山西省呂梁市上安中學高三物理模擬試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.火星表面特征非常接近地球，可能適合人類居住．近期，我國宇航員王躍正與俄羅斯宇航員一起進行“模擬登火星”實驗活動．已知火星半徑是地球半徑的，質量是地球質量的，自轉周期也基本相同．地球表面重力加速度是g,若王躍在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自轉影響的條件下，下述分析正確的是A．王躍在火星表面受的萬有引力是在地球表面受萬有引力的倍B．火星表面的重力加速度是C．火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍D．王躍以相同的初速度在火星上起跳時，可跳的最大高度是參考答案：C2.（單選）太陽系八大行星繞太陽運動的軌道可粗略地認為是圓;各行星的半徑、日星跟離和質

量如下表所示:

則根據所學的知識可以判斷以下說法中正確的是

A.太陽系的八大行星中，海王星做圓周運動的速率最大

B.太陽系的八大行星中，水星做圓周運動的周期最大

C.如果已知地球的公轉周期為1年，萬有引力常量G=6.67xN·/，再利用地球和太陽間的距離，則可以求出太陽的質量

D.如果已知萬有引力常量G=6.67xN·/，并忽略地球的自轉，利用地球的半徑以及地球表面的重力加速度g=10m/,則可以求出太陽的質量參考答案：C3.如圖所示。曲軸上掛一個彈簧振子，轉動搖把，曲軸可帶動彈簧振子上下振動。開始時不轉動搖把，讓振子自由振動，測得其頻率為2Hz。現勻速轉動搖把，轉速為240r/min。則：（

）

A．當振子穩定振動時，它的振動周期是0．5s

B．當振子穩定振動時，它的振動頻率是4Hz

C．當轉速增大時，彈簧振子的振幅增大

D．當轉速減小時，彈簧振子的振幅增大參考答案：BD

4.（單選）電池容量就是電池放電時輸出的總電荷量，某蓄電池標有“15A?h”的字樣，則表示（）A．該電池在工作1h后達到的電流為15AB．該電池在工作15h后達到的電流為15AC．電池以1.5A的電流工作，可用10hD．電池以15A的電流工作，可用15h參考答案：考點：電源的電動勢和內阻．分析：蓄電池標有“15A?h”的字樣，說明該蓄電池以15A的電流放電，可放電1h．解答：解：A、據題蓄電池標有“15A?h”的字樣，表示該電池以15A的電流工作，可工作1h，或1.5A的電流下工作10h，并不表示電池在工作1h后達到的電流為15A，也不是該電池在工作15h后達到的電流為15A．故A錯誤，B錯誤．C、D、“15A?h”的字樣，表示該電池以15A的電流工作，可工作1h，或1.5A的電流下工作10h，故C正確，D錯誤．故選：C點評：本題考查了電池容量的概念，關鍵要掌握電量的計算公式q=It．注意在計算時要把單位統一化成國際單位．5.(多選題)下列說法中正確的是（）A．做簡諧運動的物體，其振動能量與振福無關B．全怠照相的拍攝利用了光的干涉原理C．真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的，與光源和觀察者的運動無關D．醫學上用激光做“光刀”來進行手術，主要是利用了激光的亮度高、能量大的特點E．機械波和電磁波都可以在真空中傳播參考答案：BCD：解：A、簡諧運動的物體，其振動能量用振幅來反映，故A錯誤；B、全息照相的拍攝利用了激光的干涉，可以記錄光強、光頻、相位，有立體感，故B正確；C、根據狹義相對論，真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的，與光源和觀察者的運動無關，故C正確；D、醫學上用激光做“光刀”來進行手術，主要是利用了激光的亮度高、能量大的特點，故D正確；E、機械波的傳播離不開介質，電磁波可以在真空中傳播，故E錯誤；故選：BCD．【點評】：本題考查了簡諧運動、光的干涉、狹義相對論、激光、機械波和電磁波，知識點多，難度小，關鍵多看書，記住基礎知識點．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖，豎直輕質懸線AD上端固定于天花板上的A點，下端與半徑為R的半圓形木板BOC連接于D點，BC是木板的直徑；O為圓心，B端用鉸鏈連接于豎直墻上，半圓形木板直徑BC處于水平狀態時OA間的距離剛好等于木板的半徑R。改變懸線AD的長度，使線與圓盤的連接點D逐漸右移，并保持圓盤直徑BC始終處于水平狀態。則D點右移過程中懸線拉力的大小

