云南省重點中學2025屆高二物理第一學期期中學業水平測試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示的電路中，燈泡L的電阻大于電源的內阻r，閉合電鍵S，將滑動變阻器的滑片P向左移動一段距離后，下列結論正確的是（）A．燈泡L變亮 B．電流表讀數變小，電壓表讀數變小C．電源的輸出功率變小 D．電容器C上所帶的電荷量減少2、a、b、c、d是勻強電場中的四個點，它們正好是一個矩形的四個頂點.電場線與矩形所在平面平行。已知a點的電勢為10V，b點的電勢為14V，d點的電勢為2V，如圖，由此可知c點的電勢為A．4V B．6VC．8V D．10V3、一質量5kg的物體做自由落體運動，在下落過程中第2s內，重力對該物體做的功為W，在第3s末重力的功率為P，g取10m/s2,下面說法正確的是（）A．W=750J，P=1500WB．W=1000J，P=750WC．W=1000J，P=1500WD．W=750J，P=750W4、R1和R2是同種材料、厚度相同、表面為正方形的導體,但R2的尺寸比R1的尺寸小．將兩導體分別串聯（如圖1）和并聯（如圖2）接入電路,通過兩導體的電流方向如圖中箭頭所示,則()A．圖1中R1兩端的電壓大于R2兩端的電壓B．圖2中通過R1的電流小于通過R2的電流C．圖1中R1內自由電荷定向移動的速率小于R2內自由電荷定向移動的速率D．圖2中R1內自由電荷定向移動的速率大于R2內自由電荷定向移動的速率5、兩個相同的金屬小球A和B(可視為點電荷)，帶同種電荷，所帶電量之比為1∶3，相互作用力為F.若將兩球接觸后再放回原處，則它們之間的作用力將變為()A． B．F C． D．6、對物體帶電現象的敘述,下列說法正確的是()A．一個不帶電的物體內一定沒有電荷B．物體帶電一定具有多余的電子C．物體帶電的過程就是電荷移動的過程D．物體帶電的過程就是創造電荷的過程二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量m1＝0.3kg的小車靜止在光滑的水平面上，車長l＝1.5m，現有質量m2＝0.2kg可視為質點的物塊，以水平向右的速度v0從左端滑上小車，最后在車面上某處與小車保持相對靜止．物塊與車面間的動摩擦因數μ＝0.5，取g＝10m/s2，則A．物塊滑上小車后，滑塊和小車構成的系統動量守恒B．物塊滑上小車后，滑塊和小車構成的系統機械能守恒C．若v0=2m/s，則物塊在車面上滑行的時間為0.24sD．若要保證物塊不從小車右端滑出，則v0不得大于5m/s8、如圖所示，平行板電容器經開關S與電池連接，S是閉合的，U表示電容器兩極板間的電勢差，Q表示極板所帶的電量，E表示勻強電場的電場強度．現將電容器的B板向下稍微移動，使兩板間的距離增大，則（）A．U不變，E變小 B．Q不變，E不變C．U變小，E不變 D．Q變小，E變小9、x軸上O點右側各點的電場方向與x軸方向一致，O點左側各點的電場方向與x軸方向相反，若規定向右的方向為正方向，x軸上各點的電場強度E隨x變化的圖象如下圖所示，該圖象關于O點對稱，x1和－x1為x軸上的兩點．下列說法正確的是A．O點的電勢最低B．x1和－x1兩點的電勢相等C．電子在x1處的電勢能大于在－x1處的電勢能D．電子從x1處由靜止釋放后，若向O點運動，則到達O點時速度最大10、如圖所示的電路圖，AB間電壓為U，則下列說法正確的是（）A．滑動變阻器滑片向上移動時，RX兩端電壓變小B．滑動變阻器滑片向下移動時，RX兩端電壓變大C．滑動變阻器滑片位于中間時，RX兩端電壓小于D．滑動變阻器滑片位于中間時，若CD間改接為內阻為RX的電動機，電動機恰能正常工作，則此電動機消耗的熱功率小于三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組要描繪一只小燈泡L（2.5V0.5A）的伏安特性曲線。實驗中除導線和開關外，還有以下器材可供選擇：電源E（，內阻約）電壓表（，內阻約）電壓表（，內阻約）電流表（，內阻約）電流表（，內阻約）滑動變阻器（）滑動變阻器（）（1）電壓表應選擇__________，電流表應選擇__________，滑動變阻器應選擇__________。（2）實驗過程中要求小燈泡兩端電壓從零開始調節，應選擇下圖中哪一個電路圖進行實驗_________。A.B.C.D.12．（12分）某同學用圖所示裝置來驗證動量守恒定律，實驗時先讓a球從斜槽軌道上某固定點處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下痕跡，重復10次；然后再把b球靜置在斜槽軌道末端，讓a球仍從原固定點由靜止開始滾下，和b球相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復10次．回答下列問題：(1)在安裝實驗裝置時斜槽末端的切線必須是水平的，這樣做的目的是____________；用實驗中所給器材如何檢驗槽末端是否水平：_______________________。(2)小球a、b質量ma、mb的大小關系應滿足ma____mb，兩球的半徑應滿足ra___rb（選填“＞”、“＜”或“=”）。(3)本實驗中小球落地點的平均位置距O點的距離如上圖所示，這時小球a、b兩球碰后的平均落地點依次是圖中水平面上的___點和____點。(4)在以下選項中，哪些是本次實驗必須進行的測量？（_________）A．水平槽上未放B球時，測量A球落點位置到O點的距離B．A球與B球碰撞后，測量A球與B球落點位置到O點的距離C．A球和B球在空間飛行的時間(5)在本實驗中結合圖，驗證動量守恒的驗證式是下列選項中的______。A．B．C．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一圈粗細均勻的導線長1200m，在兩端點A、B間加上恒定電壓時，測得通過導線的電流為0.5A。如剪去BC段，在A、C兩端加同樣電壓時，通過導線的電流變為0.6A，則剪去的BC段有多長？14．（16分）如圖所示，電源電動勢E=10V，內阻r=0.5Ω，標有“8V24W”的燈泡L恰好能正常發光，電動機M線圈的電阻R0=2Ω，求：（1）燈泡L中的電流I1；（2）電動機M中的電流I2；（3）電動機工作2min產生的熱量。15．（12分）有一個帶電荷量q=－3×10－6C的點電荷，從某電場中的A點移到B點，電荷克服靜電力做6×10－4J的功，從B點移到C點，靜電力對電荷做9×10－4J的功，問：(1)AB、BC、CA間電勢差各為多少？(2)如以B點電勢為零，則A、C兩點的電勢各為多少？電荷在A、C兩點的電勢能各為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．當滑動變阻器滑片P向左移動，其接入電路的電阻增大，電路總電阻R總增大，電流I減小，燈泡的功率P=I2RL，RL不變，則燈泡變暗，故A錯誤；B．電流表讀數變小，電壓表讀數U=E-Ir變大，故B錯誤；C．當內、外電阻相等時，電源的輸出功率最大。燈泡L的電阻大于電源的內阻，當R增大時，電源的輸出功率變小，故C正確；D．變阻器兩端電壓增大，電容器與變阻器并聯，電容器上電壓也增大，則其電荷量增大，故D錯誤。故選C。【點睛】本題的難點在于確定電源的輸出功率如何變化，可以用數學證明，當內外電阻相等時，電源的輸出功率最大，這是很重要的結論。對于電容器，關鍵確定電壓，記住這個結論很有必要：電容器與與它并聯的電路電壓相等。滑動變阻器滑片P向左移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，電流減小，燈泡變暗；根據結論：當內、外電阻相等時，電源的輸出功率功率最大。燈泡L的電阻大于電源的內阻，當R增大時，電源的輸出功率應減小。變阻器兩端電壓增大，電容器上電荷量增大，電流表讀數變小，電壓表讀數U=E-Ir變大。2、B【解析】

