2024屆新疆伊犁州奎屯一中化學高二下期末學業水平測試模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、下列說法正確的是A．使用pH試紙測量氣體的酸堿性時可以潤濕B．實驗室用氫氧化鈉溶液除去氯氣中的少量HClC．蒸餾操作時，溫度計水銀球應插入混合液中D．配制溶液定容時，俯視容量瓶的刻度線，則所配制溶液的濃度偏低2、學習化學要懂得結構決定性質，性質也可以預測結構；已知稀有氣體氟化物XeF2是非極性分子，下列有關說法正確的是A．二氟化氙的各原子最外層均達到8電子的穩定結構B．XeF2的沸點比KrF2的高C．二氟化氙的空間結構為V形D．二氟化氙是由非極性鍵構成的非極性分子3、下述實驗中均有紅棕色氣體產生，對比分析所得結論不正確的是（）A．由①中的紅棕色氣體，推斷濃硝酸受熱易分解，應保存在低溫陰暗處B．紅棕色氣體不能表明②中木炭與濃硝酸發生了反應C．由③說明濃硝酸具有揮發性，生成的紅棕色氣體為還原產物D．③的氣體產物中檢測出CO2，由此說明木炭一定與濃硝酸發生了反應4、科學家發現了如下反應：O2+PtF6＝O2(PtF6)，已知O2(PtF6)為離子化合物，其中Pt的化合價為+5，對于此反應，下列說法正確的是（）A．O2是氧化劑，PtF6是還原劑B．O2(PtF6)中氧元素的化合價為+1C．O2(PtF6)中不存在離子鍵D．O2(PtF6)既是氧化產物又是還原產物5、下列離子或分子組中能大量共存，且滿足相應要求的是（

）選項離子要求AK+、NO3-、Cl-、HS-c（K+）<c（Cl-）BFe3+、NO3-、SO32-、Cl-逐滴滴加鹽酸立即有氣體產生CNa+、HCO3-、Mg2+、SO42-逐滴滴加氨水立即有沉淀產生DNH4+、Al3+、SO42-、CH3COOH滴加NaOH濃溶液立刻有氣體產生A．A B．B C．C D．D6、下圖是先用濃硫酸與乙醇反應制取乙烯，再由乙烯與Br2反應制備1，2-二溴乙烷（熔點：9.5℃，沸點：131℃）的反應裝置（加熱和加持裝置略去），下列說法錯誤的是（）A．儀器X使用前要先拔掉上口的玻璃塞B．裝置B的作用是防堵塞安全作用C．若略去裝置C，會使液溴部分損耗D．裝置E是尾氣處理裝置，主要吸收尾氣中的溴蒸氣，防止污染環境7、已知S2O8n－離子和H2O2一樣含過氧鍵，因此也有強氧化性，S2O8n－離子在一定條件下可把Mn2+氧化成MnO4－離子，若反應后S2O8n－離子生成SO42－離子；又知反應中氧化劑與還原劑的離子數之比為5：2則S2O8n－中的n值和S元素的化合價是（）A．2,+7 B．2,+6 C．4,+7 D．