2025屆山西省應縣一中高二物理第一學期期中聯考模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，根據圖像，六面體真空盒置于水平面上，它的ABCD面與EFGH面為金屬板，其他面為絕緣材料．ABCD面帶負電，EFGH面帶正電．從小孔P沿水平方向以相同速率射入三個帶負電的小球A、B、C，最后分別落在1、2、3三點，則下列說法正確的是（）A．液滴C質量最大B．液滴A落到底板時的速率一定最小C．三個液滴的運動時間不一定相同D．三個液滴在真空盒中都做平拋運動2、如圖所示，實線表示某電場中的電場線，A、B為電場中兩點，關于A、B兩點的電場強度EA、EB的關系，下列判斷中正確的是A．EA＜EB B．EA＞EBC．EA＝EB D．無法判斷3、關于電流的概念，下列說法中正確的是（）A．通過導體橫截面的電荷量越多，電流越大B．電子的定向移動速率越大，電流越大C．單位時間內通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大D．橫截面積越大，電流越大4、汽車電動機啟動時車燈會瞬時變暗，如圖15圖，在打開車燈的情況下，電動機未啟動時電流表讀數為10A,電動機啟動時電流表讀數為58A,若電源電動勢為12.5V，內阻為0.05Ω,電流表內阻不計，則因電動機啟動，車燈的電功率降低了A．35.8W B．43.2W C．48.2W D．76.8W5、如圖所示的電路中，閉合開關S后，燈L1和L2都正常發光，后來由于某種故障使燈L2突然變亮，電壓表讀數增加，由此推斷，故障可能是（）A．L1燈絲燒斷 B．電阻R2斷路C．電阻R2短路 D．電容器被擊穿短路6、真空中有兩個點電荷帶同種電荷q1、q2，它們相距較近，保持靜止狀態，今釋放q2，且q2只在q1的庫侖力的作用下運動，則q2在運動過程中受到的庫侖力（）A．不斷減小 B．不斷增大C．始終保持不變 D．先增大后減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、為了測定一個水平向右的勻強電場的場強大小，小明所在的物理興趣小組做了如下實驗：用長為L的絕緣輕質細線，上端固定于O點，下端拴一質量為m、帶電荷量為＋q的小球（可視為質點），如圖所示，開始時，將線與小球拉成水平，然后釋放，小球由靜止開始向下擺動，擺到B點時速度恰好為零，然后又從B點向A點擺動，如此往復．小明用測量工具測量與水平方向所成的角度θ，剛好為60°．不計空氣阻力，下列說法中正確的是A．在B點時小球受到的合力為0B．電場強度E的大小為C．小球從A運動到B，重力勢能減小D．小球在下擺的過程中，小球的重力勢能和電勢能之和先減小后增大8、地球赤道上有一物體隨地球一起自轉做圓周運動，所需的向心力是F1，向心加速度為a1,線速度為v1，角速度為ω1;繞地球表面附近做圓周運動的人造衛星(離地高度可忽略)所需的向心力為F2，向心加速度為a2,線速度為v2,角速度為ω2;地球同步衛星所需的向心力為F3，向心加速度為a3,線速度為v3,角速度為ω3;地球表面重力加速度為g,第一宇宙速度為v，假設三者質量相等，則正確的是()A． B．C． D．9、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中的四個水平的等差等勢面，相鄰等勢面間的距離均為2.5cm，已知B等勢面，上的電勢為零。一個電子從D等勢面，上的P點以初動能Ek=20eV進入電場，剛好從N點離開電場，離開時，N點的動能為5eV，Ep表示電子在電場中的電勢能。下列說法正確的是A．結合電子的運動軌跡和等勢面可知，電子在該勻強電場中的受力方向水平向右B．該勻強電場的場強為200V/mC．該粒子經過等勢面C時的動能為10eVD．該粒子從P到N的過程，10、歐姆表是由表頭、干電池和調零電阻等串聯而成的，有關歐姆表的使用和連接，正確的A．測電阻前要使紅黑表筆相接，調節調零電阻，使表頭的指針指零B．紅表筆與表內電池的正極相接，黑表筆與表內電池的負極相接C．紅表筆與表內電池的負極相接，黑表筆與表內電池的正極相接D．測電阻時，表針偏轉角越大，待測阻值越大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“用雙縫干涉測光的波長”實驗中，準備了下列器材：A．白熾燈B．雙縫片C．單縫片D．濾光片E.毛玻璃光屏（1）將以上器材安裝在光具座上時，自光源起合理的順序依次是（填所選器材前的字母）：D、_________、___________、E.（2）在實驗中，手輪上前后兩次示數情況如圖，其中表示a紋位置的手輪讀數為______mm．（3）如果上述實驗中雙縫片與光屏間距為0.500m，所用的雙縫片是相距0.18mm規格的，則實驗中所用單色光的波長為___________nm.（保留三位有效數）12．（12分）某同學設計了一個監測河水電阻的實驗．他在一根均勻的長玻璃管兩端裝上兩個橡膠塞和鉑電極，如圖甲所示，其間充滿待測的河水．為了測量水柱的電阻．他選用了以下儀器：量程為15V、內阻約為300kΩ的電壓表，量程為、內阻約為50Ω的電流表，最大阻值為1kΩ的滑動變阻器，電動勢E=12V、內阻r=6Ω的電池組、開關各一個以及導線若干．圖乙所示坐標系中包括坐標為（0,0）的點在內的9個點表示他測得的9組電流I、電壓U的值．根據以上材料完成下列問題：利用乙圖圖象可得到水柱的電阻______保留兩位有效數字，在丙圖中畫出測量電阻的電路圖______圖丁所示的儀器部分已連線，請將其他部分連接成能測出圖丁中數據的實物連接圖．______開關閉合前滑動變阻器的滑片應先滑至______端填：“A”或“B”．該實驗存在著系統誤差，系統誤差的結果會造成測量值______真實值填：“大于”或“小于”．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）兩個質量都為m的小球a、b，帶電量分別為+q、-q。在方向豎直向下的勻強電場中的M點以大小相同的速率，分別沿電場方向和垂直電場方向同時拋出，到達N、P兩點的時間之比為1∶2，如圖，小球b在P點的速度方向與電場方向的夾角為30度，重力加速度為g，求該勻強電場的場強E的大小。（提示:假設初速度為v，MN距離為L，從M到N的時間為t）14．（16分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長為L＝8cm，兩板間距離d＝8cm，A板比B板電勢高，且兩板間電壓大小為U=300V，一帶正電的粒子電荷量為q＝1.0×10－10C、質量為m＝1.0×10－20kg，沿電場中心線RO垂直電場線飛入電場，初速度v0＝2.0×106m/s，粒子飛出電場后經過界面MN、PS間的無電場區域，然后進入固定在O點的點電荷Q形成的電場區域（設界面PS右側點電荷的電場分布不受界面的影響）。已知兩界面MN、PS相距為s1=12cm，D是中心線RO與界面PS的交點，O點在中心線上，距離界面PS為s2=9cm，粒子穿過界面PS做勻速圓周運動，最后垂直打在放置于中心線上的熒光屏bc上。（靜電力常量k＝9.0×109N·m2/C2，粒子的重力不計）（1）在圖上粗略畫出粒子的運動軌跡；（2）求粒子穿過界面MN時偏離中心線RO的距離為多遠；到達PS界面時離D點為多遠；（3）確定點電荷Q的電性并求其電荷量的大小。（計算結果保留兩位有效數字）15．（12分）平行金屬板A、B豎直放置，相距為d，如圖（a）所示，板間加有隨時間而變化的電壓，如圖（b）所示。設U0和T已知。A板上O處有一靜止的帶電粒子，其電量為q，質量為m（不計重力）,在t=0時刻開始受板間電場作用而加速向B板運動，途中由于電場反向又向A返回，(1)為使t=T時粒子恰好回到O點。求：①t1=時，粒子的速度多大？位移多大？②的比值應滿足什么關系？(2)具備了以上關系后，為使粒子在由A向B運動中不致于碰到B板，求U0的取值范圍。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A.由圖看出，水平位移的關系為x3>x2>x1，初速度v0相同，運動時間相同，由位移公式：得知加速度的關系為：a3>a2>a1，由于液滴所帶電荷量多少未知，質量關系無法確定，故A錯誤；B.由于運動時間相同，落到地板時豎直速度相等，液滴A的水平位移最小，所以落到地板時A的水平速度最小，所以液滴A落到底板時的速率最小。故B正確；C.運用運動的分解法可知，三個液滴水平方向都做勻加速直線運動，豎直方向做自由落體運動，根據公式，知，由于豎直方向的分位移大小y相等，所以三個液滴運動時間一定相等，故C錯誤；D.由于真空盒內有水平向右的電場，三個液滴在電場中均受到向右的電場力，不可能做類平拋運動，故D錯誤。故選：B。2、A【解析】

