重慶市江津區高2025屆高二物理第一學期期中聯考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一帶電小球用絲線懸掛在水平方向的勻強電場中，當小球靜止后把懸線燒斷，則小球在電場中將作A．勻加速直線運動B．曲線運動C．自由落體運動D．變加速直線運動2、如圖所示，E為電源，C為電容器，R為定值電阻，S為單刀雙擲開關，則A．S接1時，電容器充電且上極板電勢較低B．S接2時，電容器放電且放電電流從左往右經過定值電阻RC．保持S接l，將上極板豎直向上平移少許，板間電壓不變，場強減小D．保持S接l，將上極板水平向左平移少許，板間電壓不變，場強減小3、如圖所示，兩塊平行放置的金屬板A、B分別與電源的兩極連接，放射源發出的射線從其上方小孔向外射出，下列說法正確的是（）A．a粒子電離能力最強B．b粒子來自原子核內中子的衰變C．c粒子穿透能力最強D．c粒子的速度最小4、某同學將一個電源分別跟R1和R2串聯進行實驗，電阻兩端的電壓隨電流變化關系和電源的路端電壓隨電流變化關系如圖所示，下列說法中錯誤的是（）A．定值電阻R1=3Ω，R2=0.75ΩB．電源電動勢E=9V，內阻r=1ΩC．接R1時，電源的輸出功率為12WD．接R2時，電源的輸出功率為12W5、一質子在勻強磁場中運動，不考慮其他場力（重力）作用，下列說法正確的是A．可能做類平拋運動B．一定做勻變速直線運動C．可能做勻速直線運動D．只能做勻速圓周運動6、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，合上開關S后各燈恰能正常發光，如果某一時刻電燈C燒斷，則（）A．燈A變暗，燈B變亮B．燈A變亮，燈B變暗C．燈A、燈B都變亮D．燈A、燈B都變暗二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接在電池兩極，一帶正電的小球懸掛在電容器內部，閉合S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為θ，下列說法中正確的是()A．保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ增大B．保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ不變C．斷開S，將A板向B板靠近，則θ增大D．斷開S，將A板向B板靠近，則θ不變8、安培分子電流假說可用來解釋（）A．運動電荷受磁場力作用的原因 B．兩通電導體有相互作用的原因C．永久磁鐵具有磁性的原因 D．軟鐵棒被磁化的現象9、如圖所示，充有一定電量的平行板電容器水平放置，其中上極板A帶負電，下極板B帶正電，其正中有一小孔，帶負電的小球（可視為質點）從小孔正下方某處以一確定初速度v0開始正對小孔運動，恰能到達上極板A處（空氣阻力忽略不計）．只考慮板之間存在的電場，則下列說法正確的是（）A．若A板向上移動少許，則小球將不能到達A板B．若A板向上移動少許，則小球仍能到達A板C．若B板向上移動少許，則小球仍能到達A板D．若B板向下移動少許，則小球仍能到達A板10、如圖所示，一根長導線彎成“n”形，通以直流電I，正中間用一段絕緣線懸掛一金屬環C，環與導線處于同一豎直平面內，在電流I增大的過程中，下列敘述正確的是()A．金屬環C中無感應電流產生B．金屬環C中有沿逆時針方向的感應電流C．懸掛金屬環C的豎直線拉力變大D．金屬環C仍能保持靜止狀態三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某一小型電風扇額定電壓為4.0V，額定功率為2.4W。某實驗小組想通過實驗描繪出小電風扇的伏安特性曲線。實驗中除導線和開關外，還有以下器材可供選擇：A．電源E（電動勢為4.5V，內阻忽略不計）B．電壓表V（量程為0～5V，內阻約為4kΩ）C．電流表A1（量程為0～0.6A，內阻約為0.2Ω）D．電流表A2（量程為0～3A，內阻約為0.05Ω）；E．滑動變阻器R1（最大阻值10Ω，額定電流1A）F．滑動變阻器R2（最大阻值2kΩ，額定電流100mA）①為了便于調節，減小讀數誤差和系統誤差，實驗中所用電流表應選用_______，滑動變阻器應選用_______．（填所選儀器前的字母序號）．②請你為該小組設計實驗電路，并把電路圖畫在虛線內。（_________）③操作過程中發現，小電風扇通電后，電壓表讀數大于0.5V時，小電風扇才會開始轉動．該小組測繪出的小電風扇的伏安特性曲線如圖所示，由此可以判定，小電風扇的電阻為______，正常工作時的發熱功率為_______，電風扇的機械功率為______。（以上三空計算結果均保留到小數點后一位）12．（12分）某同學利用如圖甲所示的裝置探究在彈性限度內“彈簧彈力和彈簧伸長的關系”實驗，彈簧的最上端與刻度尺的零刻度對齊．（1）將一個50g的鉤碼掛在彈簧的下端，彈簧指針如圖乙所示，則指針示數為_____cm．（2）在彈性限度內，將每個50g的鉤碼逐個掛在彈簧下端，得到掛上不同數目的鉤碼對應的指針示數L如表所示，用表中數據計算出彈簧的勁度系數k=_____N/m，彈簧沒有掛鉤碼時的豎直長度為_____cm．（重力加速度g=10m/s2，結果保留三位有效數字）．鉤碼數1234L/cm19.7123.7027.70四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示電子射線管陰極K發射電子，設從陰極K發射出來的電子速度為0，陽極P和陰極K間加上電壓后電子被加速．A、B是偏向電極板，使飛進的電子偏離．若已知P、K間所加電壓UPK，偏轉板長L，板間距離為d，所加電壓UAB．偏轉板到熒光屏之間的距離為R．電子質量m，電子電荷量為e．求：⑴電子通過陽極P板的速度υ0⑵電子通過偏轉板時具有的動能Ek⑶電子射出偏轉極板后，打到熒光屏上的Oˊ點到熒光屏中心O點的距離．14．（16分）2016年3月，期待已久的三明沙縣機場正式通航。若飛機由靜止開始做勻加速直線運動，加速度大小為3m/s2。求：（1）飛機4s末的速度大小v（2）飛機4s內的位移大小s。15．（12分）如圖所示，OA長L=0.4m，在A端安裝一小球，小球的質量m=1kg，以O點為軸使小球在豎直平面內做圓周運動，重力加速度g＝10m/s1．（1）若OA是一輕繩，要使小球恰好能在豎直面內完成圓周運動，則最高點處小球的速度應為多大；（1）若OA是一輕桿，當小球到達最高點時，小球的速度大小為v1=1m/s，求在此位置時桿對小球的作用力的大小和方向．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】懸線燒斷前，小球受重力、拉力、電場力平衡，重力和電場力的合力與拉力等值反向，燒斷細線，物體受重力、電場力，兩個力合力恒定即加速度恒定，而且沿細線方向，合力方向與速度方向在同一條直線上，所以物體沿著懸線的延長線做勻加速直線運動，故A正確，BCD錯誤。點睛：解決本題的關鍵是要掌握物體做直線運動還是曲線運動的條件，當物體所受的合力與速度在同一條直線上，物體做直線運動，所受的合力與速度不在同一條直線上，物體做曲線運動。2、C【解析】