4,+48、一定條件下，將NO(g)和O2(g)按物質的量之比2∶1充入反應容器，發生反應：2NO(g)+O2(g)2NO2(g)。其他條件相同時，分別測得NO的平衡轉化率在不同壓強（p1、p2）下隨溫度變化的曲線如下圖所示。下列說法正確的是A．p1<p2B．其他條件不變，溫度升高，該反應的反應限度增大C．400℃、p1條件下，O2的平衡轉化率為20%D．400℃時，該反應的化學平衡常數的數值為10/99、下列有關說法正確的是A．25℃時NH4Cl溶液的Kw大于100℃時NaCl溶液的KwB．pH＝2的鹽酸和pH＝12的NaOH溶液等體積混合后溶液肯定呈中性C．將常溫下0.1mol/LpH＝a的醋酸稀釋到pH＝a＋1時，其物質的量濃度c＜0.01mol/LD．等體積等pH的鹽酸和醋酸與足量鋅反應時，開始時反應速率相等，最終產生的氫氣一樣多10、設NA為阿伏加德羅常數的值。下列說法正確的是()A．標準狀況下，11.2LCH3Cl含極性鍵數目為2NAB．甲基的碳原子雜化軌道類型是sp2，每摩爾甲基含9NA電子C．等質量的葡萄糖和乙酸所含碳原子數均為NA/30D．有機物()中最多有6個原子在同一直線上11、將一塊鋁箔用砂紙打磨表面后，放置一段時間，在酒精燈上加熱至熔化，下列說法正確的是()A．熔化的是鋁 B．熔化的是Al2O3C．熔化物滴落 D．熔化物迅速燃燒12、下列表述正確的是A．苯和氯氣生成C6H6Cl6的反應是取代反應B．乙烯與溴水發生加成反應的產物是CH2CH2Br2C．等物質的量的甲烷與氯氣反應的產物是CH3ClD．硫酸作催化劑，CH3CO18OCH2CH3水解所得乙醇分子中有18O13、從甜橙的芳香油中可分離得到如下結構的化合物：現有試劑：①KMnO4酸性溶液；②H2/Ni；③Ag(NH3)2OH；④新制Cu(OH)2，能與該化合物中所有官能團都發生反應的試劑有A．①② B．②③ C．③④ D．①④14、宋代著名法醫學家宋慈的《洗冤集錄》中有銀針驗毒的記載，“銀針驗毒”涉及的化學反應是：4Ag+2H2S+O2===2X+2H2O，下列說法不正確的是A．X的化學式為Ag2SB．還原性：H2S＞H2OC．每消耗11.2LO2，反應中轉移電子的數目為2NAD．X是氧化產物15、2005年11月13日，中國石油吉林石化公司雙苯廠一裝置發生爆炸，導致嚴重污染。這次爆炸產生的主要污染物為硝基苯、苯和苯胺等。下列說法正確的是（）A．硝基苯是由苯與濃硝酸在濃硫酸作用下發生取代反應制取的B．苯可以發生取代反應也可以發生加成反應，但不可被氧化C．硝基苯有毒，密度比水小，可從水面上“撈出”D．苯與硝基苯都屬于芳香烴16、常溫下，下列各組離子在指定溶液中一定能大量共存的是（）A．含大量Fe3+的溶液中：

