絕密大啟用前2024～2025學年高三11月測評(福建)注意事項：1.答題前c洗蔣自已的姓名準若證號填寫在讖卷和答題卡上，并將條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.請按題號順序在答題卡上各題目的答題區域內作答，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區域均無效。3.選擇題用2B鉛筆在答題卡上把所選答案的標號涂黑；非選擇題用黑色簽字筆在答題卡4.考試結束后，請將試卷和答題卡一并上交。一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的.1.關于對做圓周運動的物體的向心加速度的理解，下列說法正確的是A.向心加速度用來描述物體速度方向變化的快慢B.向心加速度的方向可能與速度方向成任意角度C.D.做圓周運動物體的角速度恒定時，向心加速度恒定2.一質點沿平直的軌道運動時，通過位移傳感器描繪了質點位置隨時間的變化規律，圖像如圖A.質點始終向同一方向運動B.xo=3.5mC.質點的加速度大小為2m/s2D.to=4s【高三物理第1頁(共6頁)】3.2024年8月3日，在巴黎奧運會網球女子單打金牌賽中，中國選手鄭欽文2比0戰勝克羅地高度為h,速度大小為vo=5√10gh,與水C.網球的水平射程為8(15+√230)h得6分，選對但不全的得3分；有選錯的得0分.【高三物理第2頁(共6頁)】FJ動7.土6.一物體放在光滑水平面上，在物體上施加一水平外力，使物體在外力的作用下由靜止開始運動，物體的加速度隨時間的變化規律如圖所示.則下列說法正確的是A.物體做往返運動B.0.5T時物體的速度為零C.0～T時間內，外力的沖量為瘺D.0～T時間內、外為對物體做功為零7.土星是太陽系申的第二夫行星，距離地球約為15億千米，如圖所示為發射土星探測器的示意圖，探測器經地土轉移軌道后，經停泊軌道1、2,最后進入探測軌道3.下列說法正確的是A.探測器的發射速度大于7.9km/s,小于11.2km/sB.探測器在軌道1、2、3的運行周期T?>T?>T?C.探測器由軌道1進入軌道2需在P點減速D.探測器在軌道1經P點的速度小于在軌道3經P點的速度8.如圖所示，半徑為R、圓心為O的半圓軌道豎直固定在水平面上，質量為2m的小球P通過輕質細線跨過兩定滑輪A、B后與質量為m的物體Q相連接，左側的滑輪A剛好位于O點正上方，且O到滑輪A的距離為R,M點為軌道上一點，∠MON=60°,N點為軌道的最低點，現將小球P從軌道左側的最高點由靜止釋放，整個運動過程中物體Q不會與滑輪發生碰撞.重力加速度為g,小球P可視為質點，兩定滑輪的大小不計，一切摩擦阻力均可忽略.則下列說法正確的是A.小球P由釋放到的過程，物體Q婚終超重B.到M點時小球P的速度大小C.到M點時物體Q的速度大小為9.(3分)如圖所示為地球的理想示意圖，地球環繞過南北極的軸自轉，0點為地根長度均為L=40em的輕繩拴接在上截面的四個預點上，并將四根輕繩另一端拴接在一掛鉤上并懸掛.已知網罩的重力為G,則每根輕繩的拉力大小為 711.(3分)如圖所示，質量為m的物體放在粗糙水平面為g.則物體與水平面間的動摩擦因數為,t時刻物體的速度大小為(用光電門光電門腦記錄擋光時間t,小鐵球的釋放點的球心到光電門中心的距離為h.多次改變小鐵球的釋放點到光電門的距離h,并記錄相應的擋光時間1(1)小鐵球經過光電刊瞬間的速度大小為x,若用運動學公式求重力加速度，【高三物理第4頁(共6頁)】FJ,B【高三物理第6頁(共6頁)】FJ2024～2025學年高三11月測評(福建)·物理12345678ABCC一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分.在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要【解析】向心加速度只能改變速度的方向，并不改變速度的大小，用來描繪物體速度方向變化的快慢，A正確，C錯誤；向心加速度的方向沿半徑指向圓心，線速度方向則沿圓周的切線方向，所以向心加速度的方向始終與線速度方向垂直，B錯誤；向心加速度的方向始終指向圓心，做圓周運動物體的角速度恒定時，向心加速度的大小恒定，D錯誤.