河北省鹿泉一中等名校2023年物理高二上期末監測模擬試題

考生須知：

1.全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。

2.請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，一個物塊在與水平方向成a角的恒力歹作用下。沿水平面向右運動一段距離x,在此過程中，恒力尸對

物塊所做的功為（）

A.FxsinaB.Fxcosa

sinacosa

2、如圖，質量為機、帶電量為q的小球b用絕緣細線懸掛，處于固定的帶電體A產生的電場中，A可視為點電荷，B

為試探電荷.當小球3靜止時，A、5等高，細線偏離豎直方向的夾角為仇已知重力加速度為g.則點電荷4在6處

所產生的場強大小為（）

mgsin0

A工B.

,tan。q

mgcos0mgtan0

C.D.

qq

3、如圖所示的皮帶傳動裝置中，右邊兩輪粘在一起且同軸，A,B,C三點均是各輪邊緣上的一點，半徑RA=RC=2RB,

皮帶不打滑，貝！J：A、B,C三點線速度、向心加速度的比值分別是（）

A.VA：vB：vc=1：1：2aA：aB：ac=l:1：4

B.VA：vB：vc=1：2：2aA：aB：tzc=1：2：4

C.vA：vB：vc=1；1：2：ac=1：2：4

D.VA：：vc=1；2：2aA：題：&■=1：2：2

4、如圖所示，空間有一電場，電場中有兩個點a和b.下列表述正確的是

A.該電場是勻強電場

B.a點的電場強度比b點的大

C.a點的電勢比b點的高

D.正電荷在a、b兩點受力方向相同

5、真空中有兩個靜止的點電荷，若保持它們之間的距離不變，而把它們的電荷量都變變為原來的2倍，則兩電荷間的

庫侖力將變為原來的多少倍（）

A.2倍B.4倍

C.8倍D.16倍

6、如圖所示，在xOy坐標系的第一象限中有一半徑為r=O.lm的圓形磁場區域，磁感應強度B=1T,方向垂直紙面

向里，該區域同時與x軸、y軸相切，切點分別為A、C.現有大量質量為ixior8kg（重力不計），電量大小為2X10RC,

速率均為2xl（fm/s的帶負電的粒子從A處垂直磁場進入第一象限，速度方向與y軸夾角為0,且0<0<180°,則下列說

A.粒子的軌跡圓和磁場圓的半徑相等

B.這些粒子軌跡圓的圓心構成的圓和磁場圓的半徑相等

C.部分粒子的運動軌跡可以穿越坐標系進入第2象限

D.粒子的軌跡可以覆蓋整個磁場圓

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，從熾熱的金屬絲飄出的電子（速度可視為零），經加速電場加速后從兩極板中間垂直射入偏轉電場。電

子的重力不計。在滿足電子能射出偏轉電場的條件下，下述四種情況中，一定能使電子的偏轉距離變大的是（）

A.僅將偏轉電場極性對調

B.僅減小偏轉電極間的距離

C.僅增大偏轉電極間的電壓

D.僅減小偏轉電極間的電壓

8、如圖甲所示是用光照射某種金屬時逸出的光電子的最大初動能隨入射光頻率的變化圖線，（直線與橫軸的交點坐標

4.27,與縱軸交點坐標0.5）,圖乙是氫原子的能級圖，下列說法正確的是（）

E/eV

二^舟.85

-------------------1.51

---------------------3.40

----------13.6

圖乙

A.該金屬的逸出功為0.5eV

B.根據該圖象能求出普朗克常量

C.該金屬的極限頻率為4.27x1014Hz

D.用n=3能級的氫原子躍遷到m=2能級時所輻射的光照射該金屬能使該金屬發生電效應

9、如圖所示，a、b、c為真空中三個帶電小球，b球帶電量為+Q,用絕緣支架固定，a、c兩小球用絕緣細線懸掛，處

于平衡狀態時三小球球心等高，且a、b和b、c間距離相等，懸掛a、c小球的細線豎直，則（）

A.a、c兩小球帶同種電荷B.a、c兩小球帶異種電荷

C.a小球帶電量為+4QD.c小球帶電量為-4Q

10、在如圖甲所示電路中，定值電阻R=LOO,R為滑動變阻器閉合開關后，多次改變滑片的位置，分別記錄電壓表

和電流表的示數由測得數據作出如圖乙所示U-/圖線下列判斷正確的是（）

1.60

1.40

1.20

1.00

0.20.47/A

圖乙

電壓表示數增大

B.電源的電動勢測量值約為1.60V

C.電源的內阻測量值約為L5O

D.當電源短路時，電流表示數為0.4A

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）小華和小明在“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實驗中，將實驗數據記錄在下表中：

電壓UN0.000.200.400.701.001.301.702.102.50

電流〃A0.000.140.240.260.370.400.430.450.46

⑴實驗室有兩種滑動變阻器供選擇：

A.滑動變阻器（阻值范圍0?10。、額定電流3A）

B.滑動變阻器（阻值范圍0?2000額定電流1A）

實驗中選擇的滑動變阻器是.（填寫字母序號）

⑵在圖甲中用筆畫線代替導線，將實驗電路連接完整.

