2025屆福建省漳州市華安縣第一中學高二物理第一學期期末綜合測試試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個電源接9Ω電阻時，電源兩端的電壓為1.8V，接19Ω電阻時，電源兩端的電壓為1.9V，則電源的電動勢和內阻分別為A.2V1.5Ω B.2.5V1.5ΩC.2V1Ω D.2.5V1Ω2、兩個完全相同的小金屬球（皆可視為點電荷），所帶電荷量之比為5:1，它們在相距一定距離時相互作用的吸引力為，如果讓它們充分接觸后再放回各自原來的位置上，此時相互作用力變為，則為A.5：2 B.5：6C.5：4 D.5：93、如圖所示，虛線為勻強電場的等勢線，一個帶電小球以一定的速度射入該勻強電場后，運動軌跡如圖所示，已知小球受到的重力不能忽略，則下列有關說法中正確的是()A.小球在b點的動能一定大于小球在a點的動能B.若小球從a點向b點運動，則動能和電勢能的和一定增加C.若小球從b點向a點運動，則重力勢能和電勢能的和一定減小D.根據圖中信息不能確定小球在a、b兩點的電勢能大小4、下圖是陰極射線管的示意圖，陰極射線管的兩個電極接到高壓電源時，陰極會發射電子．電子在電場中沿直線飛向陽極形成電子束．將條形磁鐵的磁極靠近陰極射線管時，電子束發生偏轉；將條形磁鐵撤去，電子束不再發生偏轉．上述實驗現象能說明A.電子束周圍存在電場B.電流是電荷定向運動形成的C.磁場對靜止電荷沒有力的作用D.磁場對運動電荷有力的作用5、帶電粒子以初速度v0從a點進入勻強磁場，如圖所示．運動中經過b點，Oa＝Ob，若撤去磁場加一個與y軸平行的勻強電場，仍以相同的速度v0從a點進入電場,粒子仍能通過b點．設加磁場時，粒子通過b點的速度為v1,加電場時通過b點的速度為v2，則下列判斷正確的是(不計重力)A.v1＞v2B.v1＝v2C.v1＜v2D.無法判定大小關系6、環形線圈放在均勻磁場中，設在第1秒內磁感線垂直于線圈平面向內，若磁感應強度隨時間變化關系如圖，那么在第2秒內線圈中感應電流的大小和方向是（）A.感應電流大小恒定，順時針方向B.感應電流大小恒定，逆時針方向C.感應電流逐漸增大，逆時針方向D.感應電流逐漸減小，順時針方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、速度相同的一束粒子由左端射入質譜儀后分成甲、乙兩束，其運動軌跡如圖所示，其中，則下列相關說法中正確的是（）A.甲束粒子帶正電，乙束粒子帶負電B.甲束粒子的比荷大于乙束粒子的比荷C.能通過狹縫S0的帶電粒子的速率等于D.若甲、乙兩束粒子的電荷量相等，則甲、乙兩束粒子的質量比為2∶38、磁流體發電機的原理如圖所示，現持續將一束速度為v的等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和負電的微粒，而整體呈中性）垂直于磁場方向噴入磁感應強度為B的勻強磁場中，在相距為d、寬為a、長為b的兩平行金屬板A、B間便產生電壓。如果把上、下板和一電流表及阻值為R電阻連接，上、下板就是一個直流電源的兩極。穩定時電流表的示數為I，等離子體在兩板間可認為均勻分布，忽略邊緣效應，不計等離子體的重力和電流表的內阻，下列判斷正確的是（）A.B板相當于電源的負極B.A、B板兩端的電壓U=BdvC.兩板間等離子體的電阻率D.若增大A、B兩板間的距離，電流表的示數可能不變9、如圖所示電路，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器R3的滑片向上端移動時，則（）A.電壓表讀數減小B.電流表讀數減小C.燈泡亮度變亮D.R2上消耗的功率逐漸增大10、三個分別帶有正電、負電和不帶電的質量相同的顆粒,從水平放置的平行帶電金屬板左側以相同速度v0垂直電場線方向射入勻強電場,分別落在帶正電荷的下板上的a、b、c三點,如圖所示.下面判斷正確的是(

)A.落在a點的顆粒帶正電,c點的帶負電,b點的不帶電B.落在a、b、c點的顆粒在電場中的加速度的關系是C.三個顆粒在電場中運動的時間關系是D.電場力對落在c點的顆粒做負功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，金屬圓環套在光滑的絕緣水平桿上，左側一條形磁鐵，正在沿圓環軸心方向朝環運動．我們可以判斷，圓環中形成的感應電流方向為________（從右往左看）（填“順時針”或“逆時針”），環受安培力作用會向________（填“右”或“左”）運動12．（12分）在解鎖智能手機的過程中，可以采用人臉識別，也可以輸入正確的密碼，則要完成解鎖手機，上述兩種方式的邏輯關系是（）A.“或”關系 B.“與”關系 C.“非”關系 D.