；懸線拉力對B點的力矩大小

（選填“逐漸增大”“逐漸減小”“不變”“先增大后減小”“先減小后增大”）參考答案：7.如圖所示，實線為一列簡諧波在t＝0時刻的波形，虛線表示經過Dt＝0.2s后它的波形圖，已知T＜Dt＜2T（T表示周期），則這列波傳播速度可能值v＝________________；這列波的頻率可能值f＝________________。參考答案：向右0.25m/s，向左0.35m/s；向右6.25Hz，向左8.75Hz。

8.如圖所示，同一平面內有兩根互相平行的長直導線甲和乙，通有大小均為I且方向相反的電流，a、b兩點與兩導線共面，其連線與導線垂直，a、b到兩導線中點O的連線長度和甲乙間距離均相等．已知直線電流I產生的磁場中磁感應強度的分布規律是（K為比例系數，為某點到直導線的距離），現測得O點磁感應強度的大小為，則a點的磁感應強度大小為，乙導線單位長度受到的安培力的大小為N．參考答案：;

9.水平面上質量為m的滑塊A以速度v撞質量為m的靜止滑塊B，碰撞后A、B的速度方向相同，它們的總動量為___________；如果碰撞后滑塊B獲得的速度為v0，則碰撞后滑塊A的速度為____________。參考答案：mv，v－v0 10.圖示是某時刻兩列簡諧橫波的波形圖，波速大小均為10m/s，一列波沿x軸正向傳播(實線所示)；另一列波沿x軸負向傳播(虛線所示)，則在x軸上質點a(x=1m)和b(x=2m)中，質點___________(選填“a”或“b”)振動加強，從該時刻起經過0.1s時，c質點坐標為___________。參考答案：

(1).a

(2).（3m,0.4m）【詳解】(1)兩列波長相同的波疊加，由圖象知，b、d兩點都是波峰與波谷相遇點，則b、d兩點振動始終減弱，是振動減弱點；(2)由圖象可知，兩列波的波長都為λ=4m，則周期,而，c點此時向上運動，經過到達波谷，此時y方向的位移為y=-2A=-0.4cm，故c點的坐標為（3m，-0.4cm）.【點睛】本題考查了波的疊加原理，要知道波峰與波峰或波谷與波谷相遇點振動加強，波峰與波谷相遇點振動減弱，要注意：振動加強點并不是位移始終最大.11.（4分）如圖是給墻壁粉刷涂料用的“涂料滾”的示意圖。使用時，用撐竿推著粘有涂料的涂料滾沿墻壁上下緩緩滾動，把涂料均勻地粉刷到墻上。撐竿的重量和墻壁的摩擦均不計，而且撐竿足夠長，粉刷工人站在離墻壁一定距離處緩緩上推涂料滾，該過程中撐竿對涂料滾的推力將

，涂料滾對墻壁的壓力將

。（填：“增大”、“減小”或“不變”）參考答案：答案：減小、減小12.如圖所示，一名消防隊員在模擬演習訓練中沿著長為12m的豎立在地面上的鋼管往下滑．這名消防隊員的質量為60kg，他從鋼管頂端由靜止開始先勻加速再勻減速下滑，滑到地面時速度恰好為零．如果加速時的加速度大小是減速時的2倍，下滑的總時間為3s，那么該消防隊員下滑過程中的最大速度為________m/s，加速下滑和減速下滑時，消防員與鋼管間的摩擦力大小分別為f1和f2，則f1∶f2＝________.(g＝10m/s2)．參考答案：8，1∶713.某同學利用驗證牛頓第二定律的實驗裝置來驗證動能定理。在一端帶滑輪的長木板上固定放置兩個光電門，其中光電門乙固定在靠近滑輪處，光電門甲的位置可移動。與兩個光電門都相連的計時器可以顯示出遮光片從光電門甲至乙所用的時間。改變光電門甲的位置進行多次測量，每次都使小車上的遮光片從緊靠光電門甲處由靜止開始運動，用米尺測量甲、乙之間的距離s，并記下相應的時間t。測得小車的質量為M，鉤碼的質量為m，并滿足M遠遠大于m。則：外力對小車做功為W=

