2021年重慶市高考物理模擬調研試卷（三）（3月份）

1.如圖所示，物塊。靜置于楔形物體P的斜面上，楔形物體P靜置于水平面上。現

對物塊。施加從零開始不斷增大的沿斜面向上的拉力凡在此過程中，尸、。均始

終靜止不動，則（）

F

A.物塊。受到的支持力不斷增大

B.物塊Q受到的摩擦力不斷增大

C.楔形物體P受到水平面的摩擦力不斷增大

D.楔形物體尸受到水平面的支持力不斷增大

2.關于原子核的衰變，下列說法正確的是（）

A.原子核發生口衰變時，電荷數和質量都守恒

B.任何元素都可以發生衰變

C.夕衰變說明某些元素的原子核中有電子

D.原子核也存在能級

3.某衛星在距離月球表面高度為力的軌道上做勻速圓周運動，運行周期為兀若以R

表示月球半徑，不考慮月球自轉，則（）

A.月球表面重力加速度大小為華

B.衛星運行時線速度大小為生罕處

C.衛星運行時加速度大小為華

T2

D.月球的第一宇宙速度為半

4.如圖所示，兩根光滑金屬導軌平行放置，導軌所在平面與水平面間夾角為仇整個

裝置處于勻強磁場中。重量為G的金屬桿劭垂直導軌放置，金屬桿長度等于軌道

間距"，當金屬桿中通有從a到匕的恒定電流/時，金屬桿處于靜止狀態，則勻強

磁場的磁感應強度大小至少為（）

b

0

AGsinOBGcosOGtanO口GcotO

IdIdId■Id

5.如圖所示，。、P、。三點位于同一水平線上。在其豎直面內，從P點以仰角為。、

大小為力的速度斜向上拋出小球甲，從。點以仰角為W、大小為外的速度斜向上拋

出小球乙，甲、乙兩球恰好在。點正上方的M點（圖中未畫出）水平正碰。已知距

離PO>OQ,甲、乙兩球均可視為質點，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

f（（

C.vr<v2S<pD.vx<v2>9>P

6.a、b、c分別為等邊三角形的三個頂點，在〃、人兩點分別固定一個等量異號點電荷，

如圖所示。己知他中點d處場強大小為E則c處場強大小為（）

C

/A、

/、

/、

/、

/、

/、

/、

/、

/、

/%

Q------^）6

d

A.￡B.fC.7D.5

248

7.小車沿光滑水平軌道勻速行駛，小車上的人先后沿著小車運動的方向向前、向后拋

出兩個質量相等的球，球拋出時相對小車的速度大小相等，不計空氣阻力，則兩球

拋出后，小車的速度大小（）

A.與原來的速度大小相等B.比原來的速度小

C.比原來的速度大D.無法確定

第2頁，共18頁

8.經測量，某居民家中交流電壓”與時間f的關系為a=230&sin（100;rt”，該居民

家中正在使用阻值為1000的純電阻用電器，下列說法正確的是（）

A.流過該用電器的電流方向每秒改變100次

B.流過該用電器的電流方向每秒改變50次

C.該用電器兩端的最大電壓為230位V

D.該用電器兩端的最大電壓為230V

9.如圖所示，A板發出的電子（初速度不計，重力不計）經加速后，水平射入水平放置

的兩平行金屬板M、N間。M、N板帶等量異號電荷，M、N板間有垂直紙面向里

的勻強磁場，電子沿水平虛線通過M、N板間后最終打在豎直熒光屏的中心。點。

下列說法正確的是（）

A.M板帶負電

B.如果只使M、N板間電壓增大，則電子打在熒光屏上。點上方

C.如果只使磁場的磁感應強度減小，則電子打在熒光屏上。點下方

D.如果只使滑動變阻器R的滑片向左移動，則電子打在熒光屏上O點上方

10.如圖所示，勁度系數為人的輕彈簧上端固定，下端連接質量為機的

小球甲，用手托著小球甲使彈簧處于原長，放手后小球甲從。點由§

靜止開始下落到最低位置P點。若將小球甲換成質量為2巾的小球乙，一

仍使小球乙從。點開始無初速度下落。已知彈簧的彈性勢能Ep與形Qo

變量x的關系為彈簧始終在彈性限度內，甲、乙兩球均：

:P

可視為質點，重力加速度為g,不計空氣阻力，則小球乙到達P點時，

下列說法正確的是（）

A.加速度大小為g

B.加速度大小為零

C.速度大小為g后

D.速度大小為g步

11.某中學學習小組測量圓盤轉動的角速度大小。如圖1所示，一水平放置的圓盤繞過

其圓心的豎直軸勻速轉動，圓盤邊緣固定一豎直擋光片，擋光片通過光電門時，被

與光電門連接的數字計時器記錄時間。

(1)擋光片的寬度d用螺旋測微器測得，如圖2所示，d=cm；

(2)圓盤直徑用游標卡尺測得，如圖3所示，圓盤直徑。=cm；

(3)若光電數字計時器所顯示的時間為f,則圓盤轉動的角速度大小3=(用

題給物理量符號表示)。

12.某同學進行“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗。實驗室備有的實驗器材有：電壓

表(量程。?3U，內阻約3k0),電流表(量程。一0.64,內阻約0.1。)，滑動變阻器,

額定電壓為2.5V的小燈泡，電池，開關，導線若干。實驗時，要求小燈泡兩端電壓

從0逐漸增大到額定電壓。

(1)在圖1所示虛線框內畫出實驗電路圖。

(2)根據實驗測得數據描繪出小燈泡的U圖象，如圖2所示。小燈泡兩端電壓為2.5U

時，電阻為0,電功率為W(保留兩位有效數字)。

(3)如果一直流電源的電動勢E=3V、內阻r=20。根據上述實驗結果，將兩個完

全相同的小燈泡并聯接在該電源兩端，如圖3所示，每個小燈泡的實際功率為

〃(保留兩位有效數字)。

13.如圖1所示，可視為質點的小物塊以初速度%=10m/s沿傾角6=37。的斜面上滑,

小物塊從開始上滑至最高點的u-t圖象如圖2所示。已知$譏37。=0.6,cos37°-

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0.8,重力加速度g取10m/s2,不計空氣阻力。求:

