2021-2022學年高一物理下期末模擬試卷注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，一可看做質點的小球從一臺階頂端以4m/s的水平速度拋出，每級臺階的高度和寬度均為1m，如果臺階數足夠多，重力加速度g取10m/s2，則小球將落在標號為幾的臺階上()A．3B．4C．5D．62、(本題9分)關于重力做功與重力勢能變化的關系，下列說法正確的是（）A．如果物體高度降低，則重力對物體做正功，物體的重力勢能增加B．如果物體高度降低，則重力對物體做負功，物體的重力勢能減少C．如果物體高度升高，則重力對物體做負功，物體的重力勢能增加D．如果物體高度升高，則重力對物體做正功，物體的重力勢能減少3、(本題9分)關于做勻速圓周運動物體的向心加速度方向，下列說法正確的是（）A．始終指向圓心B．與線速度方向始終相反C．與線速度方向始終相同D．始終保持不變4、(本題9分)下列說法中正確的是A．1號干電池與5號干電池的電動勢相等、容量相等B．電動勢是反映電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱的物理量C．電動勢公式E＝中的W與電壓U＝中的W是一樣的，都是非靜電力做的功D．電動勢就是電源兩極間的電壓5、(本題9分)對于某一電解電容器，下列說法中正確的是A．電容器帶電荷量越多，電容越大B．電容器兩極板間電壓越小，電容越大C．電容器的電容與所帯電荷量成正比，與極板間的電壓成反比D．隨電容器所帶電荷量的增加，電容器兩極板間的電壓也增大6、如圖所示，為齒輪傳動裝置示意圖，A、B兩點均位于齒輪的邊緣，則下列說法中正確的是（）A．vA>vB B．ωA>ωBC．vA=vB D．ωA=ωB7、(本題9分)如圖所示，相同的乒乓球1、2恰好在等高處水平越過球網，不計乒乓球的旋轉和空氣阻力，乒乓球自最高點到落臺的過程中，下列說法正確的是()A．過網時球1的速度大于球2的速度B．球1的飛行時間等于球2的飛行時間C．球1的速度變化率等于球2的速度變化率D．落臺時，球1的重力功率大于球2的重力功率8、關于地球同步衛星，下列說法正確的是(）A．離地面的高度一定B．軌道平面不一定在赤道平面內C．線速度小于7.9km/sD．向心加速度大于9.8m/s29、(本題9分)在下列幾種情況中，甲乙兩物體的動能相等的是()A．甲的質量是乙的4倍，甲的速度是乙的一半B．甲的速度是乙的2倍，甲的質量是乙的一半C．甲的質量是乙的2倍，甲的速度是乙的一半D．質量相同，速度大小也相同，但甲向東運動，乙向西運動10、如圖所示，質量M，中空為半球型的光滑凹槽放置于光滑水平地面上，光滑槽內有一質量為m的小鐵球，現用一水平向右的推力F推動凹槽，小鐵球與光滑凹槽相對靜止時，凹槽圓心和小鐵球的連線與豎直方向成α角．重力加速度為g，則下列說法正確的是A．小鐵球受到的合外力方向水平向左B．凹槽對小鐵球的支持力為C．系統的加速度為D．推力11、如圖所示，小球從B點由靜止釋放，擺到最低點C的時間為，從C點向右擺到最高點的時間為.擺動過程中，如果擺角始終小于5°，不計空氣阻力。下列說法中正確的是（）A．，擺線碰釘子的瞬間，小球的速率變小B．,擺線碰釘子的瞬間，小球的速率不變C．,擺線碰釘子的瞬間，小球的速率變小D．，擺線碰釘子的瞬間，小球的加速度變大12、(本題9分)如圖所示，圖線AB是某電源的路端電壓隨電流變化的關系圖線，OM是固定電阻R兩端的電壓隨電流變化的圖像，由圖可知A．固定電阻R的阻值為1ΩB．該電源的內阻為2ΩC．該電源的短路電流為1AD．當該電源只對電阻R供電時，電源的輸出功率最大二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)某同學采用DIS做“研究加速度和力的關系”這一實驗，該實驗裝置如圖甲所示．若DIS按圖示方式顯示得到了圖乙所示的實驗圖象，請回答下列問題：（1）由圖線中OA段可得出的實驗結論是__________________________________．（2）造成圖線中AB段明顯偏離直線的主要原因是_____________（填選項前的字母）A．小車與軌道之間存在摩擦B．所掛鉤碼的總質量太大C．所用小車的質量太大14、（10分）(本題9分)某同學用圖所示的實驗裝置“驗證機械能守恒定律”，圖是用6V、50Hz的打點計時器打出的一條無漏點的紙帶，0點為重錘下落的起點，選取的計數點A、B、C、D到0點的距離在圖中已標出，重力加速度g取，若重錘的質量為計算結果保留兩位有效數字．打點計時器打出B點時，重錘下落的速度______，重錘的動能______J．從起點0到打下B點過程中，重錘的重力勢能的減小量為______J．根據、計算，在誤差允許范圍內，從起點O到打下B點過程中，你得到的結論是______．圖是根據某次實驗數據繪出的圖象，圖線不過坐標原點的原因是______．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)在真空中的O點放一個點電荷c,直線MN通過O點,OM的距離r=30cm,M點放一個點電荷c,靜電力常量如圖,求:（1）在電荷Q產生的電場中，M、N兩點哪點的電勢高?q在M、N兩點哪點的電勢能大?.（2）q在M點受到的電場力.（3）點電荷Q在M點產生的場強.16、（12分）(本題9分)如圖所示，豎直平面內的一半徑R=0.50m的光滑圓弧槽BCD，B點與圓心O等高，一水平面與圓弧槽相接于D點，質量m=0.10kg的小球從B點的正上方H=0.95m高處的A點自由下落，由B點進入圓弧軌道，從D點飛出后落在水平面的Q點，DQ間的距離x=2.4m，球從D點飛出后的運動過程中相對水平面上升的最大高度h=0.80m，取g=10m/s2，不計空氣阻力，求：（1）小球經過C點時軌道對它的支持力大??；（2）小球經過最高點P的速度大??；（3）D點與圓心O的高度差．17、（12分）(本題9分)某宇航員乘坐載人飛船登上月球后，在月球上以大小為v0的速度豎直向上拋出一物體(視為質點)，測得物體上升的最大高度為h，已知月球的半徑為R，引力常量為G。(1)求月球的質量M；(2)若登上月球前飛船繞月球做勻速圓周運動的周期為T，求此時飛船距離月球表面的高度H。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】試題分析：小球做平拋運動，因為每級臺階的高度和寬度均為1m，故小球落到臺階上時有yx=11，在豎直方向上y=12gt2，在水平方向上x=考點：考查了平拋運動規律的應用【名師點睛】解決本題的關鍵掌握平拋運動的特點：水平方向做勻速運動，豎直方向做自由落體運動，難度不大，屬于基礎題．2、C【解析】

