2025屆北京市第四十四中學物理高二上期末聯考試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于家用電器工作時發生能量轉化的描述，下列說法正確的是()A.電飯煲將內能轉化為電能B.電熨斗將機械能轉化為電能C.手搖發電機將機械能轉化為電能D.電吹風將機械能轉化為電能2、下列說法不正確的是（）A.牛頓定律適用于宏觀、低速、弱作用力領域B.17世紀，牛頓把天空中的現象與地面上的現象統一起來，成功的解釋了天體運動的規律C.牛頓巧妙的利用扭秤實驗測量出了引力常量G=6.67×10-11N.m2/KgD.一旦測出了引力常量，就可以算出地球的質量3、用電流表和電壓表測量電阻的電路如圖所示，其中為待測電阻．電表內阻對測量結果的影響不能忽略，下列說法中正確的是()A.電流表的示數小于通過Rx的電流B.電流表的示數大于通過Rx的電流C.電壓表的示數小于Rx兩端的電壓D.電壓表的示數大于Rx兩端的電壓4、如圖所示，兩個帶等量正電荷的小球與水平放置的光滑絕緣桿相連，并固定在垂直紙面向外的勻強磁場中，桿上套有一個帶正電的小環，帶電小球和小環都可視為點電荷．若將小環從圖示位置由靜止開始釋放，在小環運動的過程中，說法正確的是A.小環的加速度的大小不斷變化B.小環的速度將一直增大C.小環所受的洛倫茲力一直增大D.小環所受的洛倫茲力方向始終不變5、如圖所示，虛線為兩磁場的邊界，左側磁場垂直紙面向里，右側磁場垂直紙面向外，磁感應強度大小均為B。一邊長為L、電阻為R的單匝正方形導體線圈abcd，水平向右運動到圖示位置時，速度大小為v，則（）A.ab邊受到的安培力向左，cd邊受到的安培力向右B.ab邊受到的安培力向右，cd邊受到的安培力向左C.線圈受到的安培力的大小為D.線圈受到的安培力的大小為6、A、B兩物體在同一直線上運動，t=0時在同一位置，它們的v-t圖像如圖所示，下列說法正確的是()A.0~20s，A在B的前面，20~40s，B在A的前面B.20s末，A、B在同一位置，且A、B速度相等C.40s末，A、B在同一位置，A的速度大于B的速度D.40s末，A、B之間的最大距離是50m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用一根橫截面積為S、電阻率為ρ的硬質導線做成一個半徑為r的圓環，ab為圓環的一條直徑．如圖所示，在ab的左側存在一個勻強磁場，磁場垂直圓環所在平面，方向如圖，磁感應強度大小隨時間的變化率則A.圓環中產生逆時針方向的感應電流B.圓環具有擴張的趨勢C.圓環中感應電流的大小為D.圖中a、b兩點間的電勢差8、中國宋代科學家沈括在《夢溪筆談》中最早記載了地刺偏角：“以磁石磨針鋒，則能指南，然常微偏東，不全南也。”進一步研究表明，地球周圍地磁場的磁感線分布示意如圖，結合上述材料，下列說法正確的是()A.地理南、北極與地磁場的南、北極不重合B.地球內部也存在磁場，地磁南極在地理北極附近C.地球表面任意位置的地磁場方向都與地面平行D.形成地磁場的原因可能是帶負電的地球自轉引起的9、如圖，小燈泡L1與電動機M并聯，再與小燈泡L2串聯接在電源上。閉合電鍵K，此時兩盞小燈泡都剛好正常發光，且電動機正常轉動。已知小燈泡L1額定電壓6V、額定功率6W，小燈泡L2額定電壓3V、額定功率9W，電源內阻r=1Ω，電動機內阻R=1Ω。則下列說法中正確的是A.通過電動機M的電流為3A B.電源的電動勢為9VC.電動機M的輸出功率為8W D.電源內阻消耗的熱功率為9W10、空間中有足夠大的垂直紙面向里的勻強磁場，矩形線框abcd在磁場中，如圖所示，以下操作中可以使線框中產生感應電流的是（）A.水平向右加速運動B.以ab為軸旋轉C.以bd連線為軸旋轉D.以ac、bd連線交點o為軸在平面內旋轉三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用電流表和電阻箱測量電池組的電動勢和內阻.(1)請在虛線框中畫出實驗的電路圖______(2)實驗的主要步驟如下：①檢查并調節電流表指針指零，將開關S斷開，按照電路圖連線②調節電阻箱R的阻值至________③將開關S閉合，逐漸調節只使電流表指針有足夠的偏轉，記下此時的電阻箱的阻值和電流表的示數④改變及的阻值，測出幾組I隨R變化的數據，作出R—1/I的圖線如圖所示(3)由作出R—1/I的圖線可求得電動勢E=________V，內阻r=________Ω.