云南省曲靖市羅平縣第一中學(xué)2023屆高三一輪復(fù)習(xí)周測（一）物理試題試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處”。

2.作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先

劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。

4.考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：2,原線圈與定值電阻拈串聯(lián)后，接入輸出電壓有效值恒定的正弦交

流電源。副線圈電路中負(fù)載電阻為可變電阻及,A、V是理想電表。當(dāng)R2=2用時(shí)，電流表的讀數(shù)為1A,電壓表的讀

數(shù)為4V,則（）

A.電源輸出電壓為8V

B.電源輸出功率為4W

C.當(dāng)心=8。時(shí)，電壓表的讀數(shù)為3V

D.當(dāng)&=8。時(shí)，變壓器輸出功率最大

2、如圖所示，電源電動(dòng)勢為E、內(nèi)阻不計(jì)，Ri、電為定值電阻，&為滑動(dòng)變阻器，C為電容器，電流表A為理想電

表、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是

A.A的示數(shù)變大，電容器的帶電量增多

B.A的示數(shù)變大，電容器的帶電量減少

C.A的示數(shù)不變，電容器的帶電量不變

D.A的示數(shù)變小，電容器的帶電量減少

3、取水平地面為重力勢能零點(diǎn)。一物塊從某一高度水平拋出，在拋出點(diǎn)其動(dòng)能是重力勢能的4倍。不計(jì)空氣阻力，該

物塊落地時(shí)的位移方向與水平方向夾角的正切值（）

A.0.25B.0.5C.1D.2

4、如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1：5,交流電源電壓不變，電壓表為理想交流電表，白熾燈和電風(fēng)扇

的額定電壓均為220V,額定功率均為44W,只閉合開關(guān)5時(shí)，白熾燈正常發(fā)光，則（）

A.白熾燈和電風(fēng)扇線圈的內(nèi)阻均為11OOQB.交流電壓表示數(shù)為44V

C.再閉合開關(guān)S2,電壓表示數(shù)增大D.再閉合開關(guān)S2,原線圈的輸入功率變小

5、2017年11月5日，我國用長征火箭成功發(fā)射了兩顆北斗三號組網(wǎng)衛(wèi)星（如圖所示），開啟了北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)全球

組網(wǎng)的新時(shí)代。下列關(guān)于火箭在豎直方向加速起飛階段的說法，正確的是（）

A.火箭只受到重力和空氣阻力的作用

B.火箭噴出的熱氣流對火箭的作用力與火箭對熱氣流的作用力大小相等

C.火箭處于失重狀態(tài)

D.保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，相對地面由靜止下落

6、圖為氫原子的能級示意圖。處于〃=4能級的一群氫原子向低能級躍遷時(shí)，輻射出的光子再照射列逸出功為2.29eV

的某金屬板上，下列說法正確的是（）

1---------------------13.6

A.共有10種不同頻率的光子輻射出來

B.共有6種不同頻率的光子能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象

C.入射光子的頻率越高，逸出光電子的最大初動(dòng)能越大

D.從金屬板中逸出的光電子就是々粒子

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、一質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)對其施加一方向不變、大小隨時(shí)間均勻增加的外力，且原來作用在質(zhì)點(diǎn)上的力不發(fā)生改

變。則該質(zhì)點(diǎn)()

A.速度的方向總是與該外力的方向相同

B.加速度的方向總是與該外力的方向相同

C.速度的大小隨該外力大小增大而增大

D.加速度的大小隨該外力大小增大而增大

8、如圖所示，質(zhì)量為M的木板靜止在光滑水平面上，木板左端固定一輕質(zhì)擋板，一根輕彈簧左端固定在擋板上，質(zhì)

量為機(jī)的小物塊從木板最右端以速度均滑上木板，壓縮彈簧，然后被彈回，運(yùn)動(dòng)到木板最右端時(shí)與木板相對靜止。已

知物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，整個(gè)過程中彈簧的形變均在彈性限度內(nèi)，則()

A.木板先加速再減速，最終做勻速運(yùn)動(dòng)

B.整個(gè)過程中彈簧彈性勢能的最大值為士生

4(M+ni)

C.整個(gè)過程中木板和彈簧對物塊的沖量大小為網(wǎng)殳

M+m

D.彈簧壓縮到最短時(shí)，物塊到木板最右端的距離為'

