2025屆福建廈門湖濱中學高二物理第一學期期末統考模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，電源電動勢，內阻不計，，。先閉合電鍵，電流達到穩定后，將電鍵斷開，這以后流過的總電量（）A. B.C. D.2、如圖，在陰極射線管正下方平行放置一根通有足夠強直流電流的長直導線，且導線中電流方向水平向右，則陰極射線將會（）A.向紙內偏轉 B.向紙外偏轉C.向上偏轉 D.向下偏轉3、如圖所示，當交流電源電壓恒為220V，頻率為50Hz時，三只燈泡A、B、D的亮度相同，若只將交流電的頻率改為100Hz，則()A.A燈最暗B.B燈最暗C.D燈最暗D.三只燈泡的亮度依然相同4、在下列物理量中，屬于矢量的是A.電場強度 B.電勢差C.電勢能 D.電動勢5、分子力F、分子勢能EP與分子間距離r的關系圖線如圖甲、乙兩條曲線所示（取無窮遠處為分子勢能Ep＝0），下列說法錯誤的是（）A.乙圖線為分子勢能與分子間距離的關系圖線B.隨分子間距離的增大，分子力先減少后一直增大C.分子間的引力和斥力都隨分子間的距離增大而減小，但斥力減小得更快D.在r<r0階段，分子力減小時，分子勢能也一定減小6、電阻R1、R2與交流電源按照圖甲所示方式連接，R1=10Ω，R2=20Ω。合上開關S后，通過電阻R2的正弦式交變電流i隨時間t變化的情況如圖乙所示。則（）A.通過R1的電流有效值是1.2AB.R1兩端的電壓有效值是6VC.通過R2的電流有效值是1.2AD.R2兩端的電壓最大值是6V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，邊長為d的正方形線圈，從位置A開始向右做速度為v的勻速直線運動運動，并穿過寬為L(L>d)的勻強磁場區域到達位置B，則A.整個過程，線圈中始終沒有感應電流B.整個過程，線圈中有感應電流的時間為C.線圈進入磁場過程中，感應電流的方向為逆時針方向；穿出磁場的過程中，感應電流的方向為順時針方向D.線圈進入磁場和離開磁場的過程中，線圈中有感應電流，方向都是逆時針方向8、關于電動勢，下列說法正確的是(

)A.電源兩極間的電壓等于電源電動勢B.電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能就越多C.電源電動勢的數值等于內、外電壓之和D.電源電動勢由電源本身決定，與外電路的組成無關9、科學家研究發現：因太陽風的帶電粒子吸附作用，土星環正在消失．這是因為土星環中的帶電的冰質顆粒，在土星引力和磁場的作用下墜入土星．假設土星的自轉方向以及周圍的磁場分布與地球相似，土星環中的所有冰質顆粒在土星赤道上空自西向東公轉，除帶電冰質顆粒外，剩余土星環中的顆粒軌道半徑不變，則可以推斷（）A.若土星磁場是因土星帶電而形成，則土星帶負電B.土星環中帶電冰質顆粒受到的洛倫茲力沿軌道半徑遠離土星球心C.太陽風中的帶正電粒子是冰質顆粒主要吸附的粒子D.因土星吸附了帶電冰質顆粒，質量變大，在軌運行的土星環的運動周期將變小10、如圖所示，圓O半徑為R，直徑豎直、BD水平．兩電荷量均為的點電荷固定在圓周上關于AC對稱的M、N兩點，從A點將質量為m、電荷量為的帶電小球由靜止釋放，小球運動到O點的速度大小為，不計空氣阻力，重力加速度為g．則A.小球運動到C點的速度為B.小球從O運動到C，電勢能先增大后減小C.A、O兩點間電勢差D.A、C兩點電勢相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，可供選擇的器材有：A．小燈泡：規格為“3.8V、0.3A”B．電流表：量程0～0.6A，內阻約為0.5ΩC．電流表：量程0～3A，內阻約為0.1ΩD．電壓表：量程0～5V，內阻約為5kΩE.電壓表:量程0～15V，內阻約為50kΩF.滑動變阻器：阻值范圍0～10Ω，額定電流2AG.滑動變阻器:阻值范圍0～100Ω，額定電流50mAH．電池組：電動勢6V，內阻約為1ΩI．開關一只，導線若干（1）為了使測量盡可能地準確，電流表應選______，電壓表應選_____,滑動變阻器應選_______．(填器材代號)需要使小燈泡兩端電壓從0逐漸增大到3.8V且能方便地進行調節，滑動變阻器應采用_________的連接方式（2）請在虛線框內設計一個電路圖______12．