2025屆甘肅省蘭州市第四中學物理高二上期末考試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、物理學家通過艱苦的實驗來探究自然的物理規律，為人類的科學做出了巨大貢獻．下列描述中符合物理學史實的是（）A.安培發現了電流的磁效應B.奧斯特通過實驗測定了磁場對電流的作用力C.庫侖總結出了真空中的兩靜止點電荷間相互作用的規律D.法拉第發現了電磁感應現象并總結出了判斷感應電流方向的規律2、兩個通草球帶電后相互推斥，如圖所示．兩懸線跟豎直方向各有一個夾角α、β，且兩球在同一水平面上．兩球質量用m和M表示，所帶電量用q和Q表示．若已知α>β，則下列說法中一定有的關系是()A.球一定帶異種電荷B.m受到的電場力一定大于M所受電場力C.m一定小于MD.q一定大于Q3、關于曲線運動,下列說法中正確的是（）A.速度方向一定改變B.速度方向一定不變C.速度大小一定改變D.速度大小一定不變4、有兩個點電荷，所帶電荷量分別為q1和q2，相距為r，相互作用力為F．為了使它們之間的作用力增大為原來的2倍，下列做法可行的是（）A.僅使增大為原來的2倍B.僅使減小為原來的一半C.使和都增大為原來的2倍D.僅使r減小為原來的一半5、在水平面上有一固定的U形金屬框架，框架上放置一金屬桿ab，如圖所示(紙面即水平面).在垂直紙面方向有一勻強磁場，下列判斷正確的是A若磁場方向垂直紙面向外并增大時，桿ab將向右移動B.若磁場方向垂直紙面向外并減少時，桿ab將向左移動C.若磁場方向垂直紙面向里并增大時，桿ab將向右移動D.若磁場方向垂直紙面向里并減少時，桿ab將向右移動6、學習物理不僅要掌握物理知識，還要領悟并掌握處理物理問題的思想方法．在下圖所示的幾個實驗中，研究物理問題的思想方法相同的是()A.甲、乙 B.甲、丙C.乙、丙 D.丙、丁二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于磁場，下列說法正確的是（）A.磁場的基本性質是對處于其中的磁極和電流有力的作用B.磁場是看不見摸不著，實際不存在的，是人們假想出來的一種物質C.磁場是客觀存在的一種特殊的物質D.磁場的存在與否決定于人的思想，想其有則有，想其無則無8、兩個用相同材料制成的半徑相等的帶電金屬小球（可看成點電荷），其中一個球的帶電量的絕對值是另一個的5倍，當它們靜止于空間某兩點時，靜電力大小為F。現將兩球接觸后再放回原處，則它們間靜電力的大小可能為（）A. B.C. D.9、如圖所示，虛線MN右側存在勻強電場和勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向外，電場方向豎直向上，電場方向豎直向上，矩形區域ABCD的AD邊與MN重合，AB邊長為，AD邊長為．一質量為m、電荷量為q的正電微粒垂直于MN射入復合場區域后做勻速圓周運動，到達C點時，電場方向立刻旋轉90°，同時電場強度大小也發生變化（不考慮電場變化時產生的影響），帶電微粒沿著對角線CA方向從A點離開．重力加速度為g，下面說法正確的是（）A.電場方向旋轉90°之后，電場方向水平向左B.電場改變之后的場強大小變為原來的2倍C.微粒進入MN右側區域時的初速度為D.微粒在矩形ABCD區域內做勻速直線運動10、四個相同的小量程電流表（表頭）分別改裝成兩個電流表、和兩個電壓表、已知電流表的量程大于的量程，電壓表的量程大于的量程，改裝好后把它們按圖所示接法連入電路，則（）A.電流表的讀數大于電流表的讀數B.電流表指針的偏轉角小于電流表指針的偏轉角C.電壓表的讀數小于電壓表的讀數D.電壓表指針的偏轉角等于電壓表指針的偏轉角三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）水平放置的平行金屬導軌相距為d，導軌一端與電源相連，電源電動勢為E，垂直于導軌平面的勻強磁場的磁感應強度為B，方向如圖所示。長為l的金屬棒ab靜止在導軌上，棒與導軌成60°角，金屬棒受到的安培力為F，則此時通過金屬棒的電流為_________，回路的總電阻為_________。12．（12分）要測繪一個標有“3V，0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作．