2024屆廣西欽州市靈山縣數學高二第二學期期末經典試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：本題共12小題，每小題5分，共60分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．已知為定義在上的奇函數，且滿足，則的值為()A． B． C． D．2．從某企業生產的某種產品中隨機抽取件，測量這些產品的一項質量指標，其頻率分布表如下：質量指標分組頻率則可估計這批產品的質量指標的眾數、中位數為（）A．， B．， C．， D．，3．可以整除（其中）的是（）A．9 B．10 C．11 D．124．“，”是“”的（）A．充分不必要條件 B．必要不充分條件C．充要條件 D．既不充分也不必要條件5．設集合，則的元素的個數為（）A． B． C． D．6．已知函數，則函數的定義域為（）A． B． C． D．7．設是定義域為的偶函數，且在單調遞減，則（）A．B．C．D．8．函數()的部分圖象如圖所示，若，且，則（）A．1 B． C． D．9．平面與平面平行的條件可以是（）A．內有無窮多條直線都與平行B．內的任何直線都與平行C．直線，直線，且D．直線，且直線不在平面內，也不在平面內10．在同一平面直角坐標系中，曲線按變換后的曲線的焦點坐標為（）A． B． C． D．11．函數的圖像大致為()A． B．C． D．12．設為兩個隨機事件，給出以下命題：（1）若為互斥事件，且，，則；（2）若，，，則為相互獨立事件；（3）若，，，則為相互獨立事件；（4）若，，，則為相互獨立事件；（5）若，，，則為相互獨立事件；其中正確命題的個數為（）A．1 B．2 C．3 D．4二、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分。13．若圓柱的軸截面面積為2，則其側面積為___；14．已知直線上總存在點，使得過點作的圓：的兩條切線互相垂直，則實數的取值范圍是______．15．設，則除以8所得的余數為________.16．如圖，已知正三棱錐，，，點，分別在核，上（不包含端點），則直線，所成的角的取值范圍是_________.三、解答題：共70分。解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17．（12分）已知等比數列的各項均為正數，且，，數列的前項和為.（Ⅰ）求；（Ⅱ）求數列的前項和．18．（12分）已知，不等式的解集為.（1）求；（2）當時，證明：.19．（12分）某中學開設了足球、籃球、乒乓球、排球四門體育課程供學生選學，每個學生必須且只能選學其中門課程.假設每個學生選學每門課程的概率均為，對于該校的甲、乙、丙名學生，回答下面的問題.（1）求這名學生選學課程互不相同的概率；（2）設名學生中選學乒乓球的人數為，求的分布列及數學期望.20．（12分）在平面直角坐標系中，以坐標原點O為極點，x軸的非負半軸為極軸建立極坐標系.已知直線的參數方程為（為參數），曲線C的極坐標方程為.（1）求曲線的直角坐標方程和直線的普通方程；（2）設直線與曲線交于兩點，點，求的值.21．（12分）已知函數在與時都取得極值．（1）求的值；（2）求函數的單調區間.22．（10分）在直角坐標系中，曲線的參數方程為（為參數），直線的參數方程為（為參數），且直線與曲線交于兩點，以直角坐標系的原點為極點，以軸的正半軸為極軸建立極坐標系.（1）求曲線的極坐標方程；（2）已知點的極坐標為，求的值

參考答案一、選擇題：本題共12小題，每小題5分，共60分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

由已知求得函數的周期為4，可得f（11）＝f（2+8）＝f（2）＝1．【題目詳解】∵f（1+x）＝f（1﹣x），∴f（﹣x）＝f（2+x），又f（x）為定義在R上的奇函數，∴f（2+x）＝﹣f（x），則f[2+（2+x）]＝﹣f（2+x）＝﹣[﹣f（x）]＝f（x），即f（4+x）＝f（x），∴f（x）為以4為周期的周期函數，由f（1+x）＝f（1﹣x），得f（2）＝f（1）＝1，∴f（11）＝f（2+8）＝f（2）＝1．故選：A．【題目點撥】本題考查函數的奇偶性與周期性的應用，考查數學轉化思想方法，是中檔題．2、C【解題分析】

根據頻率分布表可知頻率最大的分組為，利用中點值來代表本組數據可知眾數為；根據中位數將總頻率分為的兩部分，可構造方程求得中位數.【題目詳解】根據頻率分布表可知，頻率最大的分組為眾數為：設中位數為則，解得：，即中位數為：本題正確選項：【題目點撥】本題考查利用樣本的數據特征估計眾數和中位數的問題，關鍵是明確眾數和中位數的概念，掌握用樣本估計總體的方法.3、C【解題分析】分析：，利用二項展開式可證明能被11整除.詳解：.故能整除（其中）的是11.故選C.點睛：本題考查利用二項式定理證明整除問題，屬基礎題.4、A【解題分析】