2H(M+m)g

9、2012年6月9日晚，受沿線焚燒秸稈產(chǎn)生的煙霧影響，寧洛高速安徽省蒙城段發(fā)生多起多點(diǎn)車輛追尾事故，假設(shè)

高速公路上甲、乙兩車在同一車道上同向行駛，甲車在前，乙車在后，速度均為vo=3Om/s,距離$o=lOOm,￡=0時(shí)

刻甲車遇緊急情況后，甲、乙兩車的加速度隨時(shí)間的變化如圖甲、乙所示，取運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较颍铝姓f法正確的是

()

A.f=6s時(shí)兩車速度相等B.f=6s時(shí)兩車距離最近

C.0?6s內(nèi)兩車位移之差為90mD.兩車在0?9s內(nèi)會(huì)相撞

10、如圖所示，半徑為R的光滑圓形軌道豎直固定，軌道最高點(diǎn)為P,最低點(diǎn)為一小球在圓形軌道內(nèi)側(cè)做圓周運(yùn)

動(dòng)，小球通過0時(shí)的速度為也小球通過尸點(diǎn)和。點(diǎn)時(shí)對軌道的彈力大小分別為耳和用，彈力大小之差為

△尸=鳥一片，下列說法正確的是()

A.如果y不變，A越大，則月越大

B.如果衣不變，1,越大，則"越大

C.如果v越大，則A尸越大

D.AF與丫和R大小均無關(guān)

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）某學(xué)校在為準(zhǔn)備學(xué)生實(shí)驗(yàn)“測量電阻絲的電阻率實(shí)驗(yàn)”時(shí)購進(jìn)了多卷表面有很薄絕緣層的合金絲，一研究性

學(xué)習(xí)小組同學(xué)想通過自己設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)來測算金屬合金絲的電阻率和長度。

（1）小組某同學(xué)先截取了一小段合金絲，然后通過實(shí)驗(yàn)測定合金絲的電阻率，根據(jù)老師給提供的器材，他連成了如圖甲

所示的實(shí)驗(yàn)實(shí)物圖：該實(shí)驗(yàn)連接圖中電流表采用的是（填“內(nèi)接”或“外接”），滑動(dòng)變阻器采用的是（填“分

壓式''或"限流式”）；實(shí)驗(yàn)時(shí)測得合金絲的長度為0.300m,在測金屬合金絲直徑時(shí)，螺旋測微器的測量結(jié)果如圖乙所示,

則金屬合金絲的直徑為mm。

（2）實(shí)驗(yàn)過程中電壓表V與電流表A的測量結(jié)果已經(jīng)在圖丙中的U-/圖像中描出，由U-/圖像可得，合金絲的電阻

為由電阻定律可計(jì)算出合金絲的電阻率為Sim（保留三位有效數(shù)字）。

UN

丙

（3）小組另一同學(xué)用多用電表測整卷金屬合金絲的電阻，操作過程分以下三個(gè)步驟：

①將紅黑表筆分別插入多用電表的插孔：選擇電阻擋“X100”；

②然后將兩表筆短接，調(diào)整“歐姆調(diào)零旋鈕''進(jìn)行歐姆調(diào)零；

③把紅黑表筆分別與合金絲的兩端相接，多用電表的示數(shù)如圖丁所示，該合金絲的電阻約為

（4）根據(jù)多用電表測得的合金絲電阻值，不計(jì)合金絲絕緣層的厚度，可估算出合金絲的長度約m?（結(jié)果保留整數(shù)）

12.（12分）某同學(xué)利用圖甲所示裝置探究“加速度與力、物體質(zhì)量的關(guān)系”。圖中裝有祛碼的小車放在長木板上，左

端拴有一不可伸長的細(xì)繩，跨過固定在木板邊緣的定滑輪與一硅碼盤相連。在祛碼盤的牽引下，小車在長木板上做勻

加速直線運(yùn)動(dòng)，圖乙是該同學(xué)做實(shí)驗(yàn)時(shí)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的一條點(diǎn)跡清晰的紙帶，已知紙帶上每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有

一個(gè)點(diǎn)沒有畫出，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離分別是*、々、￡、％、了5、4,打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電的周期為T,

小車及車中祛碼的總質(zhì)量為叫，祛碼盤和盤中祛碼的總質(zhì)量為加2,當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。

“點(diǎn)計(jì)時(shí)器

功方向

（1）根據(jù)紙帶上的數(shù)據(jù)可得小車運(yùn)動(dòng)的加速度表達(dá)式為。=（要求結(jié)果盡可能準(zhǔn)確）。

⑵該同學(xué)探究在合力不變的情況下，加速度與物體質(zhì)量的關(guān)系。下列說法正確的是.

