O……O…… 三總分*1.下列物理量中，屬于矢量的是()A.電場強度B.電勢C.電勢能D.電動勢2.真空中靜止的帶正電的點電荷，其電場線分布如圖所示，A、B為同一條電場線上的A.EA=EβB.EA<EβC.9A<9D.PA>9B3.下圖中標出了勻強磁場的磁感應強度B、通電直導線中的電流I和它受到的安培力F的方向，其中正確的是()期4.取一對用絕緣柱支撐的不帶電的導體A和B,使它們彼此接觸。A、B下方均連有兩片金屬箔片。手握絕緣棒，把帶正電荷的帶電體C移近導體A,下列判斷正確的是后O欺熱長5.如圖所示的電路，靈敏電流計G和一個電阻箱R并聯，改裝成一個大量程的電表，下列判斷正確的是()6.在一條沿南北方向水平放置的導線下方，放一個可以自由轉當導線接通向右的恒定電流時，觀察到小磁針發生轉動。下列判斷正確的是()A.小磁針的N極將垂直紙面向外轉動B.通電導線的磁場對小磁針的作用力使小磁針偏轉C.將小磁針分別放置在導線上方和下方，小磁針靜止時N極指向相同7.如圖所示的U-I圖像中，直線a為一個電源的路端電壓與電流的關系，直線b是電阻R的電壓與電流的關系。下列判斷正確的是()A.該電源的電動勢為3VB.該電源的內阻為2QC.該電阻R為22***后欺七D.若該電阻與電源連接成閉合電路，電源的輸出功率為12W束等離子體(即高溫下電離的氣體，含有大量正、負帶電粒子)以速度v沿垂直于磁場判斷正確的是()A.帶正電的粒子在兩板間受到的洛倫茲力方向向上D.只增大A、B兩板的面積，電源的電動勢增大勻強磁場垂直于線圈平面，且磁感應強度隨時間均勻減小。下列判斷正確的是()B.線圈a、b的感應電動勢之比是2:1D.線圈a、b的感應電流之比是2:1荷量。說明書還標明該手機電池的電動勢為3.7V,充滿電后播放視頻的最長時間約10小時。下列判斷正確的是()手機類型智能手機、4G手機1920×1080像素電池容量訂期待機時間10天A.該手機電池放電時輸出的總電荷量約為4000CB.該手機播放視頻時電池的平均輸出功率約為0.4WC.該手機播放視頻的電流大約為待機時電流的24倍D.該手機電池充滿電儲存的電能大約為4000J閱卷人得分閱卷人得分11.如圖所示，用細繩吊起一個鋁環，當條形磁體的某一磁極沿著過鋁環圓心的右靠近鋁環時，觀察到鋁環向右側擺動。下列判斷正確的是()A.正對環心的一定是條形磁體的N極D.若磁體向左側遠離鋁環，鋁環一定不會擺動圈，A和B是兩個相同的小燈泡。則()SD.斷開開關S時，通過B燈的電流方向發生改變B附近的空氣分子被電離，成為正離子和電子。電子向著A運動的過程中，遇到煙氣中后欺七O的粉塵，使粉塵帶負電，從而被吸附到A板上，最后在重力作用下落入下面下列說法正確的是()C.帶電后的粉塵向A板運動過程中，電場力做正功D.帶電后的粉塵向A板運動過程中，電勢能逐漸增加14.質譜儀可用來分析帶電粒子的基本性質，其示意圖如圖所示。帶電粒子從容器A下S?,沿著與磁場垂直的方向進入勻強磁場中，最后打到照相底片D上。圖中虛線為兩種帶電粒子在質譜儀中的運動軌跡，可以判斷的是()B.兩種帶電粒子電荷量的大小關系C.兩種帶電粒子質量的大小關系D.兩種帶電粒子在磁場中運動速度的大小關系(1)用螺旋測微器測金屬絲的直徑，其中一次測量的結果如圖1所示，金屬絲直徑的測量值d=mm。(2)用多用電表粗略測量金屬絲的電阻。使用前，觀察到多用電表指針已經對準表節圖2中的_旋鈕(選填“A”“B”或“C”),使表針指到表盤右端零刻度處；然后將紅、黑表筆接在金屬絲兩端，多用電表指針位置如圖3所示，則金屬絲的電阻值約為_(3)采用伏安法較精確測量金屬絲電阻，可選擇的器材如下：電源E(電動勢約為3V)電流表A?