2025屆四川省成都市雙流區物理高二上期中聯考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列四幅圖所做的實驗都與磁場有關，有關實驗時要滿足的條件或者實驗現象正確的是A．甲圖的實驗說明磁場能產生電流B．乙圖的實驗所揭示的原理可制成發電機C．丙圖是演示電磁感應現象的實驗裝置D．丁圖中麥克風應用了磁場對電流的作用2、在光滑的水平面上有a、b兩球在t=2s時發生正碰，其質量分別為ma、mb，兩球在碰撞前后的v-t圖象如圖所示．a、b兩球質量之比是（）A．ma：mb=1：2B．ma：mb=2：5C．ma：mb=2：1D．ma：mb=5：23、如圖，單匝矩形線圈abcd處在磁感應強度為B、方向垂直于紙面向里的勻強磁場中，以恒定的角速度繞ab邊轉動，線圈所圍面積為S，線圈的總電阻為R，時刻線圈平面與紙面重合，且cd邊正在離開紙面向外運動，則()A．時刻線圈中電流的瞬時值B．線圈中電流的有效值C．線圈中電流的有效值D．線圈消耗的電功率4、如圖所示的電路中，電鍵S原來是閉合的，當R1、R2的滑片剛好處于各自的中點位置時，懸在平行板電容器C兩水平極板間的帶電塵埃P恰好處于靜止狀態，能使塵埃P加速向上移動的方法是()A．把R1的滑片向上移動B．把R2的滑片向上移動C．把R2的滑片向下移動D．斷開電鍵S5、小黃用如圖所示的裝置做“驗證機械能守恒定律”實臉．關于該實驗，下列說法正確的是（）A．重錘的質量一定是越大越好B．必須用秒表測出重錘下落的時間C．把秒表測得的時間代入v=gt，計算重錘的速度D．釋放紙帶前，手捏住紙帶上端并使紙帶處于豎直6、用兩只完全相同的電流表分別改裝成一只電流表和一只電壓表。將它們串聯起來接入電路中，如圖所示，開關閉合時（）A．由于串聯，兩只電表的指針偏轉角相同B．由于電壓表內阻太大，兩只電表的指針都不偏轉C．電流表指針的偏轉角大于電壓表指針的偏轉角D．電流表指針的偏轉角小于電壓表指針的偏轉角二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，足夠長的光滑導軌傾斜放置，導軌寬度為L，其下端與電阻R連接；導體棒ab電阻為r，導軌和導線電阻不計，勻強磁場豎直向上．若導體棒ab以一定初速度v下滑，則關于ab棒下列說法中正確的為()A．所受安培力方向水平向右B．可能以速度v勻速下滑C．剛下滑的瞬間ab棒產生的電動勢為BLvD．減少的重力勢能等于電阻R上產生的內能8、關于地球同步衛星，下列說法中正確的是()A．同步衛星的周期與地球的公轉周期相等B．同步衛星的周期與地球的自轉周期相等C．同步衛星的高度是唯一的D．同步衛星可以定點在地球上空的任意位置9、如圖所示，三個小球的質量均為m，B、C兩球用輕彈簧連接后放在光滑的水平面上，A球以速度v0沿B、C兩球球心的連線向B球運動，碰后A、B兩球粘在一起．對A、B、C及彈簧組成的系統，下列說法正確的是A．機械能守恒，動量守恒B．機械能不守恒，動量守恒C．三球速度相等后，將一起做勻速運動D．三球速度相等后，速度仍將變化10、平行板電容器的一個極板與靜電計的金屬桿相連，另一個極板與靜電計金屬外殼相連，給電容器充電后，靜電計指針編轉一個角度，以下情況中，能使電靜電計指針偏角增大的有（）A．把兩板間的距離減小B．把兩板的正對面積減小C．在兩板間插入相對介電常數較大的電介質D．增大電容器所帶電荷量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學查閱資料發現鉛筆芯的電阻隨溫度的升高而變?。趯嶒炛?，他取一段長為16cm的鉛筆芯，用多用電表測量其電阻大約為4Ω.