Na+、Mg2+、SO42-、SCN-B．c(OH-)c(H+)=106的溶液中：

NH4C．能使甲基橙變紅的溶液中：

Cu2+、

Mg2+、SO42-、Cl-D．1.0

mol·L-1的KNO3溶液中：Fe2+、H+、Cl-、I-二、非選擇題（本題包括5小題）17、對乙酰氨基苯酚，俗稱撲熱息痛，具有很強的解熱鎮痛作用，工業上通過下列方法合成（B1和B2、C1和C2分別互為同分異構體，無機產物略去）：已知：請回答下列問題：（1）A的結構簡式為______________，C2的結構簡式為_________________。（2）上述②～⑤的反應中，屬于取代反應的有________________（填數字序號）。（3）工業上不是直接用硝酸氧化苯酚得到C1，而是設計反應①、②、③來實現，其目的是________________________________________________。（4）反應⑤的化學方程式為_____________________________________________。（5）撲熱息痛有多種同分異構體，其中符合下列條件的同分異構體共有______種。a．苯環上只有兩個取代基，其中一個含碳不含氮，另一個含氮不含碳；b．兩個氧原子與同一個原子相連。其中核磁共振氫譜中只出現四組峰，且峰面積比為3:2:2:2，又不能發生水解反應的同分異構體的結構簡式為_____________________________。其中既能發生銀鏡反應，也能分別與鹽酸、氫氧化鈉溶液反應，在核磁共振氫譜中只出現五組峰的同分異構體的結構簡式為_________________________。18、[化學—選修有機化學基礎]化合物F是合成抗心律失常藥—多非利特的中間體，以苯為原料合成F的路線如下:已知：①CH3CH=CH2CH3CHBrCH3②CH3CH=CH2CH3CH2CH2Br試回答下列問題（1）苯→A轉化的反應類型是。（2）化合物C→D轉化的反應條件通常是，化合物D（填“存在”、“不存在”）順反異構，已知化合物C的核磁共振氫譜顯示有四種峰，且峰的面積比為2︰2︰1︰3，則C的結構簡式為。（3）寫出E→F轉化的化學方程式。（4）化合B的同分異構體有多種，滿足以下條件的同分異構體共有種。①屬于芳香族化合物②分子結構中沒有甲基，但有氨基③能發生銀鏡反應和水解反應，并且與NaOH反應的物質的量之比為1︰2（5）苯乙酮（）常用作有機化學合成的中間體，參照上述合成F的部分步驟，設計一條以苯為起始原料制備苯乙酮的合成路線。19、某同學進行影響草酸與酸性高錳酸鉀溶液反應速率因素的研究。草酸與酸性高錳酸鉀的反應為：2KMnO4+5H2C2O4+3H2SO4＝K2SO4+2MnSO4+10CO2↑+8H2O。室溫下，實驗數據如下：實驗序號①②③加入試劑0.01mol/LKMnO40.1mol/LH2C2O40.01mol/LKMnO40.1mol/LH2C2O4MnSO4固體0.01mol/LKMnO40.1mol/LH2C2O4Na2SO4固體褪色時間/s1166117請回答：（1）該實驗結論是________。（2）還可以控制變量，研究哪些因素對該反應速率的影響________。（3）進行上述三個實驗后，該同學進行反思，認為實驗①的現象可以證明上述結論。請你寫出實驗①的現象并分析產生該現象的原因________。（4）實驗②選用MnSO4固體而不是MnCl2固體的原因是_________。20、制備苯甲酸的反應原理及有關數據如下：名稱相對分子質量性狀熔點沸點溶解度甲苯92無色液體-95℃110℃不溶于水苯甲酸122白色片狀或針狀晶體122℃248℃微溶于水高錳酸鉀158易溶于水實驗過程如下：①將高錳酸鉀、水和氫氧化鈉溶液混合搖勻后，加入甲苯，采用電磁攪拌，加熱（但溫度不要太高），冷凝回流2h。如仍有高錳酸鉀的紫色存在，則加數滴乙醇。②將混合液過濾后冷卻。③濾液用鹽酸酸化，析出白色晶體過濾，洗滌，干燥，得到苯甲酸的粗產品，最后測定其熔點。回答下列問題：（1）①中反應易暴沸，本實驗中采用______方法防止此現象；乙醇的作用是____________________。（2）②中過濾出的沉淀是____________________。（3）③中測定熔點時，發現到130℃時仍有少量不熔，推測此不熔物的成分是____________________。（4）提純苯甲酸粗產品的方法是____________________。21、有A、B、C、D、E、F六種元素：其中A、B、C、D、E是短周期元素，F為過渡金屬，原子序數依次增大，A、B處于同一周期，B的最外層電子數是內層電子數的3倍。C、D、E同處另一周期。C、B可按原子個數比2∶l和1∶1分別形成兩種化合物甲和乙。D、A按原子個數比3∶2形成離子化合物丙。E是地殼中含量最高的金屬元素，F是生活生產中用量最多的金屬。根據以上信息回答下列問題：（1）A原子最外層的電子排布圖_______（2）B元素在周期表中的位置是______________（3）化合物乙的化學鍵類型是________________（4）化合物丙的電子式是____________（5）F的電子排布式是__________

參考答案一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、A【解題分析】

A．測定未知氣體的酸堿性時，pH試紙需要潤濕，故A正確；B．氯氣能和氫氧化鈉反應，故用氫氧化鈉溶液除去氯氣中的HCl時，會將氯氣也一起吸收，故B錯誤；C．蒸餾時溫度計測定餾分的溫度，則溫度計水銀球應在支管口處，故C錯誤；D．配制一定物質的量濃度的溶液，定容時俯視容量瓶的刻度線，會導致溶液的體積偏小，溶液的濃度偏高，故D錯誤；故選A。2、B【解題分析】