A．S接1時，電容器充電且上極板接電源正極，電勢較高，選項A錯誤；B．S接2時，電容器放電且放電電流從右往左經過定值電阻R，選項B錯誤；C．保持S接l，將上極板豎直向上平移少許，板間電壓不變，根據可知，場強減小，選項C正確；D．保持S接l，將上極板水平向左平移少許，板間電壓不變，兩板間距d不變，根據可知場強不變，選項D錯誤。3、C【解析】β射線為高速電子流，質量約為質子質量的，速度接近光速；α射線為氦核流，速度約為光速的．在同一電場中，β射線偏轉的軌跡曲率半徑小于α射線的曲率半徑，同時結合α射線帶正電，偏向負極，而β射線帶負電，偏向正極，由圖知，向左偏的為β射線，向右偏的為α射線，即到達A板的為β射線；因在α、β、γ三種射線中，γ射線的穿透能力最強，電離能力最弱，α射線穿透能力最弱，電離能力最強，a粒子為β射線，電離能力較弱，c粒子為γ射線，穿透能力最強，故A錯誤，C正確，β衰變所釋放的電子是原子核內的中子轉變為質子時產生的，而b粒子是α射線，故B錯誤；c粒子為γ射線，速度最大，故D錯誤．故選C．4、B【解析】A、電阻的伏安特性曲線的斜率等于電阻阻值，則R1=62=3Ω、R2=3B、根據閉合電路歐姆定律，則有：E=6+2r；及E=3+3r；解得：電動勢E=9V，內阻r=3Ω，故B錯誤；C、當接R1時，電源的輸出功率為P1=U1I1=6×2=12W，故C正確；D、當接R2時，電源的輸出功率為P2=U2I2=3×4=12W，故D正確．本題選擇錯誤的，故選：B．5、C【解析】

