江蘇省南京六合區程橋高級中學2023-2024學年物理高二第一學期期末達標檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法中，正確的是：（）A.由E=知電場中某點的電場強度E與F成正比B.由公式可知電場中某點的電勢φ與q成反比C.由Uab=ED可知，勻強電場中的任意兩點a、b間的距離越大，則兩點間的電勢差也一定越大D.公式C=，其中電容器的電容C與電容器兩極板間電勢差U無關2、一勻強電場的方向平行于xOy平面，平面內a、b、c、d四點的位置如圖所示，a點坐標為（0,0）、電勢φa=10V；b點坐標為（,1）、電勢φb=13V；d點坐標為（,3）、電勢φd=1V；則坐標為（0,4）的c點電勢φc為A.-3VB.-2VC.4VD.7V3、如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源（內阻不計）連接，下極板接地．一帶電油滴位于容器中的P點且恰好處于平衡狀態．現將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，則下列說法錯誤的是（）A.帶電油滴的電勢能將增大B.P點的電勢將降低C.帶電油滴將沿豎直方向向上運動D.電容器的電容減小，極板帶電量減小4、如圖所示，一個絕緣光滑半圓環軌道處于豎直向下的勻強電場E中，在軌道的上端，一個質量為m、帶電量為＋q的小球由靜止開始沿軌道運動，則（）A.小球運動過程中機械能守恒B.小球機械能和電勢能的總和先增大后減小C.在最低點球對環的壓力為（mg＋qE）D.在最低點球對環的壓力為3（mg＋qE）5、關于電流強度的概念，下列敘述中正確的是()A.通過導體截面的電量越多，電流強度越大B.在金屬導體內自由電子定向移動的方向就是電流方向C.單位時間內通過導體截面的電量越多，導體中的電流強度越大D.因為電流有方向，所以電流強度是矢量6、如圖所示，相互平行且等間距的直線a、b、c、d為一勻強電場中的等勢面，一帶正電的粒子以初速度v射入該勻強磁場，AB為其運動軌跡．若不計粒子所受重力，下列說法正確的是A.四個等勢面的電勢關系滿足B.粒子從A點運動到B點的過程中，速度大小不變C.粒子從A點運動到B點的過程中，動能先減少后增大D.粒子從A點運動到B點的過程中，電勢能減小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一理想變壓器原、副線圈匝數之比n1∶n2＝11∶5，原線圈與正弦交變電源連接，輸入電壓U如圖所示．副線圈僅接入一個10Ω的電阻，則()A.流過電阻的電流是20AB.與電阻并聯的電壓表的示數是100VC.經過1分鐘電阻發出的熱量是6×103JD.變壓器的輸入功率是1×103W8、如圖所示，R1、R2、R3、R4均為可變電阻，C1、C2均為電容器，電源的電動勢為E，內阻r≠0．若改變四個電阻中的一個阻值，則（）A.減小R1，C1、C2所帶的電量都增加B.增大R2，C1、C2所帶的電量都增加C.增大R3，C1、C2所帶的電量都增加D.減小R4，C1、C2所帶的電量都增加9、A、B兩塊正對的金屬板豎直放置，在金屬板A的內側表面系一絕緣細線，細線下端系一帶電小球可視為點電荷兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，電路中的為光敏電阻其阻值隨所受光照強度的增大而減小，為滑動變阻器，為定值電阻．當的滑片P在中間時閉合電鍵S，此時電流表和電壓表的示數分別為I和U，帶電小球靜止時絕緣細線與金屬板A的夾角為電源電動勢E和內阻r一定，電表均為理想電表．下列說法中正確的是（）A.無論將的滑動觸頭P向a端移動還是向b端移動，均不會變化B.若將的滑動觸頭P向b端移動，則I減小，U減小C.保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射，則小球重新達到穩定后變小D.保持滑動觸頭P不動，用較強的光照射，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變10、靜電場在x軸上的場強E隨x的變化關系如圖所示，x軸正向為場強正方向，帶正電的點電荷沿x軸運動，則點電荷（）A.在和處受電場力相等B.由運動到的過程中的電勢能保持不變C.由運動到的過程中電場力先減小后增大D.由運動到的過程中電場力先增大后減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）關于電流表、電壓表的改裝：（1）有一個滿偏電流為100mA的毫安表，電表內阻為9Ω，現將該毫安表的量程擴大至0.6A，則應并聯一個阻值為_____Ω的電阻。（2）如圖所示為一雙量程電壓表的示意圖，已知電流表G的量程為0~10mA，內阻為60Ω，圖中串聯的分壓電阻R1=440Ω，則R2=_____Ω。