吉林省蛟河市朝鮮族中學2023-2024學年物理高二上期末考試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、運動員進行“折返跑”訓練，從A點沿直線跑到B點，又從B點沿原路返回A點，A、B兩點直線距離為50m，此過程中運動員的路程和位移的大小分別是()A.50m,0 B.100m,0C.50m,100m D.100m,100m2、下列關于磁電式電流表的說法中正確的是()A.磁電式電流表內部的蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是勻強磁場B.磁電式電流表的指針偏轉角度的大小與被測電流的大小成反比C.磁電式電流表的缺點是靈敏度高，優點是允許通過的電流很弱D.磁電式電流表的工作原理是安培力對通電線框的轉動作用3、如圖所示，一個邊長為2L的等腰直角三角形ABC區域內，有垂直紙面向里的勻強磁場，其左側有一個用金屬絲制成的邊長為L的正方形線框abcd，線框以水平速度v勻速通過整個勻強磁場區域，設電流逆時針方向為正。則在線框通過磁場的過程中，線框中感應電流i隨時間t變化的規律正確的是A B.C. D.4、如圖所示，一平行板電容器的兩極板與一電壓恒定的電源相連，極板水平放置，極板間距為；在下極板上疊放一厚度為的金屬板，其上部空間有一帶電粒子靜止在電容器中．當把金屬板從電容器中快速抽出后，粒子開始運動．重力加速度為．粒子運動的加速度為（）A. B.C. D.5、如圖所示，在邊長為2a的正三角形區域內存在方向垂直于紙面向里的勻強磁場．一個質量為m、電荷量為－q的帶電粒子(重力不計)從AB邊的中心O以速度v進入磁場，粒子進入磁場時的速度方向垂直于磁場且與AB邊的夾角為60°，若要使粒子能從AC邊穿出磁場，則勻強磁場的大小B需滿足()A.B> B.B<C.B> D.B<6、如圖所示，在通電直導線下方，有一電子沿平行導線方向以速度v開始運動，則()A.將沿軌跡Ⅰ運動，半徑越來越小B.將沿軌跡Ⅰ運動，半徑越來越大C.將沿軌跡Ⅱ運動，半徑越來越小D.將沿軌跡Ⅱ運動，半徑越來越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即，實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據此可知()A.三個等勢面中，a的電勢最高B.帶電質點通過P點時的電勢能較Q點大C.帶電質點通過P點時的動能較Q點大D.帶電質點通過P點時的加速度較Q點大8、相距為d的兩根固定的平行金屬導軌豎直放置，下端接有如圖所示電路，導軌間充滿垂直導軌平面的磁感強度為B的勻強磁場，質量均勻分布的金屬棒水平擱置在平行金屬導軌頂端并與導軌接觸良好，金屬棒質量為m，其在導軌間的電阻為R。當開關S閉合瞬間，金屬棒被豎直彈高h，金屬棒被豎直彈高時棒身始終保持水平，當地重力加速度為g，不計其它阻力。下列說法正確的是（）A.磁感強度方向垂直導軌平面向外B.金屬棒的最大速度為C.磁場對金屬棒的安培力做的正功D.電流對金屬棒做功為mgh9、如圖甲所示，線圈兩端a、b與一電阻R相連，線圈內有垂直于線圈平面向外的磁場，從t=0時起，穿過線圈的磁通量按圖乙所示規律變化．下列說法正確的是A.時刻，R中電流方向由a到bB.3時刻，R中電流方向由a到bC.0~2時間內R中的電流是2~4時間內甲的2倍D.0~2時間內R產生的焦耳熱是2~4時間內產生的10、有相距很近的兩條平行的通電直導線，關于它們之間的受力情況下列說法正確的是（）A.電流方向相同，兩導線相互排斥B.電流方向相同，兩導線相互吸引C.電流方向相反，兩導線相互吸引D.