該同學要較精確地測量鉛筆芯的電阻，現有下列器材可供選擇：A．電源3V(內阻不計)B．電流表0－3A(內阻0.1Ω)C．電流表0－600mA(內阻0.5Ω)D．電壓表0－3V(內阻3kΩ)E．電壓表0－15V(內阻200kΩ)F．滑動變阻器(0－10Ω，1A)G．滑動變阻器(0－1kΩ，300mA)(1)除開關、導線外，實驗中要求能夠在電壓表上從零開始讀取若干組數據，需要選用的器材有：_______________(填寫字母代號)；(2)用筆畫線代替導線，在實物圖中連接實驗電路_________；(3)該同學記錄了實驗數據，并畫出了該鉛筆芯的伏安特性曲線，證實了鉛筆芯的電阻隨溫度的升高而減小，則該鉛筆芯的伏安特性曲線為下圖中的________．12．（12分）某同學在測定一未知電源的電動勢和內電阻實驗中，（1）他先用多用電表的直流電壓擋粗測未知電源的電動勢，下列操作正確的是_________；A．斷開電路，兩表筆并聯在未知電源兩端B．兩表筆串聯在電路中，然后閉合電路開關C．表筆并聯在未知電源兩端，然后閉合電路開關（2）按正確的操作，并使擋位開關指示如圖甲，電表表盤指針如圖乙所示。則正確讀數是________V；（3）該同學利用實驗室提供的其他器材進行實驗，以精確測定未知電源的電動勢和內電阻，并已經完成部分導線的連接，如圖丙。請你在實物接線圖中完成余下導線的連接，要求變阻器的滑動觸頭滑至最右端時，其使用電阻值最大。（______）（4）下表為某同學用上述方法測量該電池的電動勢和內電阻時的數據，分析可以發現電壓表測得的數據______，將影響實驗圖像的準確性，其原因是__________。I/A0.120.200.310.410.50U/V1.971.951.921.901.88四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一帶電荷量為＋q、質量為m的小物塊處于一傾角為37°的光滑斜面上，當整個裝置被置于一水平向右的勻強電場中，小物塊恰好靜止．重力加速度取g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：（1）水平向右電場的電場強度的大??；（2）若將電場強度減小為原來的，小物塊的加速度是多大；14．（16分）如圖所示,在光滑的水平面上有一質量為m0的長木板,以速度v0向右做勻速直線運動,將質量為m的小鐵塊輕輕放在木板上的A點,這時小鐵塊相對地面速度為零,小鐵塊相對木板向左滑動。由于小鐵塊和木板間有摩擦,最后它們之間相對靜止,已知它們之間的動摩擦因數為μ,問:(1)小鐵塊跟木板相對靜止時,它們的共同速度多大?(2)它們相對靜止時,小鐵塊與A點距離多遠?15．（12分）如圖所示，在水平面內有一個正三角形邊界和一個邊長為l、每條邊均為擋板的正六邊形邊界ABCDEF，在其六個頂點各開有一小孔，且正三角形邊界與正六邊形邊界的幾何中心重合.兩邊界之間的區域Ⅰ和六邊形邊界以內的區域Ⅱ均有垂直紙面向里的勻強磁場，三角形邊界以外為真空.區域Ⅰ磁感應強度大小為4B0，區域Ⅱ磁感應強度大小為B0.現有大量質量均為m、電量均為q的正電粒子(粒子直徑略小于小孔直徑)從A點以大小不同的速度v垂直于AB邊進入區域Ⅱ，若粒子與擋板撞擊則速度立刻減為0，不計粒子的重力與粒子間的相互作用力，則：(1)求能從頂點C由區域Ⅱ射入區域Ⅰ的粒子速度的大?。?2)求粒子最初從A點出發又回到A點經歷的最短路程;(3)為使所有粒子均不會從正三角形邊界中飛出，求正三角形邊界所圍的最小面積.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

