故C正確；到達D點時，速度為0，所以到達D點時形變量要大于點睛：明確物體壓縮彈簧的過程，就可以逐個分析位移和加速度．要注意在壓縮彈簧的過程中，彈力是個變力，加速度是變化的，當速度等于零時，彈簧被壓縮到最短．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.25大于0.031【解析】

第一空.C點的瞬時速度等于BD段的平均速度，則有：第二空.根據動能定理得：（mg-f）h=mv2

則有：，

知圖線的斜率為：，

b的斜率小，知b的質量小，所以a的質量m1大于b的質量m2。

第三空.根據動能定理知：（m2g-f）h=mv2

則有：可知：代入數據解得：f=0.031N。12、2.51D【解析】試題分析：（1）每相鄰兩計數點間還有4個打點，說明相鄰的計數點時間間隔：T=1．1s，根據逐差法有：；（2）要測量動摩擦因數，由μmgcosθ=ma，可知要求μ，需要知道加速度與夾角余弦值，紙帶數據可算出加速度大小，再根據斜面高度h和底邊長度x，結合三角知識，即可求解，故ABC錯誤，D正確．（3）以滑塊為研究對象，根據牛頓第二定律有：mg