（12分）如下圖，游標卡尺的讀數是_______mm；螺旋測微器的讀數是_______mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平絕緣軌道，左側存在水平向右的有界勻強電場，電場區域寬度為L，右側固定一輕質彈簧，電場內的軌道粗糙，與物體間的摩擦因數為μ=0.5，電場外的軌道光滑，質量為m、帶電量為+q的的物體A從電場左邊界由靜止釋放后加速運動，離開電場后與質量為2m的物體B碰撞并粘在一起運動，碰撞時間極短開始B靠在處于原長的輕彈簧左端但不拴接，(A、B均可視為質點)，已知勻強電場場強大小為．求：(1)彈簧的最大彈性勢能；(2)整個過程A在電場中運動的總路程14．（16分）如圖所示，ABCD為豎立放在場強為E＝104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BCD部分是半徑為R的半圓環，軌道的水平部分與半圓環相切，A為水平軌道上的一點，而且AB＝R＝0.2m．把一質量m＝0.1kg、帶電量q＝10－4C的小球，放在水平軌道的A點由靜止開始釋放后，在軌道的內側運動．(g取10m/s2)求：(1)它到達C點時的速度是多大？(2)若讓小球安全通過D點，開始釋放點離B點至少多遠？15．（12分）如圖，在平面直角坐標系xOy中，直角三角形區域ABC內存在垂直紙面向里的勻強磁場，線段CO＝OB＝L，θ＝30°；第三象限內存在垂直紙面的勻強磁場(圖中未畫出)，過C點放置著一面與y軸平行的足夠大熒光屏CD；第四象限正方形區域OBFE內存在沿x軸正方向的勻強電場。一電子以速度v0從x軸上P點沿y軸正方向射入磁場，恰以O點為圓心做圓周運動且剛好不從AC邊射出磁場；電子經y軸進入第三象限時速度與y軸負方向成60°角，到達熒光屏時速度方向恰好與熒光屏平行。已知電子的質量為m，電荷量的絕對值為e，不計電子的重力。求：(1)P點距O點的距離；(2)電子在電場中的運動時間；(3)區域ABC內的磁感應強度B1與第三象限內的磁感應強度B2的大小之比。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】閉合電鍵S，穩定后電容器相當于開關斷開，根據全電路歐姆定律得：閉合電鍵S時，電容器兩端的電壓即R2兩端的電壓，為：U2=IR2=1×6V=6V電鍵S斷開后，電容器兩端的電壓等于電源的電動勢，為E=10V，電容器的電壓增大將充電，則通過R1的電荷量為：Q=C(E-U2)=30×10-6×(10-6)C=1.2×10-4C故B正確，ACD錯誤；故選B。2、C【解析】由通電導線的電流方向，根據安培定則可得電子射線管處于垂直紙面向外的磁場，當電子流方向從左向右，根據左手定則可得電子受到向上的安培力，則電子向上偏轉。故ABD錯誤，C正確。故選C。3、A【解析】三個支路電壓相同，當交流電頻率變大時，電感的感抗增大，電容的容抗減小，電阻所在支路對電流的阻礙作用不變，所以流過LA的電流變小，變暗，流過LB的電流變大，變亮，流過LD的電流不變，亮度不變，A正確；4、A【解析】A．電場強度有大小和方向，是矢量，選項A正確；B．電勢差有大小無方向，標量，選項B錯誤；C．電勢能有大小無方向，是標量，選項C錯誤；D．電動勢有大小無方向，是標量，選項D錯誤；故選A.5、B【解析】A．r0是平衡位置，Ep-r圖象中，r=r0處，分子勢能最小；F-r圖象中，r=r0處，分子力為零，所以乙圖線為分子勢能與分子間距離的關系圖線，甲圖對應的是F-r圖象，故A正確，不符合題意。B．甲圖為F-r圖象，根據圖象可知，分子從靠得很近位置開始，隨分子間距離的增大，分子力先減少后增大，再減小，故B錯誤，符合題意。C．分子間的引力和斥力都隨分子間的距離增大而減小，但斥力減小得更快，故C正確，不符合題意。D．在r＜r0階段，隨著分子距離增大，分子力減小時，分子力做負功，分子勢能減小，故D正確，不符合題意。故選B。6、B【解析】AC．由交流電圖像可知，交變電流最大值即通過R2的電流最大值為A，根據正弦交流電最大值與有效值的關系可知，其有效值為0.6A，由于R1與R2串聯，所以通過R1的電流有效值也是0.6A，故AC錯誤；B．R1兩端電壓有效值為U1=IR1=6V故B正確；D．