A.二氟化氙的氙原子原有8個電子，故其與氟成鍵后最外層一定超過到8電子，A錯誤；B.XeF2、KrF2均為分子晶體，分子量越大，沸點越高，XeF2的沸點比KrF2的高，B正確；C.二氟化氙為非極性分子，則其分子結構一定是對稱的，故分子的空間構型為直線型，C錯誤；D.二氟化氙為直線構型，則由極性鍵構成的非極性分子，D錯誤；答案為B3、D【解題分析】

①中濃硝酸分解生成二氧化氮氣體，②中C與濃硝酸反應生成二氧化氮或濃硝酸受熱分解生成二氧化氮，③中濃硝酸揮發后與C反應生成二氧化碳、二氧化氮，以此來解答。【題目詳解】A．加熱條件下，濃硝酸分解生成二氧化氮和氧氣，則產生的氣體一定是混合氣體，故A正確；B．加熱條件下，濃硝酸分解生成二氧化氮和氧氣，則紅棕色氣體不能表明②中木炭與濃硝酸產生了反應，故B正確；C．硝酸中N元素化合價為+5價，生成二氧化氮的N元素化合價為+4價，化合價降低，在生成的紅棕色氣體為還原產物，故C正確；D．碳加熱至紅熱，可與空氣中氧氣反應生成二氧化碳，不一定說明木炭一定與濃硝酸發生了反應，故D錯誤；故選D。4、D【解題分析】分析：O2(PtF6)為離子化合物，其中Pt的化合價為+5，F的化合價為-1價、則O元素化合價為+1/2價，O2+PtF6＝O2(PtF6)中O元素化合價由0價變為+1/2價、Pt元素化合價由+6價變為+5價，據此解答。詳解：A．根據化學反應可知，氧元素的化合價由0價升高到+1/2價，失電子發生氧化反應，Pt元素的化合價由+6價降低到+5價，得電子發生還原反應，所以O2是還原劑，PtF6是氧化劑，A錯誤；B．根據題意，O2(PtF6)為離子化合物，其中Pt的化合價為+5，則O2(PtF6)中氧元素的化合價為+1/2價，B錯誤；C．O2(PtF6)為離子化合物，存在離子鍵，C錯誤；D．由于O2是氧化劑，PtF6是還原劑，因此O2(PtF6)既是氧化產物又是還原產物，D正確；答案選D。點睛：考查氧化還原反應、化學鍵的有關判斷，準確判斷出O2(PtF6)中氧元素的化合價是解答的關鍵。注意氧化劑、還原劑與元素化合價變化關系，易錯選項是A，題目難度不大。5、C【解題分析】

A.根據溶液呈電中性可知，c(H+)+c（K+）=c(OH-)+c（Cl-）+c（NO3-）+c（HS-），若c（K+）＜c（Cl-），則c(H+)＞c(OH-)，溶液呈酸性，在酸性條件下HS-不能大量共存，且NO3-有強氧化性可以將其氧化，故A錯誤；B.Fe3+與SO32-能發生氧化還原反應，不能大量共存，B錯誤；C.逐滴滴加氨水，溶液的堿性增加，HCO3-與一水合氨反應生成碳酸根離子，馬上與鎂離子反應，立即有碳酸鎂沉淀和氫氧化鎂沉淀產生，C正確；D.滴加NaOH濃溶液時，與CH3COOH反應生成鹽和水，無氣體產生，D錯誤；答案為C。6、A【解題分析】

A.恒壓滴液漏斗使用前可以不拔掉上口的玻璃塞，由于液面上方氣體與燒瓶內氣體相通，液體容易流下，故A錯誤；B.裝置B中的長玻璃管可以平衡裝置內氣體的壓強，起到防堵塞安全作用，故B正確；C.濃硫酸與乙醇反應生成乙烯的過程中會產生二氧化硫等雜質氣體，裝置C中的氫氧化鈉可以除去乙烯中的二氧化硫，否則二氧化硫也會與液溴反應，故C正確；D.尾氣中會含有少量溴蒸氣，裝置E中的氫氧化鈉可以吸收溴蒸氣，防止污染環境，故D正確；故選A。7、B【解題分析】