12．（12分）利用圖甲所示的裝置探究碰撞中的不變量，在圖甲中，氣墊導軌上有A、B兩個滑塊，滑塊A右側帶有一彈簧片，左側與打點計時器(圖中未畫出)的紙帶相連；滑塊B左側也帶有一彈簧片，上面固定一遮光片，光電計時器(未完全畫出)可以記錄遮光片通過光電門的時間，實驗測得滑塊A質量m1=0.280kg，滑塊B的質量m2=0.110kg，遮光片的寬度d=0.50cm；打點計時器所用的交流電的頻率為f=50Hz，將光電門固定在滑塊B的右側，啟動打點計時器，給滑塊A一向右的初速度，使它與靜止的B相碰；碰后光電計時器顯示的時間為△tB=2.500ms，碰撞后打出的紙帶如圖乙所示(1)在該實驗方案中，下列說法正確的是____A．調節氣墊導軌，確保導軌水平B．滑塊A的初始位置應盡可能靠近滑塊BC．遮光片的寬度適當窄一些有利于減小誤差D．滑塊A和滑塊B的質量交換也可完成該實驗(2)兩滑塊碰撞前A滑塊的速度大小為____m/s，兩滑塊碰撞后B滑塊的速度大小為____m/s；(結果保留三位有效數字)(3)碰撞后滑塊A的質量和速度的乘積大小為____kg·m/s；(結果保留三位有效數字)(4)通過實驗采集到的數據可得，在誤差允許的范圍內，A、B兩個滑塊碰撞過程中的不變量是____四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A．公式是電場強度的定義式，采用比值法定義，E與F、q無關，由電場本身決定，A錯誤；B．公式是電勢的定義式，采用比值法定義，與Ep、q無關，由電場本身決定，B錯誤；C．由可知，勻強電場中的任意兩點a、b間沿電場方向的距離越大，兩點間的電勢差才一定越大，C錯誤；D．公式C=是定義式，電容C與電容器帶電量Q和兩極板間電勢差U無關，由電容器本身決定，D正確。故選D。2、C【解析】連接ab、bc、cd、da，由距離公式計算ab、bc、cd、da的長度，由幾何關系確定abcd為矩形，求出ac和bd兩條對角線交點e的電勢，即可根據勻強電場中電勢降落的特點，判斷處c點的電勢【詳解】由題意可知，a、b兩點連線的長度為，同理，bc兩點連線的長度，因為，剛好等于a、c兩點間的長度，同理也能計算ad、dc的長度，綜合得，四邊形abcd為矩形，如下圖所示：故db和ac兩對角線交點e的電勢．因為，解得：故本題選C【點睛】本題注重幾何關系的應用，主要是考查勻強電場中，電勢之間的關系3、C【解析】將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據E=U/d分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況．由U=Ed分析P點與下極板間電勢差如何變化，即能分析P點電勢的變化和油滴電勢能的變化【詳解】將平行板電容器上極板豎直向上移動一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據E=U/d得知板間場強減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運動．故C錯誤．場強E減小，而P點與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點與下極板間電勢差將減小，而P點的電勢高于下極板的電勢，則知P點的電勢將降低．由帶電油滴原來處于平衡狀態可知，油滴帶負電，P點的電勢降低，則油滴的電勢能將增加．故AB正確．根據，可知d增大時，電容器的電容減小；根據Q=UC，由于電勢差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故D正確；此題選擇錯誤的選項，故選C【點睛】本題運用E=U/d分析板間場強的變化，判斷油滴如何運動．運用推論：正電荷在電勢高處電勢能大，而負電荷在電勢高處電勢能小，來判斷電勢能的變化4、D【解析】A．小球運動過程中電場力做功，機械能不守恒．故A不符合題意B．小球運動過程中只有電場力和重力做功，發生的時機械能與電勢能的轉化，但小球機械能和電勢能的總和不變．故B不符合題意CD．小球從最高點到最低點的過程，根據動能定理得：，由，聯立解得：N=3（mg+qE）由牛頓第三定律知在最低點球對環的壓力為3（mg+qE）．故C不符合題意，D符合題意5、C【解析】考點：電流的大小專題：應用題分析：物理學中把每秒鐘通過導體任一橫截面的電荷量（簡稱電量）叫做電流強度，簡稱電流．在電壓一定時，電阻越大，電流越小解答：解：A、電流強度等于1秒鐘內通過導體橫截面的電量，沒有時間無法判斷．不合題意B、自由電子帶負電，負電荷運動的方向跟電流方向相反．不合題意C、電流強度與通過導體橫截面的電量和通電時間有關．符合題意D、電流有方向，但是電流是標量．