電流方向相反，兩導線相互排斥三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）測電池的電動勢E和內阻r①首先直接用多用電表測定該電池電動勢，在操作無誤的情況下，多用電表盤面如圖a所示，其示數為__V；②然后，用電壓表V、電阻箱R、定值電阻（R0=5Ω）、開關S、若干導線和該電池連成電路，進一步測定該電池電動勢和內阻（ⅰ）在圖b中，根據電路圖，用筆畫線代替導線，完成實物圖連接________；（ⅱ）閉合開關S，調整電阻箱阻值R，讀出電壓表V相應示數U，記錄多組R、U數據，并計算出相應的與的值，做出-圖線如圖c所示，分析該圖線斜率k的物理意義知k=___；（用E、r、R0表示）（ⅲ）從圖線中可求得待測電池電動勢E=__V，內阻r=__Ω；（計算結果均保留到小數點后兩位）（ⅳ）若考慮電壓表為非理想表，則電池電動勢E測量值相對真實值__（填“偏大”，“偏小”或“不變”）。12．（12分）（1）如圖1所示為多用電表的刻度盤。若選用倍率為“”的歐姆擋測電阻時，表針指示如圖所示，為了使測量結果更精確些，則下列操作正確的是____A．將選擇開關旋轉到歐姆擋“”B．將選擇開關旋轉到歐姆擋“”C．換擋后直接接入待測電阻測量D．換擋后先將兩表筆短接調零，再接入待測電阻進行測量（2）若選用2.5V電壓擋測電壓時，表針也指于圖示位置，則所測電壓為________V。（3）若該歐姆表表頭如圖2所示，已知電流計的量程為，電池電動勢為E＝1.5V，則該歐姆表的表盤上刻度線對應的電阻值是______KΩ。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】根據位移和路程的定義進行分析解答；明確物體回到原點時，位移為零；而路程是物體實際經過的軌跡的長度【詳解】由題意可知，運動員返回到原點，故位移為零；而路程等于經過軌跡的長度；故路程為s=2×50=100m；故選B2、D【解析】首先分析出其制成原理，蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是輻向均勻分布的，磁力矩與線圈中電流成正比，即通電線圈在磁場中受力轉動，線圈的轉動可以帶動指針的偏轉；螺旋彈簧將被扭動，產生一個阻礙線圈轉動的阻力矩，其大小與線圈轉動的角度成正比，當磁力矩與螺旋彈簧中的阻力矩相等時，線圈停止轉動，然后找出與電流表的原理相同的選項即可【詳解】A.蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是輻向均勻分布的，不是勻強磁場，故A錯誤；B.電流表由于蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是輻向均勻分布的，因此不管銅電線圈轉到什么角度，它的平面都跟磁感線平行．因此，磁力矩與線圈中電流成正比(與線圈位置無關).當銅電線圈轉動時，螺旋彈簧將被扭動，產生一個阻礙線圈轉動的阻力矩，其大小與線圈轉動的角度成正比，當磁力矩與螺旋彈簧中的阻力矩相等時，線圈停止轉動，此時指針偏向的角度與電流成正比，故電流表的刻度是均勻的．故B錯誤；C.磁電式電流表的優點是靈敏度高，可以測出很弱的電流．缺點是允許通過的電流很弱，故C錯誤；D.磁電式電流表的工作原理是安培力對通電線框的轉動作用，故D正確；故選D.3、B【解析】線框開始進入磁場運動L的過程中，只有邊bd切割，感應電流不變，前進L后，邊bd開始出磁場，邊ac開始進入磁場，回路中的感應電動勢為ac邊產生的電動勢減去bd邊在磁場中的部分產生的電動勢，隨著線框的運動回路中電動勢逐漸增大，電流逐漸增大，方向為負方向；當再前進L時，邊bd完全出磁場，ac邊也開始出磁場，有效切割長度逐漸減小，電流方向不變。A．該圖與結論不相符，選項A錯誤；B．該圖與結論相符，選項B正確；C．該圖與結論不相符，選項C錯誤；D．該圖與結論不相符，選項D錯誤；故選B。4、A【解析】粒子受重力和電場力，開始時平衡，有：

①當把金屬板從電容器中快速抽出后，根據牛頓第二定律，有：mg-q=ma