當粒子垂直磁場方向進入勻強磁場，做勻速圓周運動，當粒子平行于磁場進入勻強磁場，粒子做勻速直線運動．【詳解】因洛倫茲力的方向始終與速度方向垂直，改變速度方向，因而同時也改變洛倫茲力的方向，故洛倫茲力是變力，粒子不可能做勻變速運動，故AB錯誤；帶電粒子在勻強磁場中運動時所受的洛倫茲力跟速度方向與磁場方向的夾角有關，當速度方向與磁場方向平行時，它不受洛倫茲力作用，又不受其他力作用，這時它將做勻速直線運動，故C正確。只有當速度方向與磁場方向垂直時，帶電粒子才做勻速圓周運動，如果速度方向與磁場不垂直，則粒子不做勻速圓周運動，故D錯誤；故選C?！军c睛】解決本題的關鍵知道帶電粒子的速度方向與磁場方向平行時，不受洛倫茲力，帶電粒子受洛倫茲力時，洛倫茲力方向與速度方向垂直．6、A【解析】

電燈C燒斷后，電路少了一個支路，則電路中的總電阻增大，總電流減小，即通過燈泡A的電流減小，所以A變暗，A兩端電壓減小，根據閉合回路歐姆定律可得路端電壓增大，所以而A兩端的電壓減小，所以B兩端的電壓增大，故B燈變亮，A正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

AB．保持電鍵S閉合，板間電壓不變，將A板向B板靠近，板間距離d減小，由板間場強分析得到場強增大，小球所受電場力增大，則θ增大，故A正確，B錯誤；CD．電容器充電后電鍵S斷開，電容器所帶電量Q不變，根據電容的決定式可知與，，得出推論可知板間場強與間距無關，即E不變，小球所受電場力不變，則將A板向B板靠近時，θ不變，故C錯誤，D正確。故選AD。8、CD【解析】安培所提出的“分子電流”的假說．安培認為，在原子、分子或分子團等物質微粒內部，存在著一種環形電流--分子電流，分子電流使每個物質微粒都形成一個微小的磁體．未被磁化的物體，分子電流的方向非常紊亂，對外不顯磁性；磁化時，分子電流的方向大致相同，于是對外界顯示出磁性，故D正確；因此這一假說能夠說明電可以生磁，故A錯誤；兩通電導體有相互作用的原因是通過磁體之間的磁場的作用產生的，故B錯誤；安培提出的分子環形電流假說，解釋了為什么磁體具有磁性，說明了磁現象產生的本質，故C正確．所以CD正確，AB錯誤．9、AC【解析】

由題意設兩板間的電壓為U，小球的質量為m，電荷量為q，板間距離為d，由動能定理可得：A、B項：若A板向上移動少許，由電容器的決定式可知，電容減小，由電容器定義式可知，兩板間的電壓增大，小球從B板到A板克服電場力做功大于qU，所以小球不能達到A板，故A正確,，B錯誤；C、D項：若B板向上移動少許，由電容器的決定式可知，電容增大，由電容器定義式可知，兩板間的電壓減小，小球從B板到A板克服電場力做功小于qU，所以仍能到達A板，故C正確，D錯誤．故應選AC．10、BCD【解析】試題分析：由安培定則可判定“n”形產生的磁場，之后根據楞次定律來確定感應電流的方向，再根據左手定則，判斷出安培力的方向，從而判斷出金屬線圈的受力與運動狀況．解：AB、根據安培定則知，彎曲成“n”形導線中電流的磁場方向為：垂直紙面向里，且大小增加．由楞次定律可知，感應電流的方向為逆時針，故A錯誤，B正確．CD、根據左手定則可知，安培力的方向指向圓心，由于直流電流過彎曲成“n”形導線，所以電流產生的磁場在“n”形范圍內，上邊的磁感應強度比較大，下邊的磁感應強度比較小，所以金屬環上邊受到的安培力大于下邊圓弧受到的安培力，因此合力的方向向下，導致掛環的拉力增大，但環仍處于靜止狀態，故C正確，D正確．故選BCD．點評：解決本題的關鍵會用安培定則判斷電流周圍磁場的方向，以及學會根據楞次定律來確定感應電流的方向．同時會用左手定則判斷安培力的方向．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CE見解析2.5Ω0.9W1.5W【解析】

①[1]電風扇的額定電流，從讀數誤差的角度考慮，電流表選擇C；[2]電風扇的電阻大約，電風扇的電阻比較小，則滑動變阻器選擇總電阻為10Ω的誤差較小，即選擇E；②[3]因為電壓電流需從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，電風扇的電阻大約，遠小于電壓表內阻，屬于小電阻，電流表采用外接法．電路圖如圖所示③[4]電壓表讀數小于0.5V時電風扇沒啟動．根據歐姆定律得：[5]正常工作時電壓為4V，根據圖象知電流為0.6A，則電風扇發熱功率：[6]則電風扇的機械功率：12、（1）15.71；（2）12.5；