S2O8n－離子和H2O2一樣含過氧鍵，則其中有2個O顯-1價，另外6個O顯-2價。S2O8n－離子在一定條件下可把Mn2+氧化成MnO4－離子，Mn的化合價升高了5，反應后S2O8n－離子變成SO42－離子，則其中-1價O變為-2價。由關系式5S2O8n－~2Mn2+及化合價升降的總數相等可知，Mn元素的化合價共升高10，則5S2O8n－中共有10個-1價的O，其化合價共降低10，則S2O8n－中只有O的化合價降低，S的化合價不變，始終為+6價，故n=2，故正確答案：B。8、A【解題分析】

A．2NO(g)+O2(g)?2NO2(g)是正方向體積減小的反應，增大壓強平衡正移，則NO的轉化率會增大，由圖可知，相同溫度下，p2時NO的轉化率大，則p2時壓強大，即p1<p2，故A正確；B．由圖象可知，隨著溫度的升高，NO的轉化率減小，說明升高溫度，平衡逆向移動，該反應的反應限度減小，故B錯誤；C．根據圖像，400℃、p1條件下，NO的平衡轉化率為40%，將NO(g)和O2(g)按物質的量之比2∶1充入反應容器，則O2的平衡轉化率也為40%，故C錯誤；D．該反應為氣體的體積發生變化的反應，根據平衡常數K=，而c=，因此K=與氣體的物質的量和容器的體積有關，題中均未提供，因此無法計算400℃時，該反應的化學平衡常數K，故D錯誤；答案選A。9、C【解題分析】

A.25℃時NH4Cl、NaCl均為強電解質，不存在電離平衡，A錯誤；B.常溫時，pH＝2的鹽酸和pH＝12的NaOH溶液等體積混合后溶液肯定呈中性，未給定溫度，則不一定為中性，B錯誤；C.將常溫下0.1mol/LpH＝a的醋酸稀釋到pH＝a＋1時，加水稀釋后的體積大于原來的10倍，其物質的量濃度c＜0.01mol/L，C正確；D.等體積等pH的鹽酸和醋酸與足量鋅反應時，開始時反應速率相等，醋酸為弱電解質，隨反應的進行，未電離的分子逐漸電離，最終產生的氫氣比鹽酸多，D錯誤；答案為C【題目點撥】醋酸為弱電解質，加水稀釋時，未電離的分子逐漸電離，導致氫離子濃度減小的程度小，稀釋為原來氫離子濃度的1/10時，則需多加水。10、A【解題分析】

A．標準狀況下，11.2LCH3Cl的物質的量==0.5mol，每個分子中含有4個極性鍵，因此含極性鍵數目為0.5NA×4=2NA，故A正確；B．甲基的碳原子含有4個σ鍵，沒有孤電子對，雜化軌道類型是sp3，甲基不帶電荷，每摩爾甲基含9NA電子，故B錯誤；C．葡萄糖和乙酸的最簡式均為CH2O，等質量的葡萄糖和乙酸含有的碳原子數相等，但質量未知，無法計算具體數目，故C錯誤；D．乙炔為直線結構，苯環為正六邊形結構，該有機物中最多有7個()原子在同一直線上，故D錯誤；答案選A。【題目點撥】本題的易錯點和難點為D，要注意苯環為正六邊形，苯環對角線上的四個原子共線。11、A【解題分析】

打磨掉氧化膜的鋁又迅速被O2氧化為Al2O3包裹在Al的表面，保護內層的Al不被繼續氧化；由于Al2O3的熔點比Al高，當加熱至鋁熔化時，Al2O3薄膜依然完好存在，里面熔化的鋁不能與O2接觸，因此不能迅速燃燒，熔化的鋁也不會滴落下來，答案選A。12、D【解題分析】