電場線的疏密反映場強的大小，可知A點電場強度小于B點的電場強度，即EA＜EB，故選A．3、C【解析】根據可知，通過導體橫截面的電荷量越多，電流不一定越大，選項A錯誤；根據I=neSv可知，電子的定向移動速率越大，電流不一定越大，選項B錯誤；根據可知，單位時間內通過導體橫截面的電荷量越多，導體中的電流越大，選項C正確；根據I=neSv可知，橫截面積越大，電流不一定越大，選項D錯誤；故選C.4、B【解析】

電動機未啟動時，U燈＝E－I1r＝（12.5－10×0.05）V＝12V，車燈功率P燈＝U燈I1＝120W；電動機啟動時，U燈′＝E－I2r＝（12.5－58×0.05）V＝9.6V，設車燈阻值不變，由P＝，可得P′＝（）2×P燈＝（）2×120W＝76.8W，電功率的減少量ΔP＝P－P′＝（120－76.8）W＝43.2W，選項B正確．5、B【解析】

A．L1燈絲燒斷導致總電阻增大，總電流減小，L2變暗，不符合題意，故A錯誤.B．電阻R2斷路，導致總電阻增大，總電流減小，L1兩端電壓減小，而路端電壓增大，則L2兩端電壓增大，L2變亮，故B正確.C．電阻R2短路，L2不亮，故C錯誤.D．電容器被擊穿短路，外電路總電阻減小，總電流增大，內電壓增大，路端電壓減小，電壓表讀數減小，L2變亮，故D錯誤.6、A【解析】

