湖南省十四校2023-2024學年高二物理第一學期期末達標檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列關于電源電動勢的說法中正確的是()A.在某電池的電路中，每通過4C的電荷量，電池提供的電能是2J，則該電池的電動勢是2VB.電源兩極間的電壓在數值上等于電源的電動勢C.電源的電動勢與電壓的單位相同，但與電壓有本質的區別D.電源的電動勢越大，電源所能提供的電能就越多2、如圖所示，兩平行光滑金屬導軌固定在絕緣斜面上，導軌間距為L，勁度系數為k的輕質彈簧上端固定，下端與導體棒ab相連，彈簧與導軌平面平行并與ab垂直，棒垂直跨接在兩導軌上，空間存在垂直導軌平面斜向上的勻強磁場，磁感應強度為B.當棒通以方向由a到b、大小為I的電流時，棒處于平衡狀態，平衡時彈簧伸長量為x1；保持電流大小不變，使棒中電流反向，則棒平衡時下列說法正確的是()A.彈簧伸長，伸長量為＋x1B.彈簧伸長，伸長量為＋x1C.彈簧壓縮，壓縮量為－x1D.彈簧壓縮，壓縮量為－x13、下列關于電場力和洛倫茲力的說法中，正確的是（）A.電荷在電場中一定受到電場力的作用B.運動電荷在磁場中一定受到洛倫茲力的作用C.同一電荷所受電場力小的地方，該處電場強度不一定弱D.同一運動電荷所受洛倫茲力小的地方，該處磁感應強度一定弱4、關于電動勢，下列說法正確的是（）A.電源電動勢一定等于電源兩極間的電壓B.電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大C.體積越大的電源，電動勢一定越大D.電源電動勢與外電路的組成有關5、如圖所示，美國物理學家安德森在研究宇宙射線時，在云霧室里觀察到有一個粒子的徑跡和電子的徑跡彎曲程度相同，但彎曲方向相反，從而發現了正電子，獲得了諾貝爾物理學獎．下列說法正確的是()A.彎曲的軌跡是拋物線B.電子受到電場力作用C.云霧室中的磁場方向垂直紙面向外D.云霧室中的磁場方向垂直紙面向里6、如圖所示，天平可以用來測定磁感應強度，磁場方向垂直紙面向里(虛線圍成的區域)，天平的右臂下面掛有一個矩形線圈，共N匝，線圈的下部懸在勻強磁場中，下底邊長為，右側邊伸入磁場中的長為，線圈中通有電流I（方向如圖）時，在天平左、右兩邊加上質量分別為的砝碼，天平平衡；當電流反向（大小不變）時，在某一邊需再加上質量為m的砝碼后天平重新平衡，下列說法中正面的是（）A.需要在左邊加上質量為m的砝碼，天平才能重新平衡B.磁場的磁感應強度C.磁場磁感應強度D.磁場的磁感應強度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在傾角為θ的光滑斜面上，垂直紙面水平放置一根長為L、質量為m的通電直導線，電流方向垂直紙面向里.欲使導線靜止于斜面上，則外加磁場的磁感應強度的大小和方向可以是（）A.，方向垂直斜面向下B.，方向豎直向下C.，方向水平向左D.，方向水平向左8、如圖所示電路中，E為電源，其內阻為r，L為小燈泡(其燈絲電阻可視為不變)，R1、R2為定值電阻，R3為光敏電阻，其阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，V為理想電壓表．若將照射R3的光的強度減弱，則（）A.電壓表的示數變大B.小燈泡消耗的功率變小C.通過R2電流變小D.電源內阻的電壓變小9、關于物理學史，下列說法中正確的是()A.電荷量e的數值最早是由美國物理學家密立根測得的B.法拉第不僅提出了場的的概念，而且直觀地描繪了場的清晰圖象C.安培通過實驗發現了電流的磁效應，首次揭示了電與磁的聯系D.楞次通過線圈實驗首次發現了磁生電現象10、如圖所示，閉合的矩形導體線圈abcd在勻強磁場中繞垂直于磁感線的軸OO′勻速轉動，沿著OO′方向觀察，線圈沿逆時針方向轉動．已知勻強磁場的磁感應強度為B，線圈匝數為n，ab邊的邊長為l1，ad邊的邊長為l2，線圈電阻為R，轉動的角速度為ω，則當線圈轉至圖示位置時()A.線圈中感應電流的方向為abcdaB.線圈中的感應電動勢為2nBl2ωC.穿過線圈的磁通量隨時間的變化率最大D.線圈ad邊所受安培力的大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）0×1Ω=12.0Ω

