寧夏青銅峽市吳忠中學分校2025屆物理高二上期末達標檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是A.庫侖發現只有很小的帶電體之間才存在相互作用力B.根據電場強度定義，可知電場中某點的場強大小與放在該點的試探電荷受到的電場力成正比C.電場中任何兩條電場線都不相交D.磁通量不僅有大小而且有方向，所以是矢量2、如圖所示，a、b是一對平行金屬板，分別接到直流電源兩極上，右邊有一擋板，正中間開有一小孔d，在較大空間范圍內存在著勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向里，在a、b兩板間還存在著勻強電場E.從兩板左側中點c處射入一束離子(不計重力)，這些離子都沿直線運動到右側，從d孔射出后分為如圖三束，則下列判斷正確的是A.這三束離子的速度一定不相同B.這三束離子的比荷一定相同C.a、b兩板間的勻強電場方向一定由b指向aD.若將這三束離子改為相反電性而其他條件不變的離子則仍能從d孔射出3、如圖所示的彈簧振子，彈簧的勁度系數為k。當彈簧伸長了x時，彈簧對小球的彈力大小為（）A. B.C.kx D.kx24、關于磁感應強度和磁感線,下列說法中錯誤的是A.磁體的磁感線從磁體的N極出來到磁體的S極終止B.磁感線的疏密程度表示磁場的強弱C.勻強磁場的磁感線間隔相等、互相平行D.磁場中某點磁感應強度的方向跟該點小磁針受力方向相同5、關于靜電場的等勢面，下列說法正確的是A.兩個電勢不同的等勢面可能相交B.電場線與等勢面處處相互垂直C.同一等勢面上各點電場強度一定相等D.將一負的試探電荷從電勢較高的等勢面移至電勢較低的等勢面，電場力做正功6、我國古代有“千里眼”的神話傳說，下列發明具有相似功能的是（）A.收音機 B.錄音機C.雷達 D.電燈二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在豎直平面內放一個光滑絕緣的半圓形軌道，水平方向的磁場與軌道所在平面垂直．如圖所示．一個帶正電荷的小球由靜止開始從半圓形軌道的最高點A滑下，則（）A.小球經過最低點C的速率比無磁場時大B.小球運動到最低點C所用的時間比無磁場時短C.小球經過最低點C的速度與無磁場時相等D.小球運動到最低點C所用的時間跟無磁場時相等8、如圖所示，平行板電容器上、下極板M、N分別帶等量異種電荷，板間正對區域形成豎直方向的勻強電場。同時在兩極板間還存在著水平方向的勻強磁場（圖中未畫出）。緊貼著極板的右側有一擋板，上端P與上極板M等高，下端Q與下極板N等高。已知平行板電容器的極板長度與板間距離相同均為L，勻強電場的場強大小為E，勻強磁場的磁感應強度大小為B。一電子從極板左側中央位置O，以平行于極板方向的初速度v0飛入平行板內，剛好沿直線運動到與入射點等高的擋板的中點O′。若將板間的磁場撤去，電子僅在電場力作用下將剛好打在極板右上方的P點。不計重力。下列說法正確的是A.上極板M帶正電B.勻強磁場方向垂直紙面向外C.該電子的初速度D.若使電容器兩極板不帶電，并恢復原有的磁場，電子仍以原有的初速度從原位置飛入，則電子將打在下極板距右端Q為處9、如圖所示，光滑的“∏”形金屬導體框豎直放置，質量為m的金屬棒MN不框架接觸良好．磁感應強度分別為B1、B2的有界勻強磁場方向相反，但均垂直于框架平面，分別處在abcd和cdef區域．現從圖示位置由靜止釋放金屬棒MN，當金屬棒進入磁場B1區域后，恰好做勻速運動．以下說法中正確的有（）A.若B2＝B1，金屬棒進入B2區域后將加速下滑B.若B2＝B1，金屬棒進入B2區域后仍將保持勻速下滑C.若B2>B1，金屬棒進入B2區域后可能先減速后勻速下滑D.若B2>B1，金屬棒進入B2區域后可能先加速后勻速下滑10、下列說法中正確的是（）A.電荷在某處不受電場力的作用，則該處的電場強度為零B.一小段通電導線在某處不受磁場力的作用，則該處磁感應強度一定為零C.把一個試探電荷放在電場中的某點，它受到的電場力與所帶電荷量的比值表示該點電場的強弱D.