R2兩端電壓最大值為故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB．在線圈進入或離開磁場的過程中，穿過線圈的磁通量發生變化，有感應電流產生，線圈完全在磁場中時，穿過線圈的磁通量不變，沒有感應電流產生，則整個過程，線圈中有感應電流的時間為，選項A錯誤，B正確；CD．由右手定則可知，線圈進入磁場過程中，線圈中感應電流沿逆時針方向，線圈離開磁場時，電流沿順時針方向，則C正確，D錯誤；故選BC。8、CD【解析】AC.電源沒有接入電路時兩極間的電壓等于電源電動勢，在閉合電路中電源兩極間的電壓是路端電壓，電源電動勢的數值等于內、外電壓之和，故A錯誤，C正確；B.電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大，但不是將其他形式的能轉化為電能就越多．故B錯誤；D.電動勢是描述電源把其它形式的能量轉化為電能本領的物理量，大小由電源本身決定，與外電路的組成無關，故D正確【點睛】電動勢是描述電源把其它形式的能量轉化為電能本領的物理量；電源電動勢等于電源沒有接入電路前兩極間的電壓，等于電路內外電壓之和9、AD【解析】A項：由土星磁場與地磁場相似，土星磁場的北極為地理南極，土星磁場的南極為地理北極，由土星轉動形成環形電流，根據右手螺旋定則可知，土星帶負電，故A正確；B項：由于電冰質顆粒墜入土星，洛倫茲力方向與速度方向垂直，所以土星環中帶電冰質顆粒受到的洛倫茲力不會沿軌道半徑遠離土星球心，故B錯誤；C項：由于冰質顆粒在土星赤道上空自西向東公轉，且土星帶負電，所以冰質顆粒應帶正電，所以太陽風中帶負電粒子是冰質顆粒主要吸附的粒子，故C錯誤；D項：由公式，由于半徑不變，質量變大，所以周期變小，故D錯誤故應選：AD10、BC【解析】等量同種點電荷電場的分布具有對稱性，由動能定理結合其對稱性來分析【詳解】A．由電場線的分布特點及對稱性知，從O到C的過程由動能定理得：，解得：，故A錯誤；B．從O運動到C，場強的方向先向上后向下，電場力對小球先做負功后做正功，所以電勢能先增加后減小，故B正確；C．從A運動到O，由動能定理得：，解得：，故C正確；D．由電場線的分布特點及對稱性知O、C兩點電勢相等，要比A點電勢高，故D錯誤所以BC正確，AD錯誤【點睛】本題考查等量同種點電荷電場的分布特點，可以結合等量同種點電荷電場的分布圖象來分析最為直接方便．基礎題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.B②.D③.E④.分壓式⑤.【解析】（1）[1][2][3][4]．小燈泡的額定電壓為3.8V，則電壓表應選擇D；燈泡的額定電流為0.3A，為了減小測量的誤差，使得測量更精確，電流表量程選擇0～0.6A的B．需要使小燈泡兩端電壓從0逐漸增大到3.8V且能方便地進行調節，滑動變阻器要采用分壓電路，故選用阻值較小的E；（2）[5][6]．小燈泡電阻約為13Ω，則有故燈泡電阻屬于小電阻，電流表采用外接法．電壓和電流需從0開始測起，所以滑動變阻器需采用分壓式接法．電路圖如右圖點睛：本題考查燈泡伏安特性曲線的實驗；解決本題的關鍵掌握器材選取的原則，以及知道滑動變阻器分壓式接法和限流式接法的區別，知道什么情況下選用電流表外接法，什么情況下選擇電流表內接法12、①.100.2②.0.900【解析】解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀【詳解】游標卡尺的主尺讀數為100mm，游標尺上第2個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數為2×0.1mm=0.2mm，所以最終讀數為：100mm+0.2mm=100.2mm．螺旋測微器的固定刻度為0.5mm，可動刻度為40.0×0.01mm=0.400mm，所以最終讀數為0.5mm+0.400mm=0.900mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】根據動能定理和動量守恒定律，求出物體A碰前的速度，根據機械能守恒即可求出彈簧的最大彈性勢能；由題意知最終AB靜止在電場外，彈簧處于自由伸長狀態，AB共同在電場中運動的距離為x，由能的轉化與守恒可得AB共同在電場中運動的距離，再加上電場區域寬度即可求出整個過程A