(結果保留兩位有效數字)12．（12分）某同學研究小燈泡的伏安特性，所使用的器材有：小燈泡L（額定電壓3.8V，額定電流0.32A）；電壓表V（量程3V，內阻3kΩ）；電流表A（量程0.5A，內阻0.5Ω）；固定電阻R0（阻值1000Ω）；滑動變阻器R（阻值0~9.0Ω）；電源E（電動勢5V，內阻不計）；開關S；導線若干。（1）實驗要求能夠實現在0~3.8V的范圍內對小燈泡的電壓進行測量，滑動變阻器R是_________（填“限流式”或“分壓式”）接法。（2）實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示:由實驗曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻_________（填“增大”“不變”或“減小”）燈絲的電阻率__________（填“增大”“不變”或“減小”）。（3）用另一電源E0（電動勢6V，內阻1.00Ω）和題給器材連接成圖（b）所示的電路，調節滑動變阻器R的阻值，可以改變小燈泡的實際功率。閉合開關S，在R的變化范圍內，小燈泡的最小功率為______W.（結果保留2位有效數字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，平行光滑長導軌處于同一水平面內，相距為l，電阻不計，左端與阻值為R的電阻相連．金屬桿質量為m，電阻為r，垂直于兩導軌放置，整個裝置放在豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場中．現對桿施加一水平向右的恒定拉力F，使它由靜止開始運動．求：(1)當桿的速度為v時，桿的加速度a；(2)桿穩定時的速度；(3)若桿從靜止到達穩定的過程中，桿運動的距離為s，則此過程回路中產生的熱量Q為多少？14．（16分）導軌式電磁炮是利用磁場對電流的作用力，把電能轉變成機械能的發射裝置。如圖為一電磁炮模型，把兩根長為S0=100m，互相平行的銅制軌道放在垂直于軌道平面的磁場中，磁感應強度B=2.0×10-5T；質量m=2.0g的彈體（包括金屬桿PQ的質量）靜止在軌道之間的寬L=2m的金屬架上，通電后通過彈體的電流I=10A，彈體在運動過程中所受的阻力f恒為4.0×10-5N，求：(1)彈體最終以多大的速度v離開軌道？(2)求彈體在S=25m處安培力的瞬時功率P？15．（12分）足夠長的兩光滑水平導軌間距L＝1.0m，導軌間接有R=2.5Ω的電阻和電壓傳感器。電阻r＝0.5Ω、質量m＝0.02kg的金屬棒ab，在恒力F＝0.5N的作用下沿導軌由靜止開始滑動，導軌的電阻忽略不計。整個裝置處于豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度的大小B＝1.0T。（1）請判別通過金屬棒ab的電流方向；（2）寫出電壓傳感器兩端的電壓U與金屬棒ab速度v的關系式；（3）若F作用2.0m時，金屬棒ab已達到最大速度，求這一過程中拉力功率的最大值及金屬棒ab產生的焦耳熱。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A、電飯煲、電熨斗都是將電能轉化為內能，故選項AB錯誤；C、手搖發電機是將機械能轉化為電能，故選項C正確；D、電吹風是將電能轉化為風能，故選項D錯誤2、C【解析】牛頓運動定律適用于宏觀、低速、弱作用力領域，不適用微觀、高速、強相互作用，A正確；根據牛頓對萬有引力的研究史，B正確；卡文迪許利用扭秤實驗測量出了引力常量G=6.67×10-11N.m2/Kg，C錯誤；由萬有引力公式，，D正確；3、B【解析】電壓表測量的是與其并聯電路的電壓值，電流表測量的是與之串聯電路的電流值，據此分析問題同；【詳解】A、由電路圖可知，實驗采用電流表外接法，電流表所測電流等于通過電阻的電流與通過電壓表的電流之和，電流表的示數大于通過的電流，故A錯誤，B正確；C、由電路圖可知，電壓表與待測電阻并聯，測量待測電阻兩端電壓，電壓表的示數等于兩端的電壓，故CD錯誤4、A【解析】小球開始受到Q2對它的庫侖力大于Q1對它的庫侖力，所以先向左運動，運動的過程中受到洛倫茲力，通過受力情況，知小球向左先加速后減速到0．然后又返回．小球在水平方向上受到兩個庫侖力作用，在豎直方向上受洛倫茲力和桿子對球的彈力．根據受力情況知，小球向左先加速后減速到0．然后又返回．