由題意可知考查電磁感應和電流磁效應的應用，根據實驗原理分析可得。【詳解】A．甲圖是奧斯特實驗，說明電流周圍有磁場，故A錯誤；B．乙圖的實驗說明切圖割磁感應線能夠產生感應電流，其原理可制成發電機，故B正確；C．丙圖的實驗裝置把電能轉化為機械能，而電磁感應現象是把其它能轉化為電能，故C錯誤；D．丁圖中麥克風應用的是電磁感應原理，故D錯誤?！军c睛】電流磁效應特點：電流產生磁場，直線電流周圍的磁場可以用右手螺旋定則確定，電磁感應現象的特點：把其它能轉化為電能，產生的感應電流方向可以用右手定則判斷。2、B【解析】由圖可以知道b球碰前靜止,設碰撞前,a球的速度為,碰后a球速度為,b球速度為,物體碰撞過程中動量守恒,規定a的初速度方向為正,由動量守恒定律有:

;結合圖中說給數據可求得：

，故B正確；故選B

點睛：a、b碰撞過程中動量守恒,根據動量守恒定律列出方程,結合圖象信息即可求得兩球質量關系.3、C【解析】

A．線圈所圍面積為S，角速度是，所以線圈產生的交流電的電動勢的最大值是線圈從中性面的位置開始計時，所以時刻線圈中電流的瞬時值故A錯誤；BC．線圈中電流的有效值故B錯誤，C正確；D．線圈消耗的電功率故D錯誤。故選C。4、C【解析】試題分析:以油滴為研究對象進行受力分析可知，油滴靜止不動，所受電場力與重力平衡，即。題中R1沒有電流通過，故改變R1時對電路工作狀態無影響，粒子將靜止不動，故A錯誤；把R2的滑片向上移動，減小R2的阻值，R2的電壓變小，電容器電壓變小，電場力小于重力，粒子向下運動，故B錯誤；把R2的滑片向下移動，增大R2的阻值，R2的電壓變大，電容器電壓變大，電場力大于重力，粒子向上運動，故C正確；斷開電鍵S時，電容器與可變電阻構成閉合回路，電容器放電，油滴下落，故D錯誤?？键c：閉合電路歐姆定律5、D【解析】試題分析：理解該實驗的實驗原理，需要測量的數據等；明確打點計時器的使用；理解實驗中的注意事項以及如何進行數據處理；對于任何實驗注意從實驗原理、實驗儀器、實驗步驟、實驗數據處理、實驗注意事項這幾點去搞清楚．解：A、為了減小阻力的影響，重錘選擇質量大一些、體積小一些的，不是質量越大越好．故A錯誤．B、打點計時器可以測量重錘下落的時間，不需要用秒表測量．故B錯誤．C、該實驗是驗證機械能守恒定律的實驗．因為我們知道自由落體運動只受重力，機械能就守恒．如果把重物看成自由落體運動，再運用自由落體的規律求解速度，那么就不需要驗證了，故C錯誤．D、釋放紙帶前，手捏住紙帶上端并使紙帶處于豎直，從而減小紙帶與限位孔之間的摩擦．故D正確．故選：D．【點評】對于基礎實驗要從實驗原理出發去理解，要親自動手實驗，深刻體會實驗的具體操作，不能單憑記憶去理解實驗．在實驗中注意體會實驗的誤差來源，并能找到合適的方向去減小誤差．6、D【解析】

電流表改裝成電壓表是串聯較大的分壓電阻；電流表改裝成大量程電流表是并聯較小的分流電阻；兩表串聯后，通過電流表的總電流與電壓表的電流相等，由于電流表改裝成大量程電流表是并聯較小的分流電阻，所以大部分電流通過了分流電阻，通過表頭的電流很小，電流表指針的偏轉角小于電壓表指針的偏轉角，故ABC錯誤，D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】