不存在邏輯關系四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）右端連有光滑弧形槽的水平桌面長，如圖所示。將一個質量為的木塊在的水平拉力作用下，從桌面上的端由靜止開始以的加速度向右運動，木塊到達端時撤去拉力，木塊與水平桌面間的動摩擦因數，取。求：(1)木塊沿弧形槽上升的最大高度；(2)木塊沿弧形槽滑回B端后，在水平桌面上滑動的最大距離。14．（16分）如圖所示.在平面直角坐標系xOy的第一象限內有一直角邊長為L的等腰直角三角形區域OPQ，三角形的O點恰為平面直角坐標系xOy的坐標原點，該區域內有磁感應強度為B、方向垂直于紙面向里的勻強磁場，第一象限的其它區域內有大小為E、方向沿x軸正方向的勻強電場：一束電子（電荷量為-e、質量為m）以大小不同的速度從坐標原點O沿y軸正方向射入勻強磁場區．則：（1）能夠進入電場區域的電子的速度范圍是多少？（2）已知一個電子恰好從P點離開了磁場，求該電子的速度和由O到P的運動時間15．（12分）如圖所示，兩根足夠長平行金屬導軌MN、PQ固定在傾角θ=37°的絕緣斜面上，頂部接有一阻值R=0.3Ω的定值電阻，下端開口，軌道間距L=0.2m整個裝置處于磁感應強度B=1T的勻強磁場中，磁場方向垂直斜面向上。質量m=0.1kg的金屬棒ab置于導軌上，ab在導軌之間的電阻r=0.1Ω，其余電阻不計。金屬棒ab由靜止釋放后沿導軌運動時始終垂直于導軌，且接觸良好已知金屬棒ab與導軌間動摩擦因數μ=0.5，sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s2。(1)判斷ab棒運動過程中v1=1m/s時電流大小和方向；(2)求金屬棒ab沿導軌向下運動的最大速度vm；(3)若金屬棒ab從開始運動至達到最大速度過程中，電阻R上產生的焦耳熱總共為0.03J，求流過電阻R的總電荷量q。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據閉合電路歐姆定律分別列出兩不同電阻的表達式，聯立組成方程組求解電源的電動勢E和內電阻r；【詳解】根據閉合電路歐姆定律得：，聯立組成方程組得：，，故C正確，ABD錯誤【點睛】本題提供了測量電源的電動勢和內阻和方法，閉合電路的歐姆定律的三種表達式：，，2、C【解析】兩個球相互吸引，則帶異種電荷，則接觸帶電的原則是總電荷平分，根據得出接觸后再放回原處的庫侖力大小【詳解】它們在相距一定距離時相互作用力為；兩電荷異性，接觸后再分開，兩球電量的絕對值為2q，此時兩球的庫侖力，則F1：F2為5：4，故選C.【點睛】解決本題的關鍵是掌握接觸帶電的原則，總電荷平分，同時要注意原來的電荷的電性，以及掌握庫侖定律的公式.3、A【解析】由運動軌跡可知合力方向，從而可知電場力向上，由做功與能量的轉化關系可分析各選項【詳解】由運動軌跡可知合力方向指向軌跡的凹向，從而可知電場力向上，若電荷從a運動到b，則合力做正功，動能增加，即小球在b點的動能一定大于小球在a點的動能，故A正確；從a到b，重力勢能增大，則動能和電勢能的和應該減小，故B錯誤；因只有重力和電場力做功，若小球從b點向a點運動，合力做負功，則動能減小，則電勢能和重力勢能之和增大，故C錯誤；若由a到b，電場力做正功，則電勢能減小，故D錯誤．故選A【點睛】應熟記做曲線運動的物體所受的合力方向的特點是：做曲線運動的物體所受的合力方向大致指向曲線的凹側4、D【解析】明確題意，知道射線管放置在磁場內，故說明運動電荷在磁場中受到的磁場力的作用【詳解】將條形磁鐵磁極靠近陰極射線管時，電子束發生偏轉；將條形磁鐵撤去，電子束不再發生偏轉，說明運動電荷在磁場中受到的磁場力的作用，故本題選D【點睛】本題考查對實驗現象的分析能力5、C【解析】帶電粒子以速度v0從a點進入勻強磁場，運動中經過b點，Oa=Ob，所以圓周運動的半徑正好等于d，洛倫茲力不做功故速度大小不變，利用幾何關系判斷粒子速度方向；如果換成勻強電場，則粒子做類平拋運動，根據平拋運動的基本規律結合動能定理即可分析求解.【詳解】帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據幾何關系可知圓周運動的半徑：r=oa=ob，因為洛倫茲力不做功，故加磁場時粒子通過b點的速度大小不變：v1=v0，方向沿y軸負方向；如果換成勻強電場，水平方向以v0做勻速直線運動，豎直沿y軸負方向做勻加速運動，電場力對粒子做正功，根據動能定理可知動能變大，通過b點的速度大小：v2＞v0，根據類平拋特點可知速度方向斜朝右下方與x軸正方向成銳角，所以v1＜v2，并且v1、v2方向不同，故A、B、D錯誤，C正確.故選C.