⑶開關閉合前，滑動變阻器的滑片應滑至_______（選填“左”或“右”）端

12.（12分）有一個小燈泡上標有“4V,2W”的字樣，現要描繪這個燈泡的伏安特性圖線.有下列器材供選用:

B.電壓表（0?10V,內阻約為20kQ）

C.電流表（0~0.3A,內阻約為1Q）

D.電流表（0?0.6A,內阻約為0.4Q）

E.滑動變阻器（10Q,2A）

F學生電源（直流6V）,還有電鍵、導線若干

⑴實驗中所用電壓表應選用，電流表應選用用儀器前字母表示）.

（2）某同學根據實驗得到的數據畫出了該小燈泡的伏安特性曲線（如圖所示），若用電動勢為3V、內阻為2.5Q的電

源給該小燈泡供電，則該小燈泡的實際功率是W（結果保留兩位小數）.

四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104v/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的3c部分是半徑

為R的工圓環，軌道的水平部分與半圓環相切.A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m,把一質量E=0.1kg,帶電

4

量為g=+10TC的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）

⑴小球到達C點的速度大小

⑵小球在C點時，軌道受到的壓力大小

14.（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、B相距d=0.10m,a、B間的電場強度為E=5.0X1（）5N/C,b

板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為機=4.8xl0-25kg、電荷

186

量為9=1.6X10C的帶正電的粒子（不計重力），從貼近。板的左端以vo=l.OxlOm/s的初速度水平射入勻強電場，剛好

從狹縫P處穿過》板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的。處（圖中未畫出）.求P、。之間的距離L

XXXMX

XXX

15.（12分）如圖，兩根間距為L=0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E=3V、內阻r=lQ的電源，導軌平面與

水平面間的夾角0=37。.金屬桿ab垂直導軌放置，質量m=0.2kg.導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不

計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中.當Ro=l￡2時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g=10m/s2,$也37。=0.6,

cos37°=0.8

（1）求磁感應強度B的大小；

（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、B

【解析】由題意可知力、位移及二者之間的夾角，由功的計算公式可求得恒力的功。

【詳解】由圖可知，力的大小為恒力F,位移的大小為x,力和位移的夾角為a,故推力F對物體做功為

W=Fxcosa

故選B。

【點睛】本題考查功的公式，在解題時要注意夾角為力和位移之間的夾角。

2、D

【解析】小球處于平衡狀態，受力如圖:

根據合成法，知電場力：

F=mgtan0

解得：

Fmgtan3

E==

qq

ABC.由上計算可知，ABC錯誤；

D.由上計算可知，D正確

3、C

【解析】根據“皮帶傳動”可知，本題考查勻速圓周運動的物理量的關系，根據丫=0〃和。=0丫，結合傳動過程線

速度相等、轉動問題角速度相等列式分析.

【詳解】因為A、5兩輪由不打滑的皮帶相連，所以相等時間內4、3兩點轉過的弧長相等，即：vA=vB.

由v=5知；①B：0A=2:1

又B、C是同軸轉動，相等時間轉過的角度相等，即：a>B=a>c,

由廠知，：：

v=ovBvc=12

所以：：：：；

vBvc=112,

再根據得：：=1：：

a=0vaAaB-?c24

【點睛】由丫=0廠知線速度相同時，角速度與半徑成反比；角速度相同時，線速度與半徑成正比;由。結合角速

度和線速度的比例關系，可以知道加速度的比例關系.