(量程0~3A,內阻約為0.0252)電壓表V(量程為0~3V,內阻約為3kΩ)滑動變阻器R?(最大阻值為202)滑動變阻器R?(最大阻值為1750Q)為使測量準確、操作方便，電流表應選擇(選填A?或A?);滑動變阻器應選乙(4)若通過實驗測量獲得了數據：金屬絲的直徑d、金屬絲的電阻R,以及金屬絲的后熱O區長度l,則金屬絲電阻率p=。(用d、l、R表示)化的I-t圖像。某同學利用圖1所示的電路進行實驗，觀察電容器充、放電過程。2SCR接計算機BE*(1)先使開關S長度l,則金屬絲電阻率p=。(用d、l、R表示)化的I-t圖像。某同學利用圖1所示的電路進行實驗，觀察電容器充、放電過程。2SCR接計算機BE*(1)先使開關S與1端相連，電源向電容器充電，這個過程可在短時間內完成。充(2)然后把開關S擲向2端，電容器通過電阻R放電。①傳感器將電流信息傳入計算機，屏上顯示出電流隨時間變化的I-t圖像，如圖2所示。根據圖像估算電容器放電過程釋放的電荷量為C:(結果保留兩位有效數字)②根據I-t圖像，在圖3中定性畫出此過程電容器所帶電荷量隨時間變化的q-t圖像,并說明依據期能量，然后被引向腫瘤，殺死癌細胞。如圖所示，真空中兩平行金屬離為d,兩板間電壓為U。來自質子源的質子，不計初速度，質量為m,電荷量為q,沿水平方向從A板上的小孔進入加速電場，經加速后從B板上的小孔穿出。質子的重力和*后欺七O訂(2)質子從A板運動至B板的過程中，靜電力做的功W;(3)質子從B板小孔射出時的速度，并據此提出增大質子速度的可行方案。18.如圖所示的電路中，電源的電動勢E為12V,內阻r為1Q,電阻R為32。電動機(1)只閉合開關S?時，求電路中的電流I和電源的輸出功率P?;(2)開關S?、S?均閉合后，電動機恰好正常工作，求電動機的輸出功率P?。位于ad邊中點S處的粒子源，不斷地沿著垂直ad邊的方向發射質量為m、電量為q的帶電粒子。粒子的初速度為v,經電場作用后恰好從c點射出。撤去電場，在該區域內加一方向垂直于紙面的勻強磁場，帶電粒子恰好從b點射出。帶電粒子的重力和粒子之(1)求勻強電場的電場強度大小E;(2)求勻強磁場的磁感應強度大小B;(3)定性比較帶電粒子通過電場區域和磁場區域的時間的大小，并說明依據。裝置，為了探究其剎車效果，制作了小車和軌道模型。在小車***后七N、邊長為L的正方形線圈，線圈總電阻為R,小車和線圈的總質量為m。線圈平面與水平軌道平行，俯視圖如圖所示。小車到站前，關閉小車引擎，讓其通過一個寬度為H方向豎直向下的勻強磁場區域，實施電磁制動。小車進入磁(1)a.若小車通過磁場區域后，速度降為v?b.若使小車持續減速通過勻強磁場區域，分析說明磁場區域的寬度H需要滿足什么條(2)a.為保證乘客安全，小車剛進入磁場時的加速度大小不能超過ao,則勻b.為減緩剎車給乘客帶來的不適感，剎車的加速度要遠小于ao,磁場的磁感應強度也遠小于上述B的條件，因此小車通過圖示磁場區域后仍有較大速度。若此后繼續以制動的方式使小車減速，為了在盡可能短的距離內讓小車減速裝答案解析部分【解析】【解答】矢量是既有大小又有方向的物理量，標量是只有大小沒有方向的物理量，標量運算遵守代數加減法則A.電場強度是矢量，A符合題意；BCD.電勢、電勢能、電動勢是標量，BCD不符合題意。【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，運算符合平行四邊形法則的物理量。