【解析】0～1.5s內質點沿正方向運動，1.5s~to內質點沿負方向運動，A錯誤；由于位移一時間圖像為拋物線，則質點做勻變速直運動，位移一時間圖像的切線斜率表示物體的速度，則0時刻質點的速度為vo=,又由題意可知v=6m/s,解得xo=3.5m,B正確；0～1.5s內，由速度公式得,加速度大小為a=4m/s2,C錯誤；1.5s～to內質點做初速度為零的勻加速直線運動，則有,解得to=3.5s,D錯誤.【解析】網球被擊出后做斜拋運動，網球在水平方向上做勻速直線運動，豎直方向做豎直上拋運動，網球水平方向的速度大小為v?=vocos37°=4√10gh,豎直方向的速度大小為v,=zosin37°=3√10gh,網球被擊出后上升的最大高度為,聯立解得h?=45h,網球運動的最高點到地面的高度為H=h?+h=46h,A錯誤；網球上升的時間為,網球下降的時間為,網球運動的總時間為t=t?+,B錯誤；網球的水平射程為x=v?t,聯立解得x=8(15+√230)h,C正確；網球落地瞬間的豎直速度為v,'=gt?=√92gh,則網球落地瞬間的速度大小為v=√證+v,2,解得v=6√7gh,D錯誤.×2mv&,解得v=√gx?,兩物塊碰撞的過,A錯誤；該碰撞損失的機械能為,解得,B錯誤；碰前，物塊B靜止，由力的平衡條件得mgsina=kx,碰后，兩物塊與輕彈簧組成的系統機械能守恒，則由機械能守恒.【高三物理參考答案第1頁(共6頁)】FJ二、雙項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分.每小題有兩項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.【解析】以風箏為研究對象，受力分析如圖所示，風箏受重力mg、輕繩的拉力F和空氣的作用力T,風箏緩慢上升，拉力和空氣作用力的合力與重力大小相等，方向相反，風箏緩慢上升的過程中，輕繩與水平方向的夾角變大，由圖可知輕繩的拉力增大，空氣對風箏的作用力增大，A正確，B錯誤；以人為研究對象，受力分析如圖所示，假設輕繩與水平方向的夾角為a,則在豎直方向上由力的平衡條件得Fn=Mg-Fsina,由以上分析可知F增大，α增大則sina增大，所以Fs減小，C錯誤；以風箏和人作為整體，受力分析，如圖所示，由以上分析可知空氣對風箏的作用力逐漸增大，方向不變，則空氣對風箏的作用力水平向右的分力增大，由力的平衡條件可知地面對人的摩擦力增大，D正確.【解析】a-T圖像的面積表示物體速度的變化量，0～0.5T時間內物體一直沿正方向做加速運動，0.5T時物體的加速度為零，此時物體的速度最大；0.5T~T時間內，物體沿正方向做減速運動，T時刻物體的速度減為零，顯然物體一直朝正方向運動，AB錯誤；由于0時刻、T時刻物體的速度均為零，則0～T時間內物體動量的變化量為零，由動量定理得合力的沖量為零，即外力的沖量為零，C正確；由以上分析可知，0～T時間內物體動能的變化量為零，由動能定理得合力所做的功為零，即外力對物體做功為零，D正確.【解析】探測器需要到達土星，因此其最終會脫離地球的引力束縛，其發射速度應大于第二宇宙速度，A錯誤；由開普勒第三定律,由題圖可知軌道1的半長軸最大、軌道3的軌道半徑最小，所以探測器在軌道1、2、3的運行周期關系為T?>T?>T?,B正確；探測器由軌道1進入軌道2,即由高軌道進入低軌道，需點火減速，C正確；探測器在軌道1上經過P點后做離心運動，則有,探測器在軌道3上經過P點做勻速圓周運動，則有,顯然vp?<vpi,D錯誤.運動到半圓環的最低點N,此時小球P的速度與細線垂直，此時小球Q的速度為零，顯然小球P由釋放到最低點N的過程，物體Q先向上加速運動再向上減速運動，即物體Q的加速度先向上后向下，所以物體Q先超重后失重，A錯誤；小球P由釋放到N的過程，小【高三物理參考答案第2頁(共6頁)】FJ球P下落的高度為R,物體Q上升的高度為(2R-√2R),對P、Q組成的系統，由機械能守恒定律得2mgR—到M點時，如圖所示，小球P下落的高度為,AM=√3R,有細線方向的分速度v?等于物體Q的速度，有小球P由釋放到M點的過程中，對P、Q三、非選擇題：共60分.考生根據要求作答.1:√3(1分，其他結果均不得分)1:1(2分，其他結果均不得分)【解析】由題意，P、Q分別為北緯60°和北緯30°,則P、Q到地軸的距離為圓周運動的軌道半徑，假設地球的半徑為R,則P、Q做圓周運動的軌道半徑分別為,由公式v=wr可知速之比為1:1.