物體高度降低，重力做正功，重力勢能減少，A、B錯；物體高度升高，重力做負功，重力勢能增加，C對,D．故選C【點睛】重力做正功,重力勢能減小,重力做負功,重力勢能增加.重力勢能的大小與零勢能的選取有關,但重力勢能的變化與零勢能的選取無關.3、A【解析】

A．做勻速圓周運動物體的向心加速度方向始終指向圓心，故A項符合題意；BC．做勻速圓周運動物體的向心加速度方向和線速度的方向垂直，故BC項不符合題意；D．做勻速圓周運動物體的向心加速度大小不變，方向時刻變化，因此向心加速度是時刻變化的，故D項不符合題意．4、B【解析】

1號干電池與5號干電池的電動勢相等但是容量不同，所以A項錯誤；電源是把其他形式的能轉化為電能的裝置，電動勢反映電源把其他形式的能轉化為電能本領大小，所以B項正確；電動勢公式E＝中的W與電壓U＝中的W是靜電力做功，所以C項錯誤；電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，但兩者意義不同，不能說電動勢就是電源兩級間的電壓，所以D項錯誤．5、D【解析】

ABC.電容的大小與電容器兩端的電壓及電容器所帶的電量無關，電容不會隨著電荷量以及電壓的變化而變化，故ABC錯誤；D.根據Q=UC可知，隨電容器所帶電荷量的增加，電容器兩極板間的電壓也增大，故D正確。6、C【解析】

AC.A和B兩點屬于齒輪傳動，所以兩點的線速度相等，故A項與題意不相符，C項與題意相符；BD.A和B兩點線速度相等；據v=ωr和兩點的A半徑大，所以角速度A小，故BD項與題意不相符。7、ABC【解析】

AB．球1和球2平拋運動的高度相同，則運動的時間相同，由于球1的水平位移較大，可知過網時球1的速度大于球2的速度，故AB正確。C．因為平拋運動的加速度不變，都為g，可知球1和球2的速度變化率相等，故C正確。D．落臺時，由于時間相等，則豎直分速度相等，根據P=mgvy知，重力的瞬時功率相等，故D錯誤。8、ACD【解析】