已選用的器材有：直流電源（電壓為4V）；電鍵一個、導線若干電流表（量程為0-0.3A，內阻約0.5Ω)；電壓表（量程為0-3V，內阻約3kΩ)；（1）實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的_____（填字母代號）A．滑動變阻器（最大阻值10Ω，額定電流1A）B．滑動變阻器（最大阻值1kΩ，額定電流0.3A）（2）如圖為某同學在實驗過程中完成部分電路連接的情況，請完成其余部分的線路連接．（用黑色水筆畫線表示對應的導線）（3）實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖．由曲線可知小燈泡的電阻隨電壓增大而______（填“增大”、“不變”或“減小”）（4）如果把實驗中的小燈泡與一個E=2V，內阻為2.0Ω的電源及阻值為8.0Ω的定值電阻串聯在一起，小燈泡的實際功率是_____W（保留兩位有效數字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，N＝30匝矩形閉合導線框ABCD位于磁感應強度大小B＝的水平勻強磁場中，并與一理想變壓器原線圈相連，變壓器的副線圈連接一規格為“110V，30W”的小燈泡。已知線框面積S＝0.5m2，線框電阻不計。若線框以角速度ω＝200rad/s繞垂直于磁場方向的OO′軸勻速轉動。求：（1）在圖示位置穿過線框的磁通量；（2）從圖示位置開始計時，線框中產生的電動勢e隨時間t變化的瞬時表達式；（3）要使小燈泡正常發光，求變壓器原、副線圈的匝數比。14．（16分）如圖所示,電源電動勢E=10V,內阻r=1Ω,定值電阻R1=3Ω。電鍵S斷開時,定值電阻R2的功率為6W,電源的輸出功率為9W。電鍵S接通后,理想電流表的讀數為1.25A。求出：（1）斷開電鍵S時電流表的讀數；（2）定值電阻R3的阻值。15．（12分）如圖所示，電阻忽略不計、兩根兩平行的光滑金屬導軌豎直放置，導軌的間距L=0.5m，其上端接一阻值為的定值電阻。在水平虛線L1、L2間有一不導軌所在平面垂直的勻強磁場B=3T，磁場區域的高度為d=0.8m。導體棒a的質量ma=0.18kg、電阻Ra=6Ω；導體棒b的質量mb=0.18kg、電阻Rb=3Ω，它們分別從圖中M、N處同時由靜止開始在導軌上無摩擦向下滑動。若b棒能勻速穿過磁場區域，且當b剛穿出磁場時a正好進入磁場。設重力加速度為g=10m/s2，不計a、b棒之間的相互作用，導體棒始終不導軌垂直且不導軌接觸良好。求：（1）b棒勻速穿過磁場區域時的速度大小vb；（2）M點和N點相距的高度h；（3）a棒穿過磁場區域時的過程中，電阻R產生的熱量Q。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】奧斯特發現了電流的磁效應，選項A錯誤；安培通過實驗測定了磁場對電流的作用力，選項B錯誤；庫侖總結出了真空中的兩靜止點電荷間相互作用的規律，選項C正確；法拉第發現了電磁感應現象，楞次總結出了判斷感應電流方向的規律，選項D錯誤；故選C.2、C【解析】兩個球相互排斥，故一定帶同種電荷，A錯誤；兩球相互排斥，根據牛頓第三定律，相互排斥力相等，與帶電量無關，BD錯誤；對左側小球受力分析，受重力mg，拉力T和靜電斥力F，如圖所示根據平衡條件，有：，，解得①，再對右側小球受力分析，同理有②，因，由①②可得，C正確；選C【點睛】兩球相互排斥，故帶異種電荷，根據牛頓第三定律可知相互排斥力相等，與帶電量無關；再根據平衡條件得到排斥力的表達式進行分析3、A【解析】曲線運動的速度的方向沿軌跡的切線方向，所以物體做曲線運動時，速度的方向不斷變化，所以一定是變速運動，但是速度大小可以不變，例如勻速圓周運動，故選項A正確，選項BCD錯誤點睛：本題關鍵是對質點做曲線運動的條件的考查，掌握了做曲線運動的條件4、A【解析】真空中有兩個點電荷，它們之間相互作用力為F，即為；當它們之間的相互作用力為2F，則有：保持距離不變，僅使q1增大為原來的2倍，或使兩電荷量都變為原來的2倍，則庫侖力分別變為2倍和4倍，故A正確，C錯誤；僅使q2減小為原來的一半，根據庫侖定律可知，它們之間的作用力減小為原來的一半，故B錯誤；保持兩點電荷的電量不變，使r減小為原來的一半，則庫侖力變為4倍，故D錯誤；故選A考點：庫侖定律5、D【解析】A．若磁場方向垂直紙面向外，并且磁感應強度增大時，根據楞次定律，ab中感應電流方向a→b，由左手定則，ab受到的安培力向左，故桿ab將向左移動。