分，其他結果均不得分)分，其他結果均不得分)【解析】設每根輕繩與水平方向的夾角為α,則由幾何關系可知α=45°,設每根輕繩的拉力大小為F,由力的平衡條件得4Fsina=G,解得;又由幾何關系可知，相鄰兩根輕繩與底邊構成一正三角形，則由力的合成法則可知，相鄰兩根輕繩拉力的合力大小為2:1(每空1分，其他結果均不得分)【解析】當力F作用時，設物體的加速度大小為a?,從開始經時間t后物體的速度為v,由牛頓第二定律及運動學公式得F-μmg=ma?,v=a?t;撤去力F后，設物體的加速度大小為a?,由牛頓第二定律及運動學公式得pμmg=maz,0=v-a?·2t,又F=mg,解得撤走外力前后，物體的加速度大小之比為a?:a?=2:1.分，其他結果均不得分)分，其他結果均不得分)2分，其他結果均不得分)(2分，其他結果均不得分)【解析】(1)由于小鐵球經過光電門時的擋光時間極短，在該時間內的平均速度近似等于小鐵球的瞬時速度，即;由運動學公式得v=2gh,由以上解得【高三物理參考答案第3頁(共6頁)】FJ整理得,欲使圖線為過原點的傾斜直線，則橫軸的物理意義應為,圖像的斜率為解得(1)=(2分，其他結果均不得分)(2)不需要(1分，其他結果均不得分)分，結果正確，形式不同可以同樣得分，其他結果均不得分)需要(1分，其他結果均不得分)分，結果正確，形式不同可以同樣得分，其他結果均不得分)【解析】(1)若氣墊導軌調節為水平，則輕推滑塊甲后，滑塊甲應在氣墊導軌上做勻速直線運動，則滑塊甲通過兩光電門時的擋光時間應相同，即△t?=△l?;(2)遮光片的寬度為d,彈簧彈開兩滑塊后，滑塊甲、乙通過光電門A、B的擋光時間t?、t?,則滑塊甲、乙通過光電門A、B的速度大小分別為,由動量守恒定律得0=m?v?-m?v?,不需要測量遮光片的寬度d;由以上分析可知，兩滑塊甲、乙與輕彈簧分離瞬間的速度大小為分別為v?=,彈簧儲存的彈性勢能為,故需要測量遮光片的14.【答案】(1)16.25m(2)-16.25m/s,負號表示方向豎直向下-6.25m/s,負號表示方向豎直向下【解析及評分細則】(1)第1個物體從發射到速度減為0所需的時間為第1個物體上升的最大高度為第1個物體的速度減為0時，第2個物體運動的時間為tz=1?-to=1s,顯然第2個物體處在上升階段，則第2個物體上升的高度為(1分)代入數據解得h?=15m(1分)所以第1個物體的速度為0時，兩物體之間的間距為△h=h?-h?,解得△h=16.25m(1分)按步驟得分，步驟齊全且結果正確，得全分；若結果錯誤，扣除結果分后，其余按步驟得分.(2)設第2個物體發射后經時間t?兩物體相遇，則第2個物體的位移為第1個物體的位移為此時第1個物體的速度為v?′=v?-g(t?+to)解得v?′=-16.25m/s,負號表示方向豎直向下(1分)此時第2個物體的速度為v?'=v?-gt?解得v?′=-6.25m/s,負號表示方向豎直向下(1分)(其他合理解法也可得分)按步驟得分，步驟齊全且結果正確，得全分；若結果錯誤，扣除結果分后，其余按步驟得分【高三物理參考答案第4頁(共6頁)】FJ【解析及評分細則】(1)滑塊沿斜面體向下做勻速運動，則滑塊受力平衡，對滑塊受力分析，如圖所示由力的平衡條件得mgsinθ=F?(1分)Fn=mgcosθ又F?=μFn(1分)代入數據解得μ=0.75(1分)(2)小球離開斜面體的頂端后做平拋運動，水平方向勻速直線運動，則有x=voto由幾何關系有斜面體的頂端到底端的間距為滑塊沿斜面體下滑的速度為(1分)解得v=10m/s(1分)(3)以拋出點為原點建立直角坐標系，分別取水平向右和豎直向下為x、y軸正方向.設經過時間t小球和滑塊的間距最大，對小球在水平方向有x?=t?t(1分)對滑塊在水平方向有x?=vtcosθ=v?t豎直方向有(1分)(1分)【解析及評分細則】(1)物體A與長木板B碰后物體C做加速運動，長木板B做減速運動，由牛頓第二定律解得a?=1m/s2(1分)對長木板B由牛頓第二定律得pμimg+μ?(M+m)g=Maz(1分)解得a?=3m/s2(1分)(2)設碰后長木板B的速度為v?,欲使物體C剛好不從長木板B的最左端滑出，則應使物體C剛好滑到長木板的最左端二者共速，設共同的速度為v.則有v=a?t=v?-a?t(1分)【高三物理參考答案第5頁(共6頁)】FJ又由物體A和長木板B發生彈性碰撞，設碰前物體A的速度為v?,對于碰撞的過程由動量守恒定律、機械能守恒定律得mozo=Mv?+mov?(1分)物體A