②聯立①②解得：A.，與結論相符，選項A符合題意；B.，與結論不相符，選項B不符合題意；C.，與結論不相符，選項C不符合題意；D.，與結論不相符，選項D不符合題意；5、B【解析】粒子剛好達到C點時，其運動軌跡與AC相切，如圖所示：則粒子運動的半徑為洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得粒子要從AC邊射出，則，故故B正確；故選B。6、A【解析】CD．由安培定則可知，通電直導線在其下方的磁場垂直紙面向里，如圖所示，根據左手定則可知，電子所受洛倫茲力的方向向上，所以沿軌跡Ⅰ運動，故CD錯誤；AB．因離導線越近，磁感應強度越大，根據Bqv＝m可知，軌跡半徑越來越小，所以A正確，B錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A．電荷所受電場力指向軌跡內側，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故c點電勢最高，故A錯誤；BC．根據帶正電的質點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，即P點時電勢能較大，而動能較小，故B正確，C錯誤；D．等差等勢線密的地方電場線也密，電場強度大，所受電場力大，因此P點加速度也大，故D正確8、BC【解析】A．無論磁場方向是垂直平面向外還是向里，只要閉合S，根據楞次定律可知金屬棒一定受到豎直向上的安培力，所以無法判斷磁場方向，A錯誤；B．金屬棒被彈開后做豎直上拋運動，上升的最大高度為h，則根據，可知金屬棒的最大速度為：，B正確；C．金屬棒的機械能增大，故安培力對金屬棒做正功，C正確；D．系統除了金屬棒的機械能增加mgh之外，還有焦耳熱產生，故電流對金屬棒做的功大于mgh，D錯誤。故選BC。9、BD【解析】根據楞次定律即可判斷t0、3t0時刻，R中的電流方向；根據法拉第電磁感應定律求出兩個時間段內的感應電動勢，由歐姆定律得到電流關系；根據焦耳定律Q＝I2Rt即可得到兩個時間段的焦耳熱的大小關系.【詳解】t0時刻，線圈中向外的磁通量在增加，根據楞次定律，感應電流沿順時針方向，所以R中電流方向由b到a，故A錯誤；3t0時刻，線圈中向外的磁通量在減少，根據楞次定律，感應電流沿逆時針方向，R中的電流方向由a到b，故B正確；0～2t0時間內感應電動勢；2t0～4t0時間內感應電動勢；根據I=E/R可知，知0～2t0時間內R中的電流是2t0～4t0時間的，故C錯誤；根據焦耳定律Q＝I2Rt，知0～2t0時間內R產生的焦耳熱是2t0～4t0時間內的，故D正確；故選BD【點睛】由法拉第電磁感應定律求出感應電動勢的大小，而感應電流的方向則由楞次定律判定．同時穿過磁通量發生變化的線圈相當于電源，所以電源內部（線圈）電流方向是負極到正極10、BD【解析】解：若通電電流的方向相反，根據通電直導線產生磁場的特點，兩條導線周圍都產生圓形磁場，而且磁場的走向相反．在兩條導線之間磁場方向相同．這就好像在兩條導線中間放置了兩塊磁鐵，它們的N極和N極相對，S極和S極相對．由于同名磁極相斥，這兩條導線會產生排斥力同理，若通電電流方向相同，則出現相互吸引，故BD正確，AC錯誤；故選BD【點評】本題考查了電流的磁場、磁場對電流的作用，只是要求靈活運用所學知識三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1.55②.③.④.1.59(1.54~1.67)⑤.0.55(0.44~0.80)⑥.偏小【解析】①[1]多用電表量程應該是直流2.5V檔，則最小刻度為0.05V，示數為1.55V；②(ⅰ)[2]電路如圖；(ⅱ)[3]由全電路歐姆定律可知變形可得圖線斜率k的物理意義知k=(ⅲ)[4][5]由圖線可知解得E=1.54Vr=0.48Ω(ⅳ)[6]如果考慮電壓表的內阻，根據實驗的原理考慮電壓表的內阻，此時圖線的縱軸截距表示所以E測小于E真，r測小于r真12、①.AD②.2.20③.2【解析】（1）[1]．AB由表盤看出，若選用倍率為“×100”的歐姆擋測電阻時，指針偏轉較大過大，則說明倍率檔選擇過大，應改用“×100”的歐姆擋測量；選項A正確，B錯誤；CD．換擋后先將兩表筆短接調零，再接入待測電阻進行測量，選項C錯誤，D正確；故選AD.（2）[2]．若選用2.5V電壓擋測電壓時，最小分度為0.05A，