在測定一節干電池的電動勢和內電阻的實驗中，備有下列器材：A.待測的干電池（電動勢約為1.5V，內電阻小于1.0Ω）B.電流表A1（量程0—3mA，內阻Rg1＝10Ω）C.電流表A2（量程0—0.6A，內阻Rg2＝0.1Ω）D.滑動變阻器R1（0—20Ω，10A）E.滑動變阻器R2（0—200Ω，1A）F.定值電阻R0（990Ω）G.開關和導線若干（1）某同學設計了如圖甲所示的（a）、（b）兩個實驗電路，其中合理的是____圖；在該電路中，為了操作方便且能準確地進行測量，滑動變阻器應選______。（2）如圖為該同學根據（1）中選出的合理的實驗電路，利用測出的數據繪出的I1-I2圖線（I1為電流表A1的示數，I2為電流表A2的示數），則由圖線可得電動勢E＝___V，內阻r＝____Ω（內阻r保留2位有效數字）。12．（12分）在探究兩電荷間相互作用力的大小與哪些因素有關的實驗中，一同學猜想可能與兩電荷間的距離和帶電量有關。他選用帶正電的小球A和B，A球放在可移動的絕座上，B球用絕緣絲線懸掛于玻璃棒C點，如圖所示。實驗時，先保持兩電荷量不變，使A球從遠處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角越大，再保持兩球的距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量越大，B球懸線的偏角越大。實驗表明：兩電荷之間的相互作用力，隨其距離的____________而增大（填“增大”或“減小”），隨其所帶電荷量的___________而增大（填“增大”或“減小”）。圖中A、B兩帶電體相互____________（填“吸引”或“排斥”），說明它們帶有____________（填“同種”或“異種”）電荷。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．在某電池的電路中，每通過4C的電荷量，電池提供的電能是2J，則該電池的電動勢是0.5V，選項A錯誤；B．電源的電動勢等于在外電路斷路時電源兩極間的電壓，選項B錯誤；C．電源的電動勢與電壓的單位相同，都是伏特，但與電壓有本質的區別；電動勢等于非靜電力做的功與電荷量的比值，電壓等于電場力做的功與電荷量的比值，故C正確；D．電源的電動勢越大，電源移送單位電荷時所能提供的電能就越多；但總的電能不一定多；故D錯誤；故選C.2、A【解析】當棒通以方向由a到b、大小為I的電流時，由左手定則知，受到的安培力沿導軌斜向上，大小為BIL；設導軌與水平面的夾角為θ，則由平衡條件得：mgsinθ=BIL+kx1當保持電流大小不變，使棒中電流反向，由左手定則知，受到的安培力沿導軌斜向下，大小還是BIL，此時有mgsinθ+BIL=kx因此解得彈力沿著斜面向上，則彈簧是伸長的；A.彈簧伸長，伸長量為＋x1，與結論相符，選項A正確；B.彈簧伸長，伸長量為＋x1，與結論不相符，選項B錯誤；C.彈簧壓縮，壓縮量為－x1，與結論不相符，選項C錯誤；D.彈簧壓縮，壓縮量為－x1，與結論不相符，選項D錯誤；故選A。3、A【解析】A、電荷只要在電場中就會受到電場力作用，運動電荷在磁場中，與磁場方向平行，不會受到洛倫茲力的作用，故A正確，B錯誤；C、根據知，同一電荷越小，則越小，故C錯誤；D、根據得，F與v、B的大小和方向都有關，故同一運動電荷所受洛倫茲力小的地方，該處磁感應強度不一定弱，故D錯誤【點睛】考查電場力、洛倫茲力與電場線及磁場線的方向關系，掌握左手定則，注意與右手定則的區別，理解洛倫茲力產生的條件4、B【解析】根據閉合電路歐姆定律得知：電動勢的數值等于內外電壓之和，當電源沒有接入電路時，電路中沒有電流，電源的內電壓為零，外電壓即電源兩極間的電壓等于電動勢；當電源接入電路時，電路有電流，電源有內電壓，兩極間的電壓小于電動勢，故A錯誤；電源是把其它形式的能轉化為電能的裝置，電動勢表征了這種轉化本領的大小，所以電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大，故B正確；干電池的電動勢與正負極的材料有關，與電源的體積無關；而其他的電源的電動勢的大小也不一定與體積有關，故C錯誤；電動勢由電源本身特性決定，與外電路的組成無關，故D錯誤考點：電源的電動勢和內阻、閉合電路的歐姆定律【名師點睛】電源是把其它形式的能轉化為電能的裝置，電動勢表征了這種轉化本領的大小，等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，根據閉合電路歐姆定律分析電動勢與外、內電壓的關系5、D【解析】云霧室中所加的是磁場，則電子所受的是洛倫茲力作用，運動的軌跡是圓弧，由圖示可知，電子剛射入磁場時，負電子所受洛倫茲力水平向左，正電子所受洛倫茲力水平向右，由左手定則可知，磁感應強度垂直于紙面向里，故ABC錯誤，D正確。