不合題意故選C點評：此題考查了有關影響電流強度的因素，要會辨別6、D【解析】根據題圖和“等勢面”可知，考查了電場強度和電勢的關系以及電場力做功；根據曲線運動中，合外力指向凹的一側，以及電荷只受電場力作用，可知電場力將指向運動軌跡的內側，電場線和等勢線垂直，從而得電場力豎直向下，由于粒子帶正電，電場強度的方向豎直向下，即可判斷各點電勢的高低；正電荷沿軌跡AB運動，根據電場力做功情況，即可判斷動能的變化以及電勢能的變化【詳解】A、由軌跡AB可知，帶正電的粒子受到的電場力豎直向下，則有電場強度的方向豎直向下，沿著電場線的方向，電勢越來越低，故，故A錯誤；BCD、粒子從A運動到B，電場力做正功，電勢能減小，動能增大，速度大小變大，故BC錯誤，D正確【點睛】解題的突破口：做曲線運動的物體所受合外力指向其軌跡內側，電場線與等勢線垂直二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】根據圖象可以求得輸出電壓的有效值，再根據電壓與匝數成正比，結合歐姆定律與焦耳定律的知識，即可求得結論【詳解】由圖象可知，原線圈中電壓的最大值為220V，所以電壓的有效值為220V，因原、副線圈匝數比n1：n2=11：5，根據電壓與匝數成正比可知，則副線圈的電壓有效值為100V，所以通過電阻的電流為10A，故A錯誤；根據電壓與匝數成正比可知，因原、副線圈匝數比n1：n2=11：5，則副線圈的電壓有效值為100V，所以與電阻并聯的電壓表的示數是100V，故B正確；由，所以經過1分鐘，即60s電阻發出的熱量是6×104

J，所以C錯誤；副線圈的電阻為10Ω，所以輸出功率，因輸入功率等于輸出功率，所以D正確．故選BD【點睛】掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關系，最大值和有效值之間的關系即可解決本題，注意電表讀數是交流電的有效值8、BD【解析】由電路圖可知，電阻R2、R3、R4串聯接入電路，電容器C1并聯在電阻電阻R2兩端，電容器C2與R2、R3的串聯電路并聯；根據電路電阻的變化，應用歐姆定律及串聯電路特點判斷電容器兩端電壓如何變化，然后由Q=CU判斷出電容器所帶電荷量如何變化【詳解】A、減小R1，電容器C1、C2兩端電壓不變，電容器所帶電量不變，故A錯誤；B、增大R2，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，路端電壓變大，電阻R3、R4兩端電壓變小，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，兩電容器所帶的電量都增加，故B正確；C、增大R3，整個電路電阻變大，由閉合電路歐姆定律可知，電路電流減小，由U=IR可知，電阻R2兩端電壓變小，電容器C1兩端電壓變小；路端電壓變大，電阻R4兩端電壓變小，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C2兩端電壓變大，由Q=CU可知，電容器C1所帶電荷量減少，C2所帶的電量都增加，故C錯誤；D、減小R4，電路總電阻變小，由閉合歐姆定律可知，電路電流變大，電阻R2兩端電壓變大，電阻R2、R3串聯電壓變大，電容器C1、C2兩端電壓都增大，由Q=CU可知C1、C2所帶電量都增加，故D正確；故選BD9、ACD【解析】AB．滑動變阻器處于含容支路中，相當于導線，所以移動滑動觸頭P，和所在電路中電流I不變，U也不變，所以角度不變，故A正確，B錯誤；C．用更強的光線照射，的阻值變小，外電路總電阻減小，電流I增大，內電壓和的電壓增大，則電容器板間電壓減小，板間電場強度變小，小球所受的電場力變小，則減小，故C正確；D．保持滑動觸頭P不動，逐漸增加照射的光強，總電阻減小，電流I增大，外電壓U減小，根據閉合電路歐姆定律得：，可見，保持不變，故D正確。故選ACD。10、AD【解析】A．由圖可知在和處電場強度相同，故根據可知點電荷在和處受的電場力相等，故A正確；B．由圖可知至電場強度為負方向，故正電荷由運動到的過程中電場力做負功，電勢能增加，故B錯誤；CD．由圖可知從至電場強度先增大后減小，所以點電荷受電場力先增大后減小，故C錯誤，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1.8②.1000【解析】（1）[1]．根據電表的改裝原理可知，應并聯的電阻（2）[2]．根據電表的改裝原理可知，R2的阻值為12、①.AC②.1.90③.2.00④.0.308⑤.兩滑塊總動量【解析】(1)[1]A．導軌水平，可以消除重力分力的影響，故A正確；B．滑塊A的初始位置越靠近B，不利于滑塊A碰前的初速度計算，故B錯誤；C．遮光片的寬度適當窄些，處理滑塊的速度越準確，故C正確；D．由于A的質量較大，如果交換質量，有可能使A反彈，則不能完成該實驗，故D錯誤。故選AC；(2)[2]由圖乙所示紙帶可知，碰撞前A的速度[3]兩滑塊碰