A.平衡摩擦力時(shí)，要把空祛碼盤用細(xì)繩通過定滑輪系在小車上，紙帶通過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器與小車連接，再把木板不帶滑

輪的一端用小墊塊墊起，移動(dòng)小墊塊，直到小車恰好能勻速滑動(dòng)為止

B.平衡摩擦后，還要調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使滑輪與小車間的細(xì)繩保持水平

C.若用網(wǎng)8表示小車受到的拉力，則為了減小誤差，本實(shí)驗(yàn)要求叫？機(jī)2

D.每次改變小車上祛碼的質(zhì)量時(shí)，都要重新平衡摩擦力

（3）該同學(xué)探究在町和，巧的總質(zhì)量不變情況下，加速度與合力的關(guān)系時(shí)，他平衡摩擦力后，每次都將小車中的祛碼取

出一個(gè)放在硅碼盤中，并通過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶求出加速度。得到多組數(shù)據(jù)后，繪出如圖丙所示的圖像，

發(fā)現(xiàn)圖像是一條過坐標(biāo)原點(diǎn)的傾斜直線。圖像中直線的斜率為（用本實(shí)驗(yàn)中相關(guān)物理量的符號表示）。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，00’為正對放置的水平金屬板M、N的中線。熱燈絲逸出的電子（初速度、重力均不計(jì)）在

電壓為。的加速電場中由靜止開始運(yùn)動(dòng)，從小孔。射入兩板間正交的勻強(qiáng)電場、勻強(qiáng)磁場（圖中未畫出）后沿00,做

直線運(yùn)動(dòng)。已知兩板間的電壓為2。，兩板長度與兩板間的距離均為L,電子的質(zhì)量為"八電荷量為e。求：

(1)板間勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B和方向；

(2)若保留兩金屬板間的勻強(qiáng)磁場不變使兩金屬板均不帶電，則從小孔0射入的電子在兩板間運(yùn)動(dòng)了多長時(shí)間？

廣IrN

燈q線…”

“I―1rM

14.(16分)如圖所示，在X0Y坐標(biāo)系中，在y<d的區(qū)域內(nèi)分布由指向y軸正方向的勻強(qiáng)電場，在dWyK3d的區(qū)

域內(nèi)分布有垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場，MN為電場和磁場的邊界，在y=34處放置一垂直于y軸的足夠大金屬

擋板ab,帶電粒子打到板上即被吸收(設(shè)軌跡圓與擋板ab相切的粒子剛好不會(huì)被吸收)，一質(zhì)量為m.電量為+9的粒

子以初速度也由坐標(biāo)原點(diǎn)。處沿x軸正方向射入電場，已知電場強(qiáng)度大小為我=”?，粒子的重力不計(jì).

9qd

(1)要使粒子不打到擋板上，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿足什么條件？

(2)通過調(diào)節(jié)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，可讓粒子剛好通過點(diǎn)P(4d,0)(圖中未畫出)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小.

15.(12分)如圖，在xOy平而內(nèi)，與x=3L兩直線之間存在兩勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同，方向均垂直于

xOy平面，x軸為兩磁場的分界線；在第/象限內(nèi)存在沿y軸負(fù)方向、場強(qiáng)大小為￡的勻強(qiáng)電場。一質(zhì)量為，小電荷

量為g(g>0)的粒子從x軸上的A點(diǎn)以某一初速度射入電場，一段時(shí)間后，該粒子運(yùn)動(dòng)到y(tǒng)軸上的尸(()，-)點(diǎn)，

2

以速度V。垂直于y軸方向進(jìn)入磁場。不計(jì)粒子的重力。

(1)求A點(diǎn)的坐標(biāo)；

(2)若粒子能從磁場右邊界離開，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的取值范圍；

(3)若粒子能從O'(3L,0)點(diǎn)離開，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的可能取值。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.當(dāng)%=2g時(shí),電流表的讀數(shù)為1A,電壓表的讀數(shù)為4V,根據(jù)歐姆定律