導體棒ab以一定初速度下滑，導體棒和定值電阻組成的閉合回路磁通量減小，根據楞次定律，產生的感應電流自b到a，左手判斷安培力水平向右，選項A對．如下圖，若安培力和重力的合力垂直導軌向下，則沿導軌方向合力為0，即沒有摩擦力，那么導體棒將做勻速直線運動，選項B對．剛下滑瞬間速度在垂直磁場的分速度為，所以產生的感應電動勢為,選項C錯．下滑過程重力勢能減少，感應電流在電阻上產生焦耳熱，還可能伴隨動能的增加，即使沒有動能的增加，減少的重力勢能也應該等于和上面產生的熱量選項D錯．8、BC【解析】

A．同步衛星的周期與地球的自轉周期相等，選項A錯誤，B正確；C．根據萬有引力提供向心力，列出等式：其中R為地球半徑，h為同步衛星離地面的高度。由于同步衛星的周期必須與地球自轉周期相同，所以T為一定值，根據上面等式得出：同步衛星離地面的高度h也為一定值。故C正確。D．它若在除赤道所在平面外的任意點，假設實現了“同步”，那它的運動軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個平面上，這是不可能的，同步衛星只能定點在赤道的上空，故D錯誤。9、BD【解析】

AB．在整個運動過程中，系統的合外力為零，總動量守恒，A與B碰撞過程機械能減小，故B正確，A錯誤．CD．當小球B、C速度相等時，彈簧的壓縮量最大，彈性勢能最大．之后彈簧逐漸伸長，C加速，AB減速，直到彈簧到原長，故C錯誤，D正確．10、BD【解析】

A．減小板間距離d，根據電容的決定式分析得知，電容C增大，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢差U減小，則靜電計的指針偏角變小，故A項錯誤；B．減小極板正對面積，根據電容的決定式，分析得知，電容C減小，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢差U增大，則靜電計的指針偏角變大，故B項正確；C．在兩板間插入相對常數較大的電介質，根據電容的決定式，分析得知，電容C增大，而電容器的帶電量Q不變，由分析得知，板間電勢差U減小，則靜電計的指針偏角變小，故C項錯誤；D．增大電容器所帶電荷量，由公式可知，板間電勢差U增大，則靜電計的指針偏角變大，故D項正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)ACDF(2)電路如圖；(3)C【解析】試題分析：（1）電源電動勢為3V，故電壓表選D，電流，若選取3A量程，則指針偏轉不及刻度的，誤差較大，故電流表選C，滑動變阻器分壓接法，選取小電阻即可，故選擇器材為：ACDF．（2）電壓表上從零開始讀取，所以選擇滑動變阻器分壓接法，被測電阻為小電阻，電流表用外接，如圖：（3）鉛筆芯的電阻隨溫度的升高而減小，則I-U圖象的斜率越來越大，故選C．【點睛】解決本題的關鍵掌握電流表的內外接問題和滑動變阻器的分壓限流接法，知道什么情況下用什么接法．12、A2.20變化范圍很小電源內阻太小【解析】

(1)[1]要測電源電動勢需要將電源與外電路斷開才行，故A正確.(2)[2]由圖可知電壓表量程選擇2.5V，最小分度為0.05V，故讀數為2.20V.(3)[3]由題意滑動觸頭滑至最右端時，其使用電阻值最大，所以電路圖如圖所示：(4)[4][5]由表中數據分析可知數據的變化范圍都比較小，不能完整的描繪圖像，影響實驗圖像的準確性，造成原因因為電源內阻較小，所以電壓變化范圍較小.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）0.3g【解析】

（1）建立如圖所示坐標系，對物體進行受力分析，根據平衡列方程：

在x軸方向：F合x=Fcosθ-mgsinθ=0在y軸方向：F合y=FN-mgcosθ-Fsinθ=0聯列代入θ=37°得：在電場中電場力F=qE可得電場強