4、C

【解析】電場線疏密表示電場強度的大小，切線方向表示電場強度的方向，正電荷的受力方向和場強方向相同.沿著

電場線電勢降低.答案選C

5、B

【解析】根據庫侖定理可得

F=k瞪

保持它們之間的距離不變，而把它們的電荷量都變變為原來的2倍，則

尸=左%2獸=4"

r

故選B。

6、C

【解析】A.電子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，則有

V2

Bqv=m——

'r

得

r=0.1m

A正確；

BD.由題意知，粒子的軌跡，相當于把半徑LO.lm的圓以A點為中心順時針轉動，如圖所示

所以粒子軌跡圓的圓心構成的圓的圓心在A點，半徑等于A8,即與磁場圓的半徑相等，且粒子的軌跡可以覆蓋整個

磁場圓，BD正確；

C.由圖示可知，粒子離開磁場區域后均能垂直x軸進入第四象限做勻速直線運動，不可能進入第2象限，C錯誤。

故選C。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BC

【解析】A.偏轉電極只能使電子偏轉方向相反，不能增大偏轉距離，故A錯誤；

BCD.根據動能定理

〃12

eu,--mv

12

在偏轉電場中由平拋規律可得運動時間為

L

t=—

v

加速度為

eU

a=——-7

md

偏轉距離為

1eU,1}UI}

27

y=-at—xX——=-----------

22mdv~4U[d

僅減小偏轉電極間的距離，僅增大偏轉電極間的電壓都能使偏轉距離變大，故BC正確，D錯誤。

故選BC。

8、BCD

【解析】根據愛因斯坦光電效應方程為=協-亞,圖象的斜率等于瓦橫軸的截距大小等于截止頻率，逸出功W=h70,

根據數學知識進行求解

詳解】當&=勿-W=0時，逸出功為W=/zyo=6.63xlO-34j.sx4.27xlOi4Hz=2.83xl(ri9jM.77eV,故A錯誤；由

E"=Ay-W,得知，該圖線的斜率表示普朗克常量力,故B正確；根據愛因斯坦光電效應方程&=協-W,&圖象

的橫軸的截距大小等于截止頻率，由圖知該金屬的截止頻率為4.27X1014HZ,故C正確；用"=3能級的氫原子躍遷到

機=2能級時所輻射的光能量為2kE=E3-E2=-1.51-(-3.4)=1.89eV>1.77eV,能發生光電效應，故D正確.所

以BCD正確，A錯誤

【點睛】解決本題的關鍵掌握光電效應方程，以及知道逸出功與極限頻率的關系，結合數學知識即可進行求解

9、AD

【解析】AB、如果a、c兩小球帶異種電荷，根據力平衡條件，必然有一個小球在水平方向上不能達到平衡，細線

不能夠保持豎直狀態，又因為“、》和從c間距離相等且6球帶電量為+Q,所以a、c兩小球必須帶等量的負電荷，故

A正確，B錯誤；

QaQezQQC

、對球，由平衡條件可知:二k下,解得：&=40,即。帶電量為-4Q,故C錯誤，D正確

BCC(24

10、AB

【解析】BC、根據圖象讀出電源電動勢為L60V,根據圖像斜率得到凡+-=等=*?則。=1.5。，故電源

內阻為廠=0.5。，故B正確，C錯誤；

A、當滑片向右滑動時，總電阻增大，根據閉合電路歐姆定律，總電流減小，根據。=E-/(4+r)可得出電壓表示

數增大，故A正確；

D、當電源短路時，根據閉合電路歐姆定律：/=￡=工84=3.24,故D錯誤；

r0.5

故選AB；

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

【解析】根據燈泡的電阻大小選擇滑動變阻器；抓住燈泡電流、電壓從零開始測起，滑動變阻器采用分壓式，燈泡為

小電阻，電流表采用外接法

【詳解】（1）由于燈泡的電阻大約在幾歐左右，為了便于測量，滑動變阻器選擇0-10Q的A即可

（2）由于燈泡的電壓和電流從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法；電流表采用外接法.實物連線圖如圖所示

甲

（3）為了保護測量電路，開關閉合前，滑動變阻器的滑片應滑至最左端

12、①.A②.D③.0.80

【解析】（1）器材的選取需精確、安全，根據燈泡的額定電流和額定電壓選擇合適的電表

（2）在U-I圖線上上電源的外電壓和電流的關系圖線，與伏安特性曲線的交點所對應的電流、電壓為燈泡的實際電流

和電壓，根據P=UI求出燈泡的實際功率

【詳解】（1）燈泡額定電壓為3.0V,電壓表應選A；燈泡的額定電流為0.5A,電流表應選D；

H/VA

4.8-

(2在燈泡U-I圖象上作出作出電源的U-I圖線如圖所示，由圖示可知，圖象與伏安特性曲線的交點橫坐標為0.4A,

電壓U=2.0V,則燈泡的實際功率P=UI=0.80W

四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(l)vc=2m/s(2)3N

【解析】(1)設小球在C點的速度大小是vc,則對于小球由A-C的過程中，由動能定理得：

12

qE2R-mgR=—mvc

解得：

vc=2m/s

⑵小球在C點時受力分析如圖