凡=區(qū)，Q=4Q

一A]

R=2Q,理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：2,根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得原線圈電壓是

U、二以七'」*4V=2V

n22

根據(jù)單相變壓器中電流與匝數(shù)成反比得原線圈電流是

人=生/,=2xlA=2A

所以電源輸出電壓為

U=5+1禺=2V+2x2V=6V

A錯(cuò)誤；

B.電源輸出功率為

P=UIl=12W

B錯(cuò)誤；

U,國2

D.根據(jù)歐姆定律得副線圈電流為所以原線圈電流是2寸，所以

K

A22

6V=2叢

1

R22

力=旦

28+&

當(dāng)g=8C時(shí)，t/2=6V,即電壓表的讀數(shù)為6V；變壓器輸出的功率

P八=——=-1-44-尺--=---14-4--

一生（&+8『64+]6

所以滿足

凡考

時(shí)變壓器輸入功率最大，解得

&=8。

變壓器輸出的功率尸2最大為：W,C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

2、A

【解析】

電容器接在R2（或滑動(dòng)變阻器）兩端，電容器兩端電壓和此（或滑動(dòng)變阻器）兩端電壓相等，滑動(dòng)變阻器滑片向右

移動(dòng)，電阻增大，&和滑動(dòng)變阻器構(gòu)成的并聯(lián)電路分壓增大，所以此兩端電壓增大，根據(jù)歐姆定律：

//

R

可知電流表示數(shù)增大；電容器兩端電壓增大，根據(jù)：

Q=CU

可知電荷量增多，A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。

3、A

【解析】

取水平地面為重力勢能零點(diǎn)，設(shè)拋出時(shí)物體的初速度為V0,高度為區(qū)物塊落地時(shí)的豎直方向的速度大小為叫落地

速度與水平方向的夾角為a,位移方向與水平方向的夾角為夕，根據(jù)題有

1,

—/nvg2=4mgh

解得

v0=ylSgh

豎直方向有

—mv\—mgh

2

解得

'=\1^

根據(jù)幾何關(guān)系得

tan」

%

代V,、叫解得

tan?=0.5

又根據(jù)速度夾角正切值與位移夾角正切值的關(guān)系有

tancr=2tanp

解得

tanP=0.25

故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選Ao

4、B

【解析】

A.白熾燈電阻

U22202

r=—=——Q=1100Q

P44

但是電風(fēng)扇是非純電阻電路，其內(nèi)阻要小于11()()Q,A項(xiàng)錯(cuò)誤;

B.白熾燈兩端電壓為220V,原、副線闊匝數(shù)比為1：5,由變壓器原理知，原線圈兩端電壓為44V,交流電壓表示數(shù)

為44V,故B正確;

C.再閉合開關(guān)S2,交流電源電壓不變，則電壓表示數(shù)不變，故C錯(cuò)誤;

D.再閉合開關(guān)S2后，副線圈輸出功率增大，則原線圈輸入功率增大，故D錯(cuò)誤。

故選B。

5、B

【解析】

A.火箭受到重力和空氣阻力以及內(nèi)部燃料噴出時(shí)的作用力，故A錯(cuò)誤;

B.火箭噴出的熱氣流對火箭的作用力與火箭對熱氣流的作用力為作用力和反作用力，二者大小相等，故B正確;

C.火箭加速向上，故處于超重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；

D.保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，由于具有向上的速度，故做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選B。

6、C

【解析】

A.共有C：=6種不同頻率的光子輻射出來，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.其中能級差大于2.29eV的躍遷有：4-1、3-1、2-1、4T2,即共有4種不同頻率的光子能使該金屬發(fā)生光電效

應(yīng)現(xiàn)象，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)光電效應(yīng)規(guī)律可知，入射光子的頻率越高，逸出光電子的最大初動(dòng)能越大，選項(xiàng)C正確；

D.從金屬板中逸出的光電子是一；e,不是a粒子，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選C.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、BD

【解析】

A.速度的方向不一定與該外力的方向相同，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.該外力的方向就是合外力的方向，則加速度的方向總是與該外力的方向相同，選項(xiàng)B正確；

CD.該外力增大，則合外力增大，加速度變大，而速度的大小不一定隨該外力大小增大而增大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正

確；

故選BD?