A.萬有引力提供向心力，列出等式：其中R為地球半徑，h為同步衛星離地面的高度。由于同步衛星的周期必須與地球自轉周期相同，所以T為一定值，根據上面等式得出：同步衛星離地面的高度h也為一定值，故A正確；B.它若在除赤道所在平面外的任意點，假設實現了“同步”，那它的運動軌道所在平面與受到地球的引力就不在一個平面上，這是不可能的，故地球同步衛星，一定在赤道平面上，故B錯誤；C.第一宇宙速度是最大的運行速度，任何地球衛星的速度都小于第一宇宙速度，則地球同步衛星的運行速度小于7.9km/s，故C正確；D.地球同步衛星的周期等于地球赤道上物體隨地球自轉的周期，根據a=ω2r可知，地球同步衛星加速度大于地球赤道上物體隨地球自轉的向心加速度9.8m/s2，故D正確。9、AD【解析】

根據動能的表達式可知：A.甲的質量是乙的4倍，甲的速度是乙的一半，甲的動能與乙的相等，故A符合題意．B.甲的速度是乙的2倍，甲的質量是乙的一半，甲的動能與乙的不相等，故B不符合題意．C.甲的質量是乙的2倍，甲的速度是乙的一半，甲的動能與乙的不相等，故C不符合題意．D.質量相同，速度大小也相同，但甲向東運動，乙向西運動，動能是標量，甲的動能與乙的相等，故D符合題意．10、BD【解析】

A.小鐵球的加速度方向水平向右，根據牛頓第二定律知小鐵球受到的合外力方向水平向右;故A錯誤.B.對小球進行受力分析，如圖所示：則凹槽對小鐵球的支持力;故B正確.C.對小球進行受力分析得：mgtanα=ma，解得：a=gtanα，所以系統的加速度為a=gtanα;故C錯誤.D.對整體進行受力分析，根據牛頓第二定律得：F=(m+M)a=(m+M)gtanα;故D正確.11、BD【解析】

單擺的小角度擺動是簡諧運動，根據單擺的周期公式分析，注意擺動中擺長是變化的；同時根據受力情況以及功能關系確定小球的速率?！驹斀狻緼BC.因擺角始終小于5°，則小球在釘子兩邊擺動時均可看做單擺，因為在左側擺動時擺長較長，根據可知周期較大，因擺球在釘子兩邊擺動的時間均為所在擺周期的，可知：；擺線碰釘子的瞬間，由于水平方向受力為零，可知小球的速率不變；故B正確AC錯誤；D.擺線碰釘子的瞬間，小球的速率不變,而半徑變小，所以加速度變大，故D正確。12、AD【解析】

A．根據伏安特性曲線OM可知，，故A正確。BC．由圖象AB可知電源的電動勢E=6V，短路電流為6A，則內阻故BC錯誤。D．當外電路電阻等于內阻時，電源的輸出功率最大，即該電源只對電阻R供電時，電源的輸出功率最大，故D正確。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、小車的質量一定時，加速度a與合力F成正比B【解析】(1)由圖象OA段可知，圖象是一條直線，a與F成正比，即：在小車質量一定時，加速度a與小車受到的合力F成正比；(2)本實驗要探索“加速度和力的關系”所以應保持小車的總質量不變，鉤碼所受的重力作為小車所受合外力；由于OA段a?F關系為一傾斜的直線，所以在質量不變的條件下，加速度與外力成正比；設小車的質量為M，鉤碼的質量為m，由實驗原理得：mg=Ma得：，而實際上，可見AB段明顯偏離直線是由于沒有滿足M遠大于m造成的，所以所掛鉤碼的總質量太大，故B正確，AC錯誤；故選B．14、在誤差允許的范圍內，重物機械能守恒開始打點時重錘有一定的速度【解析】

紙帶法實驗中，紙帶勻變速直線運動，測得紙帶上的點間距，利用勻變速直線運動的推論，可計算出打出某點時紙帶運動的瞬時速度，從而求出動能，根據功能關系得重力勢能減小量等于重力做功的數值，圖線不過原點，抓住h為零，速度不為零，得出圖線不過原點的原因；【詳解】解：利用勻變速直線運動的推論而B點的動能為：從起點0到打下B點過程中，動能的增加量

J重力勢能減小量在誤差允許的范圍內，可認為減小的重力勢能等于增加的動能，故說明重物下落時機械能守恒小明用實驗測得數據畫出圖象圖線不過坐標原點，即時，速度不為零，剛釋放時重錘速度不為零；【點睛】解決本題的關鍵知道實驗的原理，以及操作中的注意事項，會通過圖線特點分析圖線不過原點的原因．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、(1)M點電勢高.q在N點的電勢能大.(2)2.0×10－8N,方向由M指向O（3）200N/C,方向由M指向N【解析】【分析】根據庫侖定律求出q在M點受到點電