，小車動能的增量為△EK=

。（用題中的字母表示）為減小實驗誤差，你認為實驗操作之前必須進行的操作是：

。參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.動畫片《光頭強》中有一個熊大熊二愛玩的山坡滑草運動，若片中山坡滑草運動中所處山坡可看成傾角θ=30°的斜面，熊大連同滑草裝置總質量m=300kg，它從靜止開始勻加速下滑，在時間t=5s內沿斜面滑下的位移x=50m．（不計空氣阻力，取g=10m/s2）問：（1）熊大連同滑草裝置在下滑過程中受到的摩擦力F為多大？（2）滑草裝置與草皮之間的動摩擦因數μ為多大（結果保留2位有效數字）？參考答案：（1）熊大連同滑草裝置在下滑過程中受到的摩擦力F為300N；（2）滑草裝置與草皮之間的動摩擦因數μ為多大為0.12．考點： 牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系．專題： 牛頓運動定律綜合專題．分析： （1）根據勻變速直線運動的位移時間公式求出下滑的加速度，對熊大連同滑草裝置進行受力分析，根據牛頓第二定律求出下滑過程中的摩擦力．（2）熊大連同滑草裝置在垂直于斜面方向合力等于零，求出支持力的大小，根據F=μFN求出滑草裝置與草皮之間的動摩擦因數μ．解答： 解：（1）由運動學公式S=，解得：a==4m/s沿斜面方向，由牛頓第二定律得：mgsinθ﹣f=ma

解得：f=300N

（2）在垂直斜面方向上：N﹣mgcosθ=0

又f=μN

聯立解得：μ=答：（1）熊大連同滑草裝置在下滑過程中受到的摩擦力F為300N；（2）滑草裝置與草皮之間的動摩擦因數μ為多大為0.12．點評： 解決本題的關鍵知道加速度是聯系力學和運動學的橋梁，通過加速度可以根據力求運動，也可以根據運動求力．15.（選修3－3（含2－2））（6分）一定質量的氣體，從外界吸收了500J的熱量，同時對外做了100J的功，問：①物體的內能是增加還是減少?變化了多少？(400J;400J)

②分子勢能是增加還是減少？參考答案：解析：①氣體從外界吸熱：Q＝500J，氣體對外界做功：W＝－100J

由熱力學第一定律得△U=W+Q=400J

(3分)

△U為正，說明氣體內能增加了400J

(1分)

②因為氣體對外做功，所以氣體的體積膨脹，分子間的距離增大，分子力做負功，氣體分子勢能增加。（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，質量為m=1kg小木塊（可視為質點）放在質量為M=5kg、長度為l=m的長木板的左端，長木板放在光滑的水平面上．小木塊與長木板間的動摩擦因數μ=0.1，系統處于靜止．現使小木塊從長木板右端滑離，g取10m/s2，問：（1）若給小木塊一水平向右的瞬時沖量I，則沖量I至少多大；（2）若給小木塊施加水平向右的恒定外力F，其作用時間t=2s，則外力F至少多大．參考答案：解：（1）設給小木塊的速度為v0，物塊恰好從長木板右端滑離時，木塊與長木板具有相同的速度，規定向右為正方向，根據動量守恒定律得：mv0=（m+M）v，根據能量守恒得：，根據動量定理得：I=mv0，代入數據得：I=N?s．（2）根據動量定理得，對m有：Ft﹣μmgt=mv1，對M有：μmgt=Mv2，兩物塊的相對位移為：，規定向右為正方向，根據動量守恒定律得：mv1+Mv2=（m+M）v，根據能量守恒得：，代入數據聯立解得：F=2N．答：（1）沖量I至少為N?s．（2）外力F至少2N．【考點】動量守恒定律；功能關系．【分析】（1）當物塊剛好滑出長木板時，木塊和長木板具有相同的速度，結合動量守恒定律和能量守恒定律得出木塊的初速度，結合動量定理求出沖量的大小．（2）根據動量定理分別求出m和M作用2s時的速度，根據位移公式求出m和M的相對位移，結合動量守恒和能量守恒得出外力F的大小．17.在半徑R=4800km的某星球表面．宇航員做了如下實驗，實臉裝置如圈甲所示．豎

直平面內的光滑軌道由AB和圈孤軌道BC組成．將質量m=1.0kg的小球，從軌道

AB上高H處的某點靜止滑下，用力傳感骼側出小球經過C點時對軌道的壓力F,改變H

的大小，可測出相應的F大小.F隨H的變化關系如圖乙所示．求：

(1）回軌道的半徑，

(2)該星球的第一宇宙速度．

參考答案：18.如圖，在傾角θ=30°的長斜面上有一帶風帆的滑塊從靜止開始沿斜面下滑，滑塊的質量為m＝2kg，它與斜面的動摩擦因數為μ，帆受到的空氣阻力與滑塊下滑的速度成正比，即f=kv．若從靜止開始下滑的速度圖像如圖中的曲線所示，圖中的直線是t=0時速度圖像的切線，g=10