【解析】【解答】AB.根據點電荷場強公式,可得EA>Eg,AB不符合題CD.根據順著電場線方向電勢降低可得9A>9g,C不符合題意，D符合題意。【分析】電場線密集的地方，電場強度較大。順著電場線方向電勢降低。【解析】【解答】A.根據左手定則，圖中安培力水平向左，A不符合題意；D.圖中電流和磁場方向平行，安培力為零，D不符合題意。【分析】根據左手定則判斷安培力方向。【解析】【解答】把帶正電荷的帶電體C移近導體A,則導體A外端由于靜電感應帶負電荷，導體B外端由于靜電感應帶正電荷，即導體A和導體B下方的金屬箔片均張開，七*。*后欺七根據電荷守恒定律可知，導體A和導體B的帶電量是相等的。【分析】把帶正電荷的帶電體C移近導體A,則導體A外端由于靜電感應帶負電荷。根據電荷守恒定律可知，導體A和導體B的帶電量是相等的。5.【答案】A【解析】【解答】AB.改裝成了電流表，R越小分流能力越強，電流表量程越大，R越大分流能力越弱，電流表量程越小，A符合題意，B不符合題意；CD.把電流計改裝成電壓表應給電流計串聯一個分壓電阻，串聯電阻越大，電壓表量程越大，由圖示電路圖可知，電流計與電阻R并聯，改裝成的是電流表，CD不符合題【分析】并聯，明顯是改裝成了電流表，R越小，分流能力越強，電流表量程越大。【解析】【解答】AC.根據右手螺旋定則可得小磁針的位置磁場方向為垂直紙面向里，因為小磁針靜止時N極的指向為磁場的方向，所以此時N極將垂直紙面向里轉動；同理當小磁針放置在導線上方時可得N極將垂直紙面向外轉動，AC不符合題意；B.因為通電導線產生的磁場對小磁針的作用力使小磁針偏轉，B符合題意；D.根據前面分析可得當導線垂直紙面，電流方向向外時，此時導線產生的磁場在小磁針處的方向與小磁針磁場方向相同，此時小磁針不會轉動，D不符合題意。【分析】根據右手螺旋定則可得小磁針的位置磁場方向為垂直紙面向里，所以此時N極將垂直紙面向里轉動。【知識點】電源電動勢及內阻【解析】【解答】AB.由閉合電路歐姆定律可得U=E-Ir,a圖線與縱軸交點表示電動勢，圖線斜率絕對值表示內阻，可得E=6V,,A不符合題意，B熱七C.由電阻R的電壓與電流的關系可得,C不符合題意；D.若該電阻與電源連接成閉合電路，a、b圖像的交點即為電路的電流及電源輸出電壓，則電源的輸出功率為P=2V×2A=4W,D不符合題意。【分析】圖線與縱軸交點表示電動勢，圖線斜率絕對值表示內阻。a、b圖像的交點即為該電阻與電源連接成閉合電路時，電路的電流及電源輸出電壓。【解析】【解答】AB.A、B之間的磁場方向為N極到S極，根據左手定則，帶正電的粒子受到的洛倫茲力方向向下，打在B板上，使得B板上積累正電荷，是電源的正極，ACD.電源的電動勢為E,極板間距離為d,極板間電壓穩定時滿足,解得E=Bdv,可得只增大等離子體的射入速度v,電源的電動勢增大，而只增大A、B兩板的面積，電源的電動勢不變，C符合題意，D不符合題意。【分析】磁流體發電機，當洛倫茲力與電場力平衡時，板間電壓達到最大值。增大等離子體的射入速度v,電源的電動勢增大。C.根據電阻定律得,所以線圈a、b的電阻之比為Ra:R,=2:1,C不*期*期*后欺七【分析】根據楞次定律，磁感應強度減小，磁通量減小，a、b線圈都產生順時針方向的電流，.根據法拉第電磁感應定律得線圈a、b的感應電動勢之比。根據歐姆定律和電阻定律求解電流大小。【解析】【解答】A.該手機電池放電時輸出的總電荷量約為q=4000×10-3×3600C=1.44×10?C,A不符合題意；B.