把一小段通電導線放在磁場中某處，它所受到的磁場力與該段通電導線的長度和電流的乘積的比值表示該處磁場的強弱三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定電源的電動勢和內電阻”的實驗中，備有下列器材：A．待測的干電池一節B．電流表A1（量程0~3mA，內阻Rg1＝10Ω）C．電流表A2（量程0~0.6A，內阻Rg2＝0.1Ω）D．滑動變阻器R1（0~20Ω，1.0A）E．電阻箱R0（0~9999.9Ω）F．開關和若干導線（1）某同學發現上述器材中沒有電壓表，他想利用其中的一個電流表和電阻箱改裝成一塊電壓表，其量程為0~3V，并設計了圖甲所示的a、b兩個參考實驗電路（虛線框內為改裝電壓表的電路），其中合理的是______（選填“a”或“b”）電路；此時R0的阻值應取______Ω；（2）圖乙為該同學根據合理電路所繪出的I1-I2圖象（I1為電流表A1的示數，I2為電流表A2的示數）。根據該圖線可得被測電池的電動勢E＝______V，內阻r＝______Ω。12．（12分）讀數（1）__________cm（2）__________mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，有一傾角α=37°的粗糙斜面，斜面所在空間存在一有界矩形勻強磁場區域GIJH，其寬度GI=HJ=L=0.5m．有一質量m=0.5Kg的“日”字形勻質導線框abcdef，從斜面上靜止釋放，釋放時ef平行于GH且距GH為4L，導線框各段長

ab=cd=ef=ac=bd=ce=df=L=0.5m，線框與斜面間的動摩擦因數μ=0.25，ab、cd、ef三段的阻值相等、均為R=0.5Ω，其余電阻不計．已知ef邊剛進入磁場時線框恰好做勻速運動，不計導線粗細，重力加速度g=10m/s2（sin37°=0.6，sin53°=0.8），求：（1）ef邊剛進入磁場時的速度v（2）勻強磁場的磁感應強度B（3）線框從開始運動到ab邊穿出磁場過程中ab邊發的焦耳熱為多少？14．（16分）如圖所示的平行板器件中，存在相互垂直的勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應強度B1=0．20T,方向垂直紙面向里，電場強度E1=1．0×105V/m,PQ為板間中線．緊靠平行板右側邊緣xOy坐標系的第一象限內，有一邊界AO、與y軸的夾角∠AOy=450，邊界線的上方有垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度B2=0．25T,邊界線的下方有豎直向上的勻強電場，電場強度E2=5.0×105V/m．一束帶電荷量q=8.0×10-19C、質量m=8.0×10-26Kg的正離子從P點射入平行板間，沿中線PQ做直線運動，穿出平行板后從軸上坐標為（0,0．4m）的Q點垂直軸射入磁場區，多次穿越邊界線OA．求：（1）離子運動速度；（2）離子從進入磁場到第二次穿越邊界線OA所需的時間；（3）離子第四次穿越邊界線的位置坐標15．（12分）如圖所示，邊長為1=60cm的正方形線圈abcd的匝數為n=100匝，線圈電阻為r=1Ω，外電路的電阻為R=8Ω，ab的中點和cd的中點的連線00′恰好位于勻強磁場的邊界上，磁感應強度為B=0.2T，現在線圈以00′為軸，以角速度ω=10rad/s勻速轉動，求：(1)閉合電路中電流瞬時值的表達式；(2)線圈從圖示位置轉過90°的過程中電阻R上產生的熱量；(3)線圈從圖示位置轉過90°的過程中電阻R上通過的電荷量