故A錯誤。B．若磁場方向垂直紙面向外，并且磁感應強度減小時，根據楞次定律，ab中感應電流方向b→a，由左手定則，ab受到的安培力向右，桿ab將向右移動。故B錯誤。C．若磁場方向垂直紙面向里，并且磁感應強度增大時，根據楞次定律，ab中感應電流方向b→a，由左手定則，ab受到的安培力向左，桿ab將向左移動。故C錯誤。D．若磁場方向垂直紙面向里，并且磁感應強度減小時，根據楞次定律，ab中感應電流方向a→b，左手定則，ab受到的安培力向右，桿ab將向右移動。故D正確。故選D。6、C【解析】學習平拋運動時，通過比較平拋運動與自由落體運動，來研究平拋運動在豎直方向上運動的規律；觀察桌面的微小形變和測定萬有引力常量的實驗中，通過平面鏡的反射，反射光線發生較大的角度變化，從而擴大了形變；研究加速度與質量、力的關系中，用到了控制變量法；【詳解】圖甲：比較平拋運動與自由落體運動，來研究平拋運動在豎直方向上運動的規律，用到了比較法；圖乙、丙：觀察桌面的微小形變和測定萬有引力常量的實驗中，通過平面鏡的反射，反射光線發生較大的角度變化，從而擴大了形變，該方法稱為物理變量放大法；圖丁：研究加速度與質量、力的關系中，用到了控制變量法，所以，乙和丙具有相同的研究物理問題的思想方法，故選項C正確，ABD錯誤【點睛】本題考查物理方法的應用，要注意處理物理問題的思想方法是物理學史的一部分，對該部分的知識，要有足夠的重視二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．磁場的基本性質是對處于其中的磁極和電流有力的作用，故選項A正確；BCD．磁場是看不見摸不著，但是實際存在的一種物質，與人的思想無關；故選項C正確，選項BD錯誤8、BD【解析】若兩電荷同性，設一個球的帶電量為Q，則另一個球的帶電量為5Q，此時接觸后再分開，帶電量各為則兩球庫侖力大小所以若兩電荷異性，接觸后再分開，兩球電量的絕對值為此時兩球的庫侖力所以故選BD9、CD【解析】電場方向旋轉90°之后，帶電微粒必定做勻速直線運動，否則若是變速直線運動，速度變化，洛倫茲力變化，不可能做直線運動．通過分析受力情況，對照直線運動的條件，確定電場方向，并由平衡條件求場強的大小．由洛倫茲力大小，來求初速度.【詳解】帶電微粒垂直于MN射入復合場區域后做勻速圓周運動，電場力與重力平衡，由洛倫茲力提供向心力．微粒在矩形ABCD區域內必定做勻速直線運動，否則若是變速直線運動，速度變化，洛倫茲力變化，不可能做直線運動．在ABCD區域內，微粒受到豎直向下的重力、垂直于AC方向斜向上的洛倫茲力，由平衡條件知電場力方向水平向右，所以電場方向旋轉90°之后，電場方向水平向右，故A錯誤，D正確；電場改變之前，有mg＝qE1．電場改變之后，如圖所示：由幾何關系可知，可得α＝53°，由平衡條件得qE2＝mgtanα＝mg，可得E2＝E1，故B錯誤；微粒在進入矩形ABCD區域內之前做勻速圓周運動的軌跡如圖，設軌跡半徑為r，則AC＝rtanα＝l，得r＝l，根據洛倫茲力提供向心力得，微粒在進入矩形ABCD區域內，由平衡條件得，聯立解得，即微粒進入MN右側區域時的初速度為，故C正確．所以CD正確，AB錯誤【點睛】本題考查了帶電粒子在磁場和電場中的運動，關鍵要正確分析微粒的受力情況．對于圓周運動，要會確定半徑和圓心以及圓心角．本題涉及的過程較多，要正確地畫出軌跡圖，結合幾何關系即可解題10、AD【解析】AB．電流表的量程大于的量程，故電流表的內阻小于的內阻；由圖可知，兩電流表并聯，故兩流表兩端的電壓相等，兩表由同一電流表改裝而成，而將電流表擴大量程時為并聯一小電阻，故相當于為四個電阻并聯，故兩表頭中電流相同，故兩表的偏角相同，因表量程大于表，故的讀數比的讀數大，A正確，B錯誤；CD．電壓表的量程大于的量程，故的電阻大于的電阻；兩電壓表串聯，故通過兩表的電流相等，故的讀數比的讀數大，兩電壓表串聯，通過表頭的電流相等，表頭指針偏轉角度相等，電壓表的偏轉角等于電壓表的偏轉角，C錯誤，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.【解析】[1]通電導體垂直于磁場的長度為受到的安培力為解得通過金屬棒電流為。[2]根據歐姆定律回路的總電阻為。12、①.A②.增大③.0.10W【解析】（1）因為測小燈泡的伏安特性曲線，采用分壓式接法，為了實驗方便操作，滑動變阻器選擇阻值較小