該手機播放視頻的電流,播放視頻時電池的平均輸出功率約為P=UI=1.48W,B不符合題意；C.待機時電流,則手機播放視頻的電流與待機時電流的,c,c符合題意；D.該手機電池充滿電儲存的電能大約為W=qU=53280J,D不符合題意。【分析】電流乘以時間即為電荷量。根據功率表達式求解功率，存儲的電能即為電流能【解析】【解答】A.由楞次定律，正對環心的無論是條形磁體N極或S極，沿著過鋁環圓心的軸線向右靠近鋁環時，穿過鋁環的磁通量增加，鋁環中都會產生感應電流，阻礙磁體靠近鋁環，都能觀察到鋁環向右側擺動。A不符合題意；B.磁體靠近鋁環，鋁環中會產生感應電流，使鋁環擺動的力是磁場對鋁環的安培力，BC.磁體在靠近鋁環的過程中，產生感應電流的鋁環等效為一個小磁鐵，磁體會受到阻礙它運動的磁場力，C符合題意；D.若磁體向左側遠離鋁環，由楞次定律，穿過鋁環的磁通量減小，鋁環中都會產生感應電流，阻礙磁體遠離鋁環，鋁環向左擺動。D不符合題意。故答案為：BC。【分析】由楞次定律推論，來拒去留。產生感應電流的鋁環等效為一個條形磁鐵。遠離或者靠近都會使圓環磁通量改變，從而產生感應電流。【解析】【解答】AB.開關S閉合的瞬間，電源的電壓同時加到兩支路的兩端，B燈立即發光。由于線圈的自感電動勢阻礙電流的增加，則A燈逐漸變亮，由于線圈的電阻可以忽略，最后A燈會和B燈一樣亮，A不符合題意，B符合題意；C.斷開S后，兩燈泡與電感線圈形成閉合回路，此時通過小燈泡的電流不會大于斷開開關之前通過小燈泡的電流，A、B燈逐漸熄滅，C不符合題意；D.斷開S前，B燈電流從左向右，斷開S后線圈的自感電動勢阻礙電流的減小，線圈【分析】閉合瞬間，線圈產生自感電動勢，導致A燈逐漸變亮，而B燈立即變亮。熄滅燃燃CD.根據前面分析A板電勢高，帶電后的粉塵向A板運動過程中，因為帶負電所以電勢能逐漸減小，電場力做正功，C符合題意，D不符合題意。故答案為：AC。【分析】電子使粉塵帶負電，從而被吸附到A板上，可得A板電勢高連接電源的正極。帶電后的粉塵向A板運動過程中，電場力做正功，電勢能減小。的質量為m,電荷量為q,在加速電場中，由動能定理有,粒子在磁場*期*期后欺七中做圓周運動，由牛頓第二定律有A.聯立可得，帶電粒子的比荷為,由圖可知，兩種帶電粒子在磁場中做圓周運動的半徑大小關系，則可判斷兩種帶電粒子比荷的大小關系，A符合題意；B.由A分析可知兩種帶電粒子比荷的大小關系，但不知道兩種帶電粒子質量關系，則不可判斷兩種帶電粒子電荷量的大小關系，B不符合題意；C.由A分析可知兩種帶電粒子比荷的大小關系，但不知道兩種帶電粒子電荷量關系，則不可判斷兩種帶電粒子質量的大小關系，C不符合題意；D.帶電粒子在磁場中運動速度為離開加速電場的速度，則有,由A分析可知兩種帶電粒子比荷的大小關系，則可判斷兩種帶電粒子在磁場中運動速度的大小故答案為：AD。【分析】粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求解偏轉半【解析】【解答】(1)如圖1所示，金屬絲直徑的測量值d=0+33.3×0.01mm=(2)用多用電表粗略測量金屬絲的電阻。使用前，觀察到多用電表指針已經對準表盤左2中的歐姆調零旋鈕“C”,使表針指到表盤右端零刻度處；然后將紅、黑表筆接在金屬絲兩端，多用電表指針位置如圖3所示，則金屬絲的電阻值約為Rx=6×12=62(3)電路中的最大電流為,為使測量準確、操作方便，電流表應選擇量程為0.6A的電流表A?;為方便調節，滑動變阻器應選擇阻值較小的R?;由于待測金屬絲的電阻較小，故電流表應采用外接法，即應選用“甲”的電路圖進行實驗；由于電壓表內阻分流作用的影響，金屬絲電阻的測量電流大于真實電流，導致測量值比線欺七(4)若通過實驗測量獲得了數據：金屬絲的直徑d、金屬絲的電阻R,以及金屬絲的長度l,則,可得金屬絲電阻率【分析】(1)半毫米刻度線未露出，固定刻度讀數為零。