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據“庫侖、電場強度定義、電場線、磁通量”可知，本題考查物理學史以及對電場強度、電場線的理解，根據物理學上重大發現和著名實驗，運用電場線和磁感線概念的理解分析.【詳解】A、帶電體之間都存在著相互作用力；故A錯誤.B、電場強度定義中，電場強度的大小與電荷受到的電場力大小、電荷的多少無關；故B錯誤.C、根據電場線的特點可知，電場中任何兩條電場線都不相交；故C正確.D、磁通量的計算使用代數方法，不是矢量，是標量；故D錯誤.故選C.【點睛】帶電體之間都存在著相互作用力，庫侖利用庫侖扭秤研究帶電體間的相互作用，總結出了庫侖定律；電場強度的大小與電荷受到的電場力大小、電荷的多少無關；根據電場線的特點判斷.2、D【解析】離子在復合場中沿水平方向直線通過故有qE=qvB，所以v=E/B；三束正離子的在磁場中圓周運動的軌道半徑不同，根據可知比荷一定不相同．根據洛倫茲力的方向可以判定電場力的方向從而判定電場的方向【詳解】3束離子在復合場中運動情況相同，即沿水平方向直線通過故有qE=qvB，所以v=E/B，故三束正離子的速度一定相同．故A錯誤．3束離子在磁場中有qvB=m，故，由于三束正離子的在磁場中圓周運動的軌道半徑不同，故比荷一定不相同，故B錯誤．根據左手定則可知，正粒子受到的洛倫茲力的方向向上，所以電場力必定向下，a、b兩板間的勻強電場方向與正電荷受到的電場力的方向相同，一定由a指向b．故C錯誤；若這三束離子改為相反電性而其他條件不變，則在ab板間受到的電場力的方向和磁場力的方向均反向，離子受力仍平衡沿直線運動，即離子則仍能從d孔射出．故D正確故選D【點睛】速度選擇器是利用電場力等于洛倫茲力的原理進行工作的，故速度選擇器只能選擇速度而不能選擇電性3、C【解析】由胡克定律可知，當彈簧伸長了x時，彈簧對小球的彈力大小為故C正確，ABD錯誤。故選C。4、A【解析】磁感線是描述磁場分布而假想；磁感線的疏密表示磁場強弱，磁感線某點的切線方向表示該點的磁場方向；磁感線是閉合曲線，磁體外部磁感線是從N極到S極，而內部是從S極到N極；【詳解】A．磁感線是閉合曲線，磁體外部磁感線是從N極到S極，而內部是從S極到N極，故A錯誤；B．磁感線是描述磁場分布而假想引入的，磁感線的疏密表示磁場強弱，故B正確；C．勻強磁場的特點：磁感線間隔相等、互相平行，故C正確；D．某處磁感應強度的方向就是該處小磁針北極所指的方向，即小磁針N極靜止時的方向，故D正確【點睛】通過不存在的磁感線來形象表達客觀存在的磁場，磁感線的疏密表示磁場的強弱，某點的切線方向就是該點的磁場方向，也是磁感應強度方向5、B【解析】A．等勢面相交，則電場線一定相交，故在同一點存在兩個不同的電場強度方向，與事實不符，故A錯誤；B．電場線與等勢面垂直，B正確；C．同一等勢面上的電勢相同，但是電場強度不一定相同，C錯誤；D．將負電荷從高電勢處移動到低電勢處，受到的電場力方向是從低電勢指向高電勢，所以電場力方向與運動方向相反，電場力做負功，D錯誤；6、C【解析】A．收音機能收聽廣播信號，但不具有“千里眼”類似的功能，故A錯誤；B．錄音機能記錄聲音信號，不具有“千里眼”類似的功能，故B錯誤；C．使用雷達，可以遠距離觀測飛機、輪船以及各種飛行物，與“千里眼”具有類似的功能，故C正確；D．白熾燈能發光，但不具有“千里眼”類似的功能，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】滑塊下滑時受到重力、洛倫茲力、軌道的支持力，洛倫茲力與軌道支持力不做功，只有重力做功；由動能定理可以判斷滑塊到達最低點時的速度關系，由向心力公式可以判斷加速度大小，對軌道壓力大小，根據滑塊的速度關系判斷運動時間【詳解】AC、滑塊下滑時受到重力、洛倫茲力、軌道的支持力，洛倫茲力與軌道支持力不做功，只有重力做功，由動能定理可知，滑塊到達最低點時的速度與磁場不存在時的速度相等，故A錯誤，C正確；BD、滑塊在下滑過程中，在任何位置的速度與有沒有磁場無關，因此滑塊從M點到最低點所用時間與磁場不存在時相等，故B錯誤，D正確；故選CD8、AD【解析】A．若將板間的磁場撤去，電子僅在電場力作用下將向上偏，說明電子受到的電場力豎直向上，所以電場強度方向豎直向下，即上極板M帶正電，故A正確；B．