A.苯和氯氣生成農藥六六六，其反應方程式為，反應類型是加成反應，A項錯誤；B.乙烯與溴水發生加成反應的產物是CH2BrCH2Br，B項錯誤；C.甲烷和氯氣反應為連續反應，甲烷和氯氣生成CH3Cl和HCl，接著CH3Cl和氯氣生成CH2Cl2和HCl，之后生成CHCl3和CCl4,，因而產物除了4種有機物，還有HCl，C項錯誤；D.酯類水解斷裂C-18O單鍵，該18O原子結合水中H，即生成乙醇H18OCH2CH3，因而，D項正確。故答案選D。13、A【解題分析】

由圖中結構可知，該物質中含有-C=C-、-CHO，結合烯烴和醛的性質來解答。【題目詳解】①碳碳雙鍵、醛基均能被酸性高錳酸鉀氧化，故①選；②碳碳雙鍵、醛基均能與氫氣發生加成反應，故②選；③該物質中含有醛基，能發生銀鏡反應，故③不選；④該物質中含有醛基，能與新制Cu（OH）2反應生成氧化亞銅沉淀，故④不選；故選A。14、C【解題分析】

由質量守恒定律可知X的化學式為Ag2S，反應中Ag元素的化合價升高，O元素的化合價降低，反應的化學方程式為4Ag+2H2S+O2＝2Ag2S+2H2O。【題目詳解】A項、由質量守恒定律可知X的化學式為Ag2S，故A正確；B項、同主族元素從上到下，元素的非金屬性依次減弱，氫化物的還原性依次增強，則還原性：H2S＞H2O，故B正確；C項、沒有明確是否為標準狀況，無法計算11.2LO2的物質的量，故C錯誤；D項、反應中Ag元素的化合價升高，O元素的化合價降低，則Ag2S是氧化產物，故D正確；故選C。【題目點撥】本題考查氧化還原反應，注意從質量守恒的角度判斷X的化學式，把握反應中元素的化合價變化為解答的關鍵。15、A【解題分析】

A.硝基苯是由苯與濃硝酸在濃硫酸作用下發生硝化反應即取代反應制取的，A正確；B.苯可以發生取代反應也可以發生加成反應，也可被氧化，例如苯燃燒是氧化反應，B錯誤；C.硝基苯有毒，密度比水大，C錯誤；D.硝基苯中含有氧原子和氮原子，不屬于芳香烴，屬于芳香族化合物，D錯誤；答案選A。【題目點撥】選項D是易錯點，含有苯環的烴叫芳香烴；含有苯環且除C、H外還有其他元素(如O、Cl等)的化合物叫芳香化合物；芳香化合物、芳香烴、苯的同系物之間的關系為。16、C【解題分析】分析：本題考查的是一定條件下的離子共存問題，是常考題型，注意條件對離子的存在的限制。詳解：A.鐵離子和硫氰根離子反應不能共存，故錯誤；B.溶液為堿性，銨根離子不能存在，故錯誤；C.溶液為酸性，四種離子不反應能共存，故正確；D.亞鐵離子在酸性條件下與硝酸根離子反應，不能共存，故錯誤。故選C。點睛：在進行離子共存判斷時需要注意是否含有條件，如顏色，溶液的酸堿性等，掌握常見的四種有顏色的離子：銅離子、鐵離子、亞鐵離子和高錳酸根離子。掌握酸堿指示劑的顏色和變色范圍等。二、非選擇題（本題包括5小題）17、②、③、⑤保護酚羥基不被硝酸氧化15【解題分析】