(2)多用電表測電阻先選檔位，后調零，然后測量。(3)根據電流大小選擇電流表量程，由于待測金屬絲的電阻較小，故電流表應采用外接法，測量結果偏小。(4)根據電阻定律即可求得電阻率。16.【答案】(1)正(2)3.2×10-3;;放電時電容器帶電量減少，電流也減小【解析】【解答】(1)電容器A板與電源正極連接，充滿電的電容器上極板A帶正電量，圖像中一個小格的面積為:,圖線所圍面積約為40率減小，則q-t為【分析】(1)電容器A板與電源正極連接，電容器上極板A帶正電荷。…○17.【答案】(1)解：根據公式可得A、B兩板間勻強電場的電場強度大小為(2)解：靜電力做的功為W=qEd=qU(3)解：質子從A板運動至B板的過程中根據動能定理可得…○17.【答案】(1)解：根據公式可得A、B兩板間勻強電場的電場強度大小為(2)解：靜電力做的功為W=qEd=qU(3)解：質子從A板運動至B板的過程中根據動能定理可得方向水平向右，因為質子的帶電量和質量不變，所以要增大質子速度可增大兩平行金屬板A、B之間的電壓U。【解析】【分析】(1)勻強電場的場強等于板間電壓除以板間距離。(2)靜電力為恒力，做的功等于電場力乘以距離。(3)根據動能定理，求解粒子從電場加速后所獲得的速度，結合速度表達式判斷哪種方式可以增大質子的速度。18.【答案】(1)解：只閉合開關S?時，電路中的電流I為此時電源的輸出功率為P?=I2R=27W(2)解：開關S?、S?均閉合后，電動機恰好正常工作，可得此時路端電壓為6V,干路電流為所以此時電動機的輸出功率為P?=UIm-lm2R=16W【解析】【分析】(1)電阻為純電阻，其功率等于熱功率。(2)電動機恰好正常工作，可得此時路端電壓為6V,結合閉合電路歐姆定律求出干路電流。電動機的輸出功率等于電功率減去熱功率。19.【答案】(1)解：只加電場時，沿電場方向有垂直電場方向有L=vt聯立解得(2)解：只加磁場時，帶電粒子做勻速圓周運動，設粒子圓周運動的半徑為r,由幾何*期解得又根據*后欺七(3)解：帶電粒子在電場中的運動時間為帶電粒子在磁場中運動時，軌跡圓心角滿足帶電粒子在磁場中的運動時間為【解析】【分析】(1)粒子恰好從b點射出，則射出電場偏轉位移等于板間距離的一半，水平方向位移等于極板長度。后(2)只加磁場時，帶電粒子做勻速圓周運動,畫出粒子運動軌跡，由幾何知識可以算后出粒子運動半徑由洛倫茲力提供向心力可以算出磁感應強度。(3)算出粒子在磁場中運動軌跡的偏轉角以及運動周期，從而求出運動時間。20.【答案】(1)解：a.根據能量守恒定律可得在此過程中線圈產生的焦耳熱為Q=b.若使小車持續減速通過勻強磁場區域，應使正方形線框通過磁場區域時一直受到安培力的作用，即線框中要一直存在感應電流，所以可得磁場區域的寬度H需要滿足H=LEQ\*jc3\*hps7\o\al(\s\up1(),)((2)解：a.小車剛進入磁場時產生的感應電動勢為E=NBLv?可得小車受到的安培力大小為小車剛進入磁場時的加速度大小不能超過a?,即解得b.為了在盡可能短的距離內讓小車減速為零，應使小車一直處于減速狀態，所以在滿足磁場的磁感應強度遠小于上述B的條件下，根據前面分析可得磁場區域的寬度為L,相鄰磁場區域間的間隔距離為L,如圖所示。區*