加速度的大小在變，速度的大小和方向都在變，知洛倫茲力的大小和方向都變化．小球的速度向左先增大后減?。蔬xA。5、D【解析】AB．線框的左右兩邊分別切割兩磁場產生的動生電動勢由右手定則可找出方向，如圖所示兩動生電源串聯，總電流為順時針方向，再由左手定則可得ab邊受到的安培力向左，cd邊受到的安培力向左，故AB錯誤；CD．線框的電動勢為，則電流為兩個安培力力之和為線框受到的安培力故C錯誤，D正確。故選D。6、C【解析】A.開始階段，A的速度較大，A跑在甲的前面，20s后的一段時間內，B的速度較大，A仍在B的前面，直到40s末兩者相遇，故A錯誤B.在第20s末兩物體速度相等，由圖線的“面積”看出，這段時間內A的位移大于B的位移，B還沒有追上A，故B錯誤C.由圖可知，40s末兩者位移相等，此時A、B在同一位置，A的速度大于B的速度，故C正確D.在追上前，速度相等時，相距最遠，故20s末相距最遠，40s末時兩物體相遇，距離為0，故D錯誤；故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A.磁通量向里減小，由楞次定律“增反減同”可知，線圈中的感應電流方向為順時針，故選項A不符合題意；B.由楞次定律的“來拒去留”可知，為了阻礙磁通量的減小，線圈有擴張的趨勢，故選項B符合題意；C.由法拉第電磁感應定律可知：線圈電阻，感應電流，故選項C不符合題意；D.與閉合電路歐姆定律可知兩點間的電勢差為，故選項D符合題意；8、ABD【解析】A．根據題意可知，地理南、北極與地磁場存在一個夾角，為磁偏角，故兩者不重合，故A正確；B．地磁場的北極在地理南極附近，地磁場的南極在地理北極附近，且地球內部也存在磁場，由地磁場的南極指向地磁場的北極，故B正確；C．由于地磁場的磁場方向沿磁感線切線的方向，故只有赤道處地磁場的磁場方向才與地面平行，故C錯誤；D．地球自轉方向自西向東，地球的南極是地磁場的北極，由安培定則判斷可知地球是帶負電的，故D正確。故選ABD。9、CD【解析】A．兩盞小燈泡都剛好正常發光，所以小燈泡L1中的電流為小燈泡L2中的電流為電動機中的電流為故A錯誤；B．由閉合電路歐姆定律得故B錯誤；C．電動機M的輸出功率為故C正確；D．電源內阻消耗的熱功率為故D正確。故選CD。10、BC【解析】A．水平向右加速運動時，穿過線圈的磁通量不變，不會有感應電流，選項A錯誤；B．以ab為軸旋轉，穿過線圈的磁通量變化，會有感應電流，選項B正確；C．以bd連線為軸旋轉，穿過線圈的磁通量變化，會有感應電流，選項C正確；D．以ac、bd連線交點o為軸在平面內旋轉，穿過線圈的磁通量不變，不會有感應電流，選項D錯誤；故選BC.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.最大值③.2.5④.1.0【解析】（1）根據實驗原理作出實驗電路圖（2）為保護電路安全閉合開關前電阻箱阻值應調到最大，根據實驗步驟與實驗注意事項分析答題（3）應用歐姆定律求出圖象的函數表達式，然后根據圖象求出電源電動勢與內阻【詳解】（1）應用安阻法測電源電動勢與內阻實驗，電源、電流表與電阻箱組成串聯電路，實驗電路圖如圖所示：（2）②為保護電路安全，調節電阻箱R的阻值至最大值（3）由圖示電路圖可知，電源電動勢：E=I（r+R），則R=E-r，由圖示R-圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值為-1，則電源內阻：r=1.0Ω，電源電動勢：；【點睛】本題考查了實驗注意事項、實驗步驟、求電源電動勢與內阻，知道實驗原理與實驗注意事項、根據歐姆定律求出圖象的函數表達式即可正確解題12、①.分壓式②.增大③.增大④.0.89【解析】（1）[1]．因本實驗需要電流從零開始調節，因此應采用滑動變阻器分壓接法；（2）[2][3]．I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，故說明電阻隨電流的增大而增大；其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大；（3）[4]．當滑動變阻器阻值全部接入時，燈泡的功率最小，將R等效為電源內阻，則電源電動勢為6V，等效內阻為10Ω；則有：U=6-10I；作出電源的伏安特性曲線如圖中實線所示；由圖可知，燈泡電壓為U=3.1V，電流I=290mA=0.29A，