帶電相同的小球受斥力作用，因此距離越來越遠，由于電量保持不變，根據可知距離增大，電場力將逐漸減小，故BCD錯誤，A正確。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

A．小球在B點受重力豎直向下，電場力水平向右，故合力一定不為零，故A錯誤；B．小球由A到B的過程中，由動能定理可得：mgLsinθ-EqL（1-cos60°）=0則電場強度的大小為故B正確；C．小球從A運動到B，重力做正功，W=mgh=mgLsinθ，故重力勢能減小故C正確；D．小球在下擺過程中，除重力做功外，還有電場力做功，故機械能不守恒，但機械能和電勢能總能量之和不變，因為球在下擺的過程中，動能先增加后減小，則小球的重力勢能和電勢能之和先減小后增大，故D正確。8、CD【解析】

A．根據題意三者質量相等，軌道半徑：物體與近地衛星比較，由于赤道上物體受引力和支持力的合力提供向心力，而近地衛星只受萬有引力提供向心力，故：跟根據萬有引力公式：比較近地衛星與同步衛星可知：物體和同步衛星角速度相同，根據向心力公式：可知：所以有：故A錯誤；B．由選項A的分析知道向心力關系，故由牛頓第二定律，可知：故B錯誤；C．比較近地衛星和同步衛星，根據萬有引力提供向心力有：得：可知：比較物體和同步衛星，因為角速度相等，故：可得：所以有：根據第一宇宙速度計算式可知：故C正確；D．同步衛星與地球自轉同步，故：根據周期公式：可知衛星軌道半徑越大，周期越大，故：再根據：有：故D正確；故選CD.9、BD【解析】

A．電場線垂直于等勢面，電子受力方向應該是豎直向下，電場線方向豎直向上；故A錯誤。B．一個電子從D等勢面上的P點以初動能Ek=20eV進入電場，剛好從N點離開電場，離開時，N點的動能為5eV，EP表示電子在電場中的電勢能，則電勢能增加了15eV，電場力做負功W=-15eV，根據W=EedAD知故B正確。C．根據W=Eed，知每降落相同的電勢差電場力做功相等，所以該粒子經過等勢面C時的動能為20eV-5eV=15eV；故C錯誤。D．從P到N的過程只有電場力做功，發生動能和電勢能的轉化，所以動能和電勢能總和守恒，△Ek+△Ep=0故D正確。故選BD。10、AC【解析】

A．使用歐姆表測電阻確定合適的擋位后要進行歐姆調零，要使紅黑表筆相接，調節調零旋鈕，使表頭的指針指向歐姆刻度的零處，故A正確；BC．紅表筆與表內電池負極相接，黑表筆與表內電池正極相連接，故B錯誤，C正確；D．歐姆表零刻度線在最右側，測電阻時，表針偏轉角度越大，待測電阻值越小，故D錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）CB（2）1.789（3）567【解析】

雙縫干涉測光的波長，首先需要單色光，讓單色光通過雙縫在光屏上形成干涉圖樣；螺旋測微器的讀數等于固定刻度讀數加上可動刻度讀數，需估讀；根據雙縫干涉條紋的間距公式去求單色光的波長；【詳解】(1)雙縫干涉實驗讓單色光通過雙縫在光屏上形成干涉圖樣，所以讓白熾燈光通過濾光片，再經過單縫形成單色光，再通過雙縫，故自光源起合理的順序是ADCBE；(2)圖甲中螺旋測微器固定刻度為1.5mm，可動刻度為0.01×28.9mm=0.289mm，最終讀數為；圖乙中的螺旋測微器固定刻度為4.5mm，可動刻度讀數為0.01×44.0=0.440mm，最終讀數為；(3)干涉條紋的間距，根據雙縫干涉條紋的間距公式得；12、A大于【解析】

用直尺將圖象中的點連接起來，讓不在直線上的點均勻分布在直線的兩側，如圖所示，通過求斜率可求出電阻為：；由于，所以電流表應用內接法，又因為滑動變阻器最大電阻遠小于待測電阻值，故變阻器應用分壓式接法，電路圖如圖根據原理圖連接實物圖，如圖所示為保護電流表，開關閉合前應使變阻器的輸出電壓為零，故應將滑片滑至A端．由于電流表采用內接法，電流準確，而電壓表測得是被測電阻和電流表的總電壓，所以偏大，根據歐姆定律知被測電阻偏大．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】試題分析：由題意可知，a小球做豎直向下的勻加速運動，b球做類平拋運動，根據各自的運動規律分別寫出兩個小球的運動方程即可解題。設初速度為v，MN距離為L，從M到N的時間為t對小球a，根據牛頓第二定律有：豎直方向運動的距離為：對b球：根據牛頓第二定律有：水平方向做勻速直線運動：豎直方向勻加速運動：且聯立可得：代入解得：點睛：本題主要考查了兩小球在同一電