【點睛】帶電粒子在電場磁場中的運動要把握其運動規律，在電場中利用幾何關系得出其沿電場和垂直于電場的運動規律；而在磁場中也是要注意找出相應的幾何關系，從而確定圓心和半徑.6、B【解析】試題分析：在第2s內，磁場的方向垂直于紙面向外，且均勻減小，所以產生恒定的電流，根據楞次定律，感應電流的方向為逆時針方向，所以B正確，ACD錯誤．故選B考點：楞次定律【名師點睛】解決本題的關鍵掌握楞次定律判斷感應電流的方向，并理解法拉第電磁感應定律的內容,變化的磁場產生電場，而均勻變化的磁場產生恒定的電場二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】甲粒子在磁場中向上偏轉，乙粒子在磁場中向下偏轉，根據左手定則知甲粒子帶負電，乙粒子帶正電，故A錯誤；根據洛倫茲力提供向心力，，解得：，由v、B都相同，r甲＜r乙，則甲的比荷大于乙的比荷，故B正確；能通過狹縫S0的帶電粒子，根據平衡條件：qE=qvB1，解得，粒子速率：，故C錯誤；由圖示粒子運動軌跡可知，，，由題意可知：S0A=S0C，則：r甲：r乙=2：3，由B可知，粒子軌道半徑：，由題意可知：v、q、B都相同，則：，則甲、乙兩束粒子的質量比為2：3，故D正確；8、AC【解析】A．根據左手定則可知，正電荷向上偏轉，負電荷向下偏轉，故A板相當于電源的正極，B板相當于電源的負極，A正確；B．當平衡時有：，解得電源的電動勢為：，而兩板間的電壓相當于路端電壓，由于電阻的存在，所以兩板間的電壓，B錯誤；C．穩定時，根據閉合回路歐姆定律可得：，又：，聯立解得：，C正確；D．若增大A、B兩板間的距離，則產生的電動勢增大，電流增大，電流表示數增大，D錯誤。故選AC。9、BD【解析】分析電路的結構，由滑片的移動可知電路中電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可知各電表示數的變化；【詳解】由圖可知，燈泡與滑動變阻器R3串聯后與R2并聯后，再由R1串聯接在電源兩端．當滑片向上移動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，則電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，路端電壓增大，同時R1兩端的電壓也減小，故并聯部分的電壓增大，則流過R2的電流增大，根據P＝I2R知消耗的功率增大，故電流表示數減小，燈泡分壓減小，燈泡變暗，因并聯部分的電壓增大，而R3中電壓增大，故電壓表示數增大，故AC錯誤，BD正確；【點睛】解決閉合電路歐姆定律的題目，一般可以按照整體-局部-整體的思路進行分析，要靈活選用等效的方法研究電路的結構10、BD【解析】由圖，電容器上極板帶負電，下極板帶正電，平行板間有豎直向上的勻強電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，負電荷受到向下的電場力，不帶電的小球做平拋運動，帶負電的小球做類平拋運動，加速度比重力加速度大，帶正電的小球做加速度比重力加速度小的類平拋運動，由此根據平拋和類平拋運動規律求解；【詳解】A、根據題意，三小球在水平方向做勻速直線運動，則有，相同，則水平位移x與運動時間t成正比，由圖看出，水平位移的關系為，則運動時間關系為，豎直方向上三個粒子都做初速度為0的勻加速直線運動，到達下極板時，在豎直方向產生的位移y相等：，則知加速度關系為，由牛頓第二定律得知三個小球的合力關系為，由于平行板間有豎直向上的電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，向下的合力最小，向下的加速度最小，負電荷受到向下的電場力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不帶電的小球做平拋運動，加速度為重力加速度g，可知，落在a點的顆粒帶負電，c點的帶正電，b點的不帶電．故AC錯誤，B正確；D、由上分析得知，落在c點的顆粒帶正電，電場力向上，則電場力對它做負功．故D正確【點睛】確認不帶電小球做平拋運動，帶電小球做類平拋運動，分水平和豎直方向分析小球的運動，水平方向勻速直線運動，豎直方向初速度為0的勻加速直線運動，由運動的合成與分解進行分析三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.順時針②.右【解析】[1]原磁場方向向右，向右運動時，穿過圓環的磁通量要變大，根據楞次定律，圓環中感應電流產生向左的感應磁場，即產生了順時針方向的感應電流（從右往左看）[2]據來拒去留，環受到向右的安培力，將向右運動12、A【解析】由題意可知，采用人臉識別或輸入正確的密碼均可以解鎖，故采用的是“或”關系。故A正確，BCD錯誤。