苯酚和CH3I發生取代反應生成，與硝酸發生硝化反應生成或，與HI發生取代反應，則C1為，C2為，D為，結合有機物的結構和性質解答該題。【題目詳解】（1）由分析可知，A的結構簡式為，C2的結構簡式為；（2）反應②：與硝酸發生硝化（取代）反應生成或，反應③：與HI發生取代反應生成，反應④：被還原生成，反應⑤：與CH3COOH發生取代反應生成，則②～⑤的反應中，屬于取代反應的有②、③、⑤；（3）工業上不是直接用硝酸氧化苯酚得到C1，而是設計反應①、②、③來實現，因為C1、C2含有酚羥基，易被硝酸氧化，應先生成醚基，防止被氧化；（4）反應⑤：與CH3COOH發生取代反應生成，化學方程式為；（5）含N基團可為氨基或硝基，當為氨基時，含碳基團可為羧基或酯基，當為硝基時，對位應為乙基。取代基結構可能為：-CH2CH3、-NO2；-COOCH3、-NH2；-CH2COOH、-NH2；-OOCCH3、-NH2；-CH2OOCH、-NH2；再苯環上分別有鄰間對三種結構，共35=15種。其中核磁共振氫譜中只出現四組峰，且峰面積比為3:2:2:2，又不能發生水解反應（不含酯基）的同分異構體的結構簡式為。其中既能發生銀鏡反應（甲酸酯），也能分別與鹽酸、氫氧化鈉溶液反應，在核磁共振氫譜中只出現五組峰的同分異構體的結構簡式為。【題目點撥】本題考查有機物的推斷，注意把握有機物的結構和性質，特別是官能團的變化，是解答該題的關鍵。18、（1）取代反應（2）NaOH醇溶液、加熱不存在（3）＋CH3NH2＋HBr（4）3（5）【解題分析】試題分析：（1）苯與一氯乙烷反應后在苯環上連接乙基，說明為取代反應。（2）C到D是鹵代烴的消去反應，條件為NaOH醇溶液和加熱；化合物D中是乙烯基，不存在順反異構。C的核磁共振氫鋪顯示有四種峰，則說明有四種氫原子，其結構為。（3）E到F是發生的取代反應，方程式為＋CH3NH2＋HBr。（4）化合物B的同分異構體中滿足要求的能發生銀鏡反應和水解反應，說明含有甲酸酯，且與氫氧化鈉反應的物質的量比為1:2，則酯水解后產生酚羥基，說明結構中有兩個側鏈，分別為-CH2NH2和-OOCH，兩個側鏈在苯環上可以是鄰間對三種位置關系，所以用3種結構。（5）從逆推方法分析，要出現羰基，需要先出現羥基，發生氧化反應即可，而羥基的出現是由鹵代烴水解生成的，而鹵代烴是由烴基于鹵素在光照條件下發生取代反應得到的，所以先在苯環上連接乙基，生成乙苯，再在光照條件下取代中間碳原子上的氫原子生成醇，在氧化即可，流程如下：。考點：有機物的合成和性質19、在其他條件相同時，Mn2+是KMnO4與H2C2O4反應的催化劑，起著加快反應速率的作用溫度、濃度等KMnO4溶液褪色的速率開始十分緩慢，一段時間后突然加快。因為反應生成的MnSO4是KMnO4與H2C2O4反應催化劑，能加快反應速率酸性KMnO4溶液具有強氧化性，能氧化MnCl2中的Cl－，也會使KMnO4溶液褪色，產生干擾【解題分析】

（1）實驗①、②、③中使用的反應物是都是0.01mol/LKMnO4、0.1mol/LH2C2O4，都在室溫下反應，說明濃度相同，溫度相同，高錳酸鉀褪色時間最快的是②，加了硫酸錳，③中加的是硫酸鈉與①褪色時間基本相同，對比得知起催化作用的是Mn2+，即該實驗結論是在其他條件相同時，Mn2+是KMnO4與H2C2O4反應的催化劑，起著加快反應速率的作用；（2）除催化劑對反應速率有影響外，還有其他的外界因素如溫度、濃度等；（3）實驗②中是單獨加入催化劑MnSO4，而草酸與酸性高錳酸鉀反應會生成MnSO4，那么這個反應的產物就會起到催化劑的作用，所以實驗①的現象是：KMnO4溶液褪色的速率開始十分緩慢，一段時間后突然加快，因為反應生成的MnSO4是草酸與酸性高錳酸鉀反應的催化劑，能加快化學反應速；（4）酸性KMnO4溶液具有強氧化性，能氧化氯化錳中的氯離子，也會使KMnO4溶液褪色，從而縮短褪色時間，產生干擾。【題目點撥