板間有磁場和電場時，電子做勻速直線運動，電子受的洛倫茲力豎直向下，由左手定則可知，勻強磁場方向垂直紙面向里，故B錯誤；C．板間有磁場和電場時，電子做勻速直線運動，則得故C錯誤；D．若將板間的磁場撤去，電子僅在電場力作用下做類平拋運動，則有板間僅有磁場時有聯立解得粒子軌跡如圖，由幾何關系有電子將打在下極板距右端Q為故D正確。故選AD。9、BC【解析】當金屬棒進入磁場B1區域后，恰好做勻速運動，說明金屬棒所受的安培力與重力大小相等、方向相反．若B2=B1，根據安培力公式得知，金屬棒進入B2區域后，金屬棒受到的安培力大小不變，由楞次定律得知，安培力方向仍豎直向上，安培力與重力仍平衡，故金屬棒進入B2區域后仍將保持勻速下滑．故A錯誤，B正確．若B2＞B1，金屬棒進入B2區域后安培力增大，將大于金屬棒的重力，棒將先做減速運動，隨著速度減小，安培力減小，當安培力再次與重力平衡后，金屬棒又做勻速運動．故C正確，D錯誤10、AC【解析】AB．電荷在電場中一定受到電場力的作用，故電荷在某處不受電場力的作用，則該處的電場強度為零，A正確；B．通電導線在磁場中不一定受到磁場力的作用，當導線與磁場方向平行時，導線所受磁場力總為零，但該處的磁感應強度不為零，B錯誤；CD．對于電場強度，它等于試探電荷受到的電場力與所帶電荷量的比值；對于磁感應強度，它等于垂直磁場方向放置的通電導線所受的磁場力與該段通電導線的長度和電流的乘積的比值，C正確，D錯誤。故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.b②.990③.1.48（1.46~1.49之間）④.0.84（0.82~0.87之間）【解析】（1）[1][2]上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，電路中電流最大為故電流表至少應選擇量程，故應將3mA電流表G串聯一個電阻，改裝成較大量程的電壓表使用，電表流A由于內阻較小，故應采用相對電源來說的外接法，故a、b兩個參考實驗電路，其中合理的是b，要改裝的電壓表量程為，根據解得（2）[3][4]圖象與縱軸的交點得最大電流為，根據歐姆定律和串聯的知識得電源兩端電壓為根據圖象與縱軸的交點得電動勢為與橫軸的交點可得出路端電壓為1V時電流是，由閉合電路歐姆定律得。12、①.2.25②.6.860【解析】掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀；螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀；【詳解】由圖所示可知，主尺示數為2.2cm，游標尺上第5個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數為，游標卡尺示數為；螺旋測微器的固定刻度為6.5mm，可動刻度為，所以最終讀數為四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）v=4m/s（2）B="1"T（3）1J【解析】（1）由動能定理，2分得，v=4m/s(2)當線框勻速運動時，對電路，E=BLvR總=R+1分1分對線框，解得，B="1"T（3）當線框每條邊切割磁感線時，等效電路都一樣．所以ef和cd作為電源時時間為,當ab做為電源時，時間為,整個過程總熱量，Q=Q1+Q2=1J【點睛】本是電磁感應中常見的問題：導體在導軌上滑動的類型，從力和能兩個角度研究．力的角度，關鍵是安培力的分析和計算．能的角度要把握涉及幾種能、能量如何是轉化的14、（1）（2）（3）【解析】(1)設正離子的速度為v，由于沿中線PQ做直線運動，則：qE=qvB1代入數據解得：v=5.0×105m/s；(2)離子進入磁場，做勻速圓周運動，由牛頓第二定律有：，代入數據解得：r=0.2

m作出離子的運動軌跡，交OA邊界于N，如圖所示：OQ=2r，若磁場無邊界，一定通過O點，則圓弧QN的圓