8、AB

【解析】

A.物塊接觸彈簧之前，物塊減速運(yùn)動(dòng)，木板加速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)彈簧被壓縮到最短時(shí)，摩擦力反向，直到彈簧再次恢復(fù)原

長，物塊繼續(xù)減速，木板繼續(xù)加速；當(dāng)物塊與彈簧分離后，物塊水平方向只受向左的摩擦力，所以物塊加速，木板減

速；最終，當(dāng)物塊滑到木板最右端時(shí)，物塊與木板共速，一起向左勻速運(yùn)動(dòng)。所以木板先加速再減速，最終做勻速運(yùn)

動(dòng)，所以A正確；

B.當(dāng)彈簧被壓縮到最短時(shí)，彈簧的彈性勢能最大，此時(shí)物塊與木板第一次共速，將物塊，彈簧和木板看做系統(tǒng)，由

動(dòng)量守恒定律可得

mv0=(m+M)v

得

v=^L_

m+M

從開始運(yùn)動(dòng)到彈簧被壓縮到最短，由能量守恒可得

2

Ep=-mv^-L(m+M)v-Wf

從開始運(yùn)動(dòng)到物塊到達(dá)木板最右端，由能量守恒可得

22

2W(=|mv0-^(/?+M)v

卬.二刖2

14(m+M)

則最大的彈性勢能為

「Mmv：

En=-----------

P4(M+加)

所以B正確；

C.根據(jù)動(dòng)量定理，整個(gè)過程中物塊所受合力的沖量大小為

MmVr.

Ir=mv-mv=-------

°nM+m

所以迎也是合力的沖量大小，不是木板和彈簧對物塊的沖量大小，所以C錯(cuò)誤;

M+m

D.由題意可知，物塊與木板之間的摩擦力為

耳=〃加g

又系統(tǒng)克服摩擦力做功為

Wf=6x相對

則

_%_A1—

X相對一耳―4〃(M+/〃)g

即彈簧壓縮到最短時(shí)，物塊到木板最右端的距離為一口——，所以D錯(cuò)誤。

4/z(M+m)g

故選AB,

9、ABC

【解析】

AB.由加速度圖象可畫出兩車的速度圖象，如圖所示

由圖象可知，U6s時(shí)兩車等速，甲車在前，乙車在后，故速度相等時(shí)，兩車相距最近，故AB項(xiàng)正確;

C.圖中陰影部分面積為0?6s內(nèi)兩車位移之差:

Ax=—x30x3m+—x30x(6-3)m=90m<100m

22

故C項(xiàng)正確；

D.6s時(shí)，甲乙兩車的位移之差為90m,小于100m,沒有相撞，9s時(shí)位移之差小于90m,則不會(huì)相撞，故D錯(cuò)誤.

10、BD

【解析】

CD.應(yīng)用機(jī)械能守恒定律可知小球通過最高點(diǎn)時(shí)的速度為

v2=“_4g4

對小球在尸和。應(yīng)用向心力公式分別有

,口mvl

mg+[=—

K

_mv2

解得

口mv2

F\--5mg

?mv2

Fz=mg+下

則

△F=F2-=6mg

選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確:

2

A.由￡=與--5%可知，當(dāng)V不變時(shí)，6隨R增大而減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;

B.由工=J-+/”g可知，當(dāng)R不變時(shí)，"隨1,增大而增大，選項(xiàng)B正確。

故選BDo

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、外接限流式0.6803.003.63x10-61400140

【解析】

(1)口］根據(jù)實(shí)物連接圖分析可知該實(shí)驗(yàn)連接圖中電流表采用的是內(nèi)接，⑵滑動(dòng)變阻器采用的是限流式，⑶螺旋測微器

的固定刻度讀數(shù)0.5mm,可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.01xl8.0=0.180mm,所以最終讀數(shù)為0.5+0.180mm=0.680mm；