由于在勻強電場的同一條直線上，由U=E?d知在相等距離上的兩點之間的電勢差相等，即Uba=Ucd，即；可得14-10+2=6V，故B正確。3、A【解析】

物體第2s內通過的位移為：x=gt22﹣gt12=（22﹣12）m=15m所以第2s內重力做功為W=mgx=5×10×15J=750J第3s末的速度v=gt3=10×3=30m/s所以第3s末重力的瞬時功率P=mgv=5×10×30W=1500W故選A4、C【解析】設導體厚度為d，R邊長為L，電阻率為ρ，根據電阻定律得導體的電阻為：，由此可知導體R1、R2的阻值相等，圖1中R1、R2串聯，根據串聯分壓的特點可知R1兩端的電壓等于R2兩端的電壓，故A錯誤；根據電流的微觀表達式：I=nevS=nevLd，由于I、n、e、d相同，則L越大，v越小，則R1中自由電荷定向移動的速率小于R2中自由電荷定向移動的速率，故C正確；圖2中R1、R2并聯，電壓相等，導體R1、R2的阻值相等，所以通過R1的電流等于通過R2的電流，故B錯誤；根據電流的微觀表達式：I=nevS=nevLd，由于I、n、e、d相同，則L越大，v越小，則R1中自由電荷定向移動的速率小于R2中自由電荷定向移動的速率，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．5、D【解析】