故選D點睛：本題考查了左手定則，要熟練應用左手定則判斷洛倫茲力的方向，要注意判定負電荷受到的洛倫茲力的方向要使用電流的方向來判定6、C【解析】A．磁感應強度B的方向垂直紙面向里，開始線圈所受安培力的方向向下，電流方向相反，則安培力方向反向，變為豎直向上，相當于右邊少了兩倍的安培力大小，所以右邊應加砝碼，故A錯誤；BCD．B的方向垂直紙面向里，開始線圈所受安培力的方向向下，電流方向相反，則安培力方向反向，變為豎直向上，相當于右邊少了兩倍的安培力大小，所以右邊應加砝碼，有解得故C正確，BD錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】A．磁場方向垂直斜面向下時，根據左手定則，安培力沿斜面向上，導體棒還受到重力和支持力，根據平衡條件和安培力公式，有解得，故A正確；B．磁場豎直向下時，安培力水平向左，導體棒還受到重力和支持力，根據平衡條件和安培力公式，有，解得，故B正確；C．磁場方向水平向左時，安培力豎直向上，與重力平衡，有，解得，故C正確；D．磁場方向水平向右時，安培力豎直向下，無法平衡，故D錯誤【點睛】本題難度中等，安培力的大小以及方向與電流、磁場的方向有關，熟練掌握左手定則的使用，熟練分析受力分析的能力8、BD【解析】A．當光照強度減小時，電阻值增大，從而電路總電阻也增大，干路電流減小，所以兩端電壓減小，所以電壓表示數變小，故A錯誤；BC．因為干路電流減小，故和電源分壓均減小，所以并聯部分電壓增大，兩端電壓增大，而其電阻不變，所以中電流增大，又因為干路電流減小，所以小燈泡的電流減小，功率變小，故B正確，C錯誤；D．因為干路電流減小，所以由歐姆定律可知電源內阻分壓減小，故D正確。故選BD。9、AB【解析】A、電荷量e的數值最早是由美國物理學家密立根通過實驗測得的，他發現實驗中所有被測量的油滴微粒的帶電量均為一個最小電荷單元的整數倍，這個最小單元為元電荷，電荷量為，故A正確；B、法拉第不僅提出了場的概念，并引入了電場線、磁場線來描述電場和磁場，故B正確；C、奧斯特發現了電流的磁效應，C錯誤；D、法拉第通過線圈實驗首次發現了磁生電的現象，D錯誤故選AB【點睛】本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶，這也是考試內容之一10、CD【解析】根據右手定則，線圈中感應電流的方向為adcba，故A錯；當線圈轉至圖示位置時，線圈中感應電動勢應為最大值Em=nBl1l2ω，此時，穿過線圈磁通量隨時間的變化率最大，B錯，C對；線圈ad邊所受安培力的大小，D對II卷三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（b）②.D③.147-1.48V④.0.80-0.86Ω【解析】(1)[1]上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，將電流表串聯一個電阻，可以改裝成較大量程的電壓表；(a)、(b)兩個參考實驗電路，其中合理的是(b)；[2]因為電源的內阻較小，所以應該采用較小最大值的滑動變阻器，有利于數據的測量和誤差的減小?；瑒幼冏杵鲬xD；若選擇大電阻，則在變阻器滑片調節的大部分范圍內，電流表讀數太小，電流表讀數變化不明顯；(2)[3]根據歐姆定律和串聯的知識得，電源兩端電壓：根據圖象與縱軸的交點得電動勢：[4]由圖可知當電流為0.45A時，電壓為1.1V，則由閉合電路歐姆定律可知：12、①.減?、?增大③.排斥④.同種【解析】考查電荷間的相互作用力。【詳解】[1]．對B球受力分析可得，兩電荷之間的相互作用力，保持兩電荷量不變，使A球從遠處逐漸向B球靠近，觀察到兩球距離越小，B球懸線的偏角越大，所以相互作用力增大，即隨其距離的減小而增大；[2]．保持兩球的距離不變，改變小球所帶的電荷量，觀察到電荷量