(2)［4］由U-I圖像，據(jù)歐姆定律可得該小段金屬合金絲的電阻為

△U2.70-0

RQ=3.00Q

0.90-0

⑸金屬合金絲的橫截面積

5=吟

根據(jù)電阻定律R=個(gè)可計(jì)算出金屬合金絲的電阻率為

(3)③網(wǎng)歐姆表選擇xlOO擋，由圖甲所示可知多用電表的表盤讀數(shù)為14,該合金絲的電阻約為

14x1000=1400。

(4)［7］根據(jù)電阻定律/?=華可知長度之比等于電阻之比，即有

1400_L'

3.00-0.300

所以金屬合金絲的長度

r=140m

②%+4+3一七一々一須c——

36T2叫+網(wǎng)

【解析】

因?yàn)槊肯噜弮捎?jì)數(shù)點(diǎn)之間還有一個(gè)點(diǎn)為畫出，為了減小偶然誤差，采用逐差法處理數(shù)據(jù)，則有

x6-x3=3q(2T)2,x5-x2=3%(2T>,x4-xl=3%(2T)?,

為了更加準(zhǔn)確的求解加速度，我們對三個(gè)加速度取平均值得

1、

a=_(qz+%+4)

解得

~一（%+$+匕）一（玉+*2+鼻）

一36〃

（2）［2］A.在該實(shí)驗(yàn)中，我們認(rèn)為繩子的拉力就等于小車所受的合外力，故在平衡摩擦力時(shí)，細(xì)繩的另一端不能懸掛裝

祛碼的祛碼盤，故A錯(cuò)誤；

B.平衡摩擦后，還要調(diào)節(jié)定滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與長木板保持平行，故B錯(cuò)誤；

C.本實(shí)驗(yàn)中，對小車及車中祛碼由牛頓第二定律得

T=m1a

對托盤和鉤碼由牛頓第二定律得

m.g-T=n12a

兩式聯(lián)立解得

1+四

my

由此可知只有滿足盤和硅碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時(shí)，近似認(rèn)為T，，4g，故C正確；

D.由于平衡摩擦力之后有

町gsin0=gcos0

故

tan。=R

所以無論小車的質(zhì)量是否改變，小車所受的滑動(dòng)摩擦力都等于小車的重力沿斜面的分力，改變小車質(zhì)量時(shí)不需要重新

平衡摩擦力，故D錯(cuò)誤。

故選C。

（3）［3］對盤和注碼

m2g-F=m2a

對小車

F=n\a

聯(lián)立解得

m2g=（州

認(rèn)為合力F=m2g,所以

F=（m,+嗎）a

即

F

a=-------

呵+tn,

a-歹圖象是過坐標(biāo)原點(diǎn)的傾斜直線，直線的斜率表示一'—?

呵+m2

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、,磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂紙面向外；(2)L叫q

L\e3\2eU

【解析】

(1)電子通過加速電場的過程中，由動(dòng)能定理有

eU=—mv2?

2

由于電子在兩板間做勻速運(yùn)動(dòng)，則

evB=eE②

其中

E=也③

L

聯(lián)立解得

L\e

根據(jù)左手定則可判斷磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂紙面向外；

(2)洛倫茲力提供電子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)所需要的向心力，有

2

evB-m—?

r

聯(lián)立①④⑤可得

r=L?

由幾何關(guān)系可知

6=60。⑦

而

T2兀惟

1=-----⑧

eB

則電子在場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

T_2jim

66eB

4〃z%4

14、⑵B

3qd3qd

【解析】

(1)粒子先在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，X=y/,d=-af,其中4=這=強(qiáng)，得到：X=-d

2m9d2

八m405

速度與X軸夾角tan6=『=§,9=53，進(jìn)入磁場速度u=

粒子剛好不打到擋板上，軌跡與板相切；設(shè)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)半徑為R,洛倫茲力提供向心力:

qvB=m—

r

由幾何關(guān)系：r+rcos53°=2d，得到：r=^-d

4

得到：8=?孑，故要使粒子不打到擋板上，82粵」；

3qd3qa

8.

(2)粒子再次回到x軸上，沿x軸前進(jìn)的距離Ax=2，^—2rsin53°n=3d——r

5

調(diào)節(jié)磁場0〈廠4—d,所以dWAx<3d

4

4d4

粒子通過P點(diǎn)，回旋次數(shù)”=絲，所以一<〃44

Ar3

N為整數(shù)，只能取〃=2、〃=3、n-4

〃=2時(shí)，At=2d,此時(shí)磁場8=