利用充分條件和必要條件的定義進行判斷即可.【題目詳解】若，則必有.若，則或.所以是的充分不必要條件.故選:A.【題目點撥】本題主要考查充分條件和必要條件的定義和判斷.5、C【解題分析】分析：分別求出A和B，再利用交集計算即可.詳解：，，則，交集中元素的個數是5.故選：C.點睛：本題考查了交集及其運算，熟練掌握交集的定義是解本題的關鍵.6、B【解題分析】

根據對數的真數大于零，負數不能開偶次方根，分母不能為零求解.【題目詳解】因為函數，所以，所以，解得，所以的定義域為.故選：B【題目點撥】本題主要考查函數定義域的求法，還考查了運算求解的能力，屬于基礎題.7、C【解題分析】

由已知函數為偶函數，把，轉化為同一個單調區間上，再比較大?。绢}目詳解】是R的偶函數，．，又在(0，+∞)單調遞減，∴，，故選C．【題目點撥】本題主要考查函數的奇偶性、單調性，解題關鍵在于利用中間量大小比較同一區間的取值．8、D【解題分析】

由三角函數的圖象求得，再根據三角函數的圖象與性質，即可求解.【題目詳解】由圖象可知，，即，所以，即，又因為，則，解得，又由，所以，所以，又因為，所以圖中的最高點坐標為.結合圖象和已知條件可知，所以，故選D.【題目點撥】本題主要考查了由三角函數的部分圖象求解函數的解析式，以及三角函數的圖象與性質的應用，其中解答中熟記三角函數的圖象與性質是解答的關鍵，著重考查了推理與運算能力，屬于基礎題.9、B【解題分析】

根據空間中平面與平面平行的判定方法，逐一分析題目中的四個結論，即可得到答案．【題目詳解】平面α內有無數條直線與平面β平行時，兩個平面可能平行也可能相交，故A不滿足條件；平面α內的任何一條直線都與平面β平行，則能夠保證平面α內有兩條相交的直線與平面β平行，故B滿足條件；直線a?α，直線b?β，且a∥β，b∥α，則兩個平面可能平行也可能相交，故C不滿足條件；直線a∥α，a∥β，且直線a不在α內，也不在β內，則α與β相交或平行，故D錯誤；故選B.【題目點撥】本題考查的知識點是空間中平面與平面平行的判定，熟練掌握面面平行的定義和判定方法是解答本題的關鍵．10、D【解題分析】

把伸縮變換的式子變為用表示，再代入原方程即可求出結果.【題目詳解】由可得，將其代入可得：，即故其焦點為：.故選：D.【題目點撥】本題考查的是有關伸縮變換后曲線方程的求解問題，涉及到的知識點有伸縮變換規律對應點的坐標之間的關系，屬于基礎題11、B【解題分析】分析：通過研究函數奇偶性以及單調性，確定函數圖像.詳解：為奇函數，舍去A,舍去D;，所以舍去C；因此選B.點睛：有關函數圖象識別問題的常見題型及解題思路（1）由函數的定義域，判斷圖象左右的位置，由函數的值域，判斷圖象的上下位置；②由函數的單調性，判斷圖象的變化趨勢；③由函數的奇偶性，判斷圖象的對稱性；④由函數的周期性，判斷圖象的循環往復．12、D【解題分析】

根據互斥事件的加法公式，易判斷（1）的正誤；根據相互對立事件的概率和為1，結合相互獨立事件的概率滿足，可判斷（2）、（3）、（4）、（5）的正誤.【題目詳解】若為互斥事件，且，則，故（1）正確；若則由相互獨立事件乘法公式知為相互獨立事件，故（2）正確；若，則由對立事件概率計算公式和相互獨立事件乘法公式知為相互獨立事件，故（3）正確；若，當為相互獨立事件時，故（4）錯誤；若則由對立事件概率計算公式和相互獨立事件乘法公式知為相互獨立事件，故（5）正確.故選D.【題目點撥】本題考查互斥事件、對立事件和獨立事件的概率，屬于基礎題.二、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分。13、【解題分析】