設A帶電量為q，B帶電量為3q，根據庫侖定律可知接觸前，兩者之間的庫侖力為接觸后，根據平均分配原則，可知兩者的帶電量為故庫侖力變為D正確。6、C【解析】

A．任何物體內部總有正負電荷,不帶電是因為它呈現了電中性,故A錯誤；B．物體帶電可能是有多余的電了或失去電子,故B錯誤；C．物體帶電是因為失去電子或得到電子,故帶電過程就是電荷移動的過程,故C正確；D．電荷是不能被創生的,故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】由于地面光滑，所以物塊和小車構成的系統動量守恒，故A正確；由于物塊和小車之間有摩擦力，所以系統機械能不守恒，故B錯誤；設物塊與小車的共同速度為v，以水平向右的方向為正方向，根據動量守恒定律有，設物塊與車面間的滑動摩擦力為，則對物塊應用動量定理有，解得，代入數據得，C正確；要使物塊恰好不從車面上滑出，須物塊到車面最右端時與小車有共同的速度，設其為v′，則，由功能關系有，代入數據解得，故D正確；8、AD【解析】試題分析：B板向下移動，但始終與電源相連，所以U不變，根據知d變大，C變小，又可知Q變小．由于，所以E變小．綜上所述，AD正確考點：電容器決定式、定義式、平行板電容器場強點評：此類題型較為基礎的考察了平行板電容器的相關知識，屬于基礎題型9、BD【解析】試題分析：沿電場方向電勢減小，所以在x軸左側O點的電勢最大，在x軸右側O點的電勢也是最大的，故O點的電勢最大，A錯誤；和兩點關于x軸對稱，電場強度的大小相等，從O點到和從O點到電勢降落相等，故和兩點的電勢相等，故B正確；根據公式，由于和兩點的電勢相等，所以電子在這兩點的電勢能相等，故C正確；電子運動過程中電勢能與動能之和恒定，由于O點的電勢最高，而負電荷在高電勢處的電勢能小，故在O點的電勢能最小，即在O點的動能最大，故D正確．考點：考查了電勢，電勢能，電場強度10、CD【解析】電阻Rx與變阻器的下半部分并聯后再與上半部分串聯；滑動變阻器滑片向上移動時，串聯部分電阻變小，并聯電阻變大，分壓大，則Rx兩端電壓變大，故A錯誤；滑動變阻器滑片向下移動時，串聯部分電阻變大，并聯電阻變小，分壓小，則Rx兩端電壓變小，故B錯誤；滑動變阻器滑片位于中間時，電阻RX與變阻器的下半部分并聯后再與上半部分串聯，由于并聯部分的電阻比變阻器上半部分電阻小，故滑動變阻器滑片向下移動時，串聯部分電阻變大，并聯電阻變小，分壓小，則Rx兩端電壓變小，故Rx兩端電壓小于，故C正確；CD間改接為內阻為RX的電動機，由C知其電壓小于，其又不是純電阻電路，則其消耗的熱功率小于，故D正確。所以CD正確，AB錯誤。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A【解析】（1）燈泡的額定電壓為2.5V，額定電流是0.5A，所以電壓表應選擇，電流表應選擇，因本實驗必須采用分壓接法，故滑動變阻器應選擇總阻值較小的；

（2）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓、電流要從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓式接法，燈泡的電阻約為，遠小于電壓表內阻，電流表采用外接法誤差較小,選圖A所示實驗電路．【點睛】根據燈泡的額定電壓和額定電流確定電表的量程，從減小誤差角度和可操作性角度確定滑動變阻器．測量燈泡的伏安特性曲線，電流、電壓需從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，根據燈泡的電阻大小確定電流表的內外接法；12、保證小球做平拋運動把小球輕輕的放在斜槽末端，若小球能保持靜止，則說明斜槽末端水平>=ACABB【解析】

(1)[1][2]小球離開軌道后做平拋運動，在安裝實驗器材時斜槽的末端應保持水平，才能保證小球做平拋運動；檢查水平的方法：把小球輕輕的放在斜槽末端，若小球能保持靜止，則說明斜槽末端水平。(2)[3][4]為防止碰撞過程入射球反彈，入射球的質量應大于被碰球的質量ma大于mb，即ma＞mb．為保證兩個小球的碰撞是對心碰撞，兩個小球的半徑要相等；(3)[5][6]由圖所示裝置可知，小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大，小球a的速度減小，b球在前，a球在后，兩球都做平拋運動，由圖示可知，未放被碰小球時小球a的落地點為B點，碰撞后a、b的落點點分別為A、C點．(4)[7]小球離開軌道后做平拋運動，小球在空中的運動時間t相等，如果碰撞過程動量守恒，則mav0=mavA+mbvB兩邊同時乘以時間t得：mav0