根據題意得圓柱的軸截面為底邊為，高為的矩形，根據幾何性質即可求解?！绢}目詳解】設圓柱的底面圓半徑為，高為，由題意知，圓柱的軸截面為底邊為，高為的矩形，所以，即。所以側面積?！绢}目點撥】本題考查圓柱的幾何性質，表面積的求法，屬基礎題14、【解題分析】分析：若直線l上總存在點M使得過點M的兩條切線互相垂直，只需圓心（﹣1，2）到直線l的距離，即可求出實數m的取值范圍．詳解：如圖，設切點分別為A，B．連接AC，BC，MC，由∠AMB=∠MAC=∠MBC=90°及MA=MB知，四邊形MACB為正方形，故，若直線l上總存在點M使得過點M的兩條切線互相垂直，只需圓心（﹣1，2）到直線l的距離，即m2﹣8m﹣20≤0，∴﹣2≤m≤10，故答案為：﹣2≤m≤10.點睛：（1）本題主要考查直線和圓的位置關系，意在考查學生對這些知識的掌握水平和分析推理能力數形結合的思想方法.(2)解答本題的關鍵是分析出.15、7【解題分析】

令可得，再將展開分析即可.【題目詳解】由已知，令，得，又.所以除以8所得的余數為7.故答案為：7【題目點撥】本題考查二項式定理的綜合應用，涉及到余數問題，做此類題一定要合理構造二項式，并展開進行分析判斷，是一道中檔題.16、【解題分析】

考查臨界位置，先考查位于棱的端點時，直線與平面內的直線所成的最小的角，即直線與平面所成的角，以及與所成角的最大值，即，于此得出直線、所成角的取值范圍．【題目詳解】如下圖所示：過點作平面，垂足為點，則點為等邊的中心，由正弦定理得，平面，易得，當點在線段上運動時，直線與平面內的直線所成角的最小值，即為直線與平面所成的角，設這個角為，則，顯然，當點位于棱的端點時，取最小值，此時，，則；當點位于棱的中點時，則點位于線段上，且，過點作交于點，平面，平面，則，又，，平面，平面，，此時，直線與所成的角取得最大值．由于點不與棱的端點重合，所以，直線與所成角的取值范圍是．故答案為．【題目點撥】本題考查異面直線所成角的取值范圍，解這類問題可以利用臨界位置法進行處理，同時注意異面直線所成角與直線與平面所成角定義的區別，并熟悉異面直線所成角的求解步驟，考查空間想象能力，屬于難題．三、解答題：共70分。解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17、（Ⅰ）；（Ⅱ）.【解題分析】

（I）將已知條件轉化為，由此求得的值，進而求得的通項公式.（II）利用求得的表達式，由此求得的表達式，利用分組求和法求的值.【題目詳解】（Ⅰ）設等比數列的公比即，解得：或，又的各項為正，，故（Ⅱ）設，數列前n項和為.由解得..,.【題目點撥】本小題主要考查等比數列基本量的計算，考查數列通項公式的求法，考查分組求和法，所以中檔題.18、（I）M＝(－2，2)．（Ⅱ）見解析【解題分析】試題分析：（1）將函數寫成分段函數，再利用，即可求得M；（2）利用作差法，證明，即可得到結論．試題解析：（1），當時，，解得；當時，，解得；當時，恒成立；綜合以上：（2）證明，只需，只需∵又∵，∴因此結果成立.考點：不等式證明；絕對值函數19、（1）；（2）分布列見解析，期望為．【解題分析】分析：（1）每個學生必須且只能選學其中門課程，每一個人都有4種選擇，共有，名學生選學課程互不相同，則有種，從而求解；（2）的所有可能取值為，，，，分別算出對應的概率，再利用期望公式求解.詳解：（1）名學生選學的課程互不相同的概率.（2）的所有可能取值為，，，，，，，，∴的分布列為：.點睛：求隨機變量及其分布列的一般步驟(1)明確隨機變量的所有可能取值，以及取每個值所表示的意義．(2)利用排列、組合知識或互斥事件、獨立事件的概率公式求出隨機變量取每個可能值的概率；(3)按規范形式寫出隨機變量的分布列，并用分布列的性質驗證．20、（1）；（2）.【解題分析】

（1）由代入曲線C的極坐標方程，即可求出普通方程，消去直線l的參數方程中的未知量t，即可得到直線的普通方程；（2）因為直線和曲線C有兩個交點，所以根據直線的參數方程，建立一元二次方程根與系數，得出結果．【題目詳解】（1）由得曲線的直角坐標方程為，直線的普通