(1)小物塊與斜面間的動摩擦因數〃；

(2)小物塊回到出發點時的速度大小隊

14.如圖所示，平行斜軌"和a'b'與水平平行直軌歷和b'c'分別平滑連接于6和b',bb'

連線與直軌垂直，水平平行直軌也和d'e'右端分別連接半徑相同的半圓形軌道牙

和e'/',兩水平直軌相接，所有軌道均為光滑金屬軌道且電阻不計，水平軌道部分

處于豎直方向的勻強磁場中，斜軌和半圓形軌道處于勻強磁場外。長度為刀、質量

為nii的導體棒MN與斜軌垂直且等寬，長度為人、質量為巾2的導體棒PQ靜置于

水平軌道de和d'e'上并與其垂直且等寬。將導體棒MN從距離水平軌道高h處由靜

止開始無初速度釋放，導體棒PQ能通過半圓形軌道的最高處,/。已知水平直軌

歷和b'c'足夠長，導體棒PQ離開水平直軌de和d'e'前己勻速運動，且導體棒MN

仍在水平直軌6c?和b'c'上，不計空氣阻力，重力加速度為g。求：

(1)導體棒M/V剛滑上水平軌道時的速度大小；

(2)半圓形軌道的半徑R滿足的條件。

15.下列說法正確的是（）

A.多數分子大小的數量級是10Toem

B.兩個系統處于熱平衡時，溫度不一定相同

C.相互接觸的固體間也存在擴散現象

D.做功只能改變物體的機械能，而熱傳遞只能改變物體的內能

16.如圖所示為某豎直固定的粗細均勻的薄壁U形管，左管上端

封閉，右管開口端與左管封閉端等高,管的橫截面積S=lcm2。

管內裝有水銀，左、右兩管內水銀液面等高，兩管內A、B

空氣柱長度均為L=10cm,壓強均為大氣壓強po。現從右管

開口端插入帶手柄的活塞，活塞與管壁氣密性好且無摩擦，

對手柄緩慢施加豎直向下的力，當左管液面上升2c,〃律寸，對

手柄施加的力大小為凡設環境溫度始終不變，大氣壓強為

16cmHg,且76cmHg=1x105Pa,活塞厚度不計，活塞及

手柄自重不計。求:

（1）左管液面上升2c,”時，力F的大小（保留三位有效數字）;

（2）左管液面上升2c〃?時，活塞距離右端管口的高度以保留三位有效數字）。

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17.如圖所示，一彈簧振子在M和M'兩點之間做簡諧振動，MM'間距為"，。為平衡位

置。振子從M點運動到M'點的最短時間為下列說法正確的是（）

A.該彈簧振子的振幅為dB.該彈簧振子的周期為r

C.該彈簧振子振動的頻率為aD.振子在〃點和M'點的加速度相同

18.真空中，某單色細光束沿。尸方向，從P點射入厚度d=3cm的玻璃平板中，0P

與玻璃平板上表面夾角。=30°,如圖所示。已知該玻璃平板對該單色光的折射率

n=y/3,光在直空中的傳播速度c=3x108m/s,該光束從P點入射到第一次從玻

璃平板下表面出射時，求：

①該光束第一次從玻璃平板下表面出射時，與入射光束OP之間的距離；

②該光束在玻璃平板中的傳播時間。

O

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：設物塊Q的質量為小，楔形物體的質量為M,AF-N

斜面傾角為心/

4、以物塊。為研究對象，垂直于斜面方向根據平衡條件可pQ

得物塊0受到的支持力N=mgcosO,與拉力尸無關，故4，

錯誤；

8、開始物塊。受到的摩擦力方向沿斜面向上，隨著拉力的\

增大，物塊。受到的摩擦力逐漸減小；F=mgsin。時摩擦+

力為零；F>mgs譏。時摩擦力沿斜面向下，隨著拉力增大摩擦力增大，所以物塊Q受

到的摩擦力先減小后增大，故B錯誤；

CD,對。、P整體分析，受到重力、支持力、拉力和摩擦力，如圖所示；

水平方向根據平衡條件可得：f'^Fcose,隨著產增大，楔形物體P受到水平面的摩擦

力不斷增大；

豎直方向根據平衡條件可得：FN=(m+M)g-Fsine,隨著力F的增大，楔形物體P

受到水平面的支持力不斷減小，故C正確、。錯誤。

故選：C。

以物塊。為研究對象，垂直于斜面方向、沿斜面方向根據平衡條件可得物塊。受到的

支持力和摩擦力的變化情況；

對Q、P整體分析，水平方向、豎直方向根據平衡條件分析摩擦力和支持力的變化情況。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，關鍵是能夠確定研究對象、進行受力分析、利用

平行四邊形法則進行力的合成，然后建立平衡方程進行解答。

2.【答案】D

【解析】解：A、原子核發生S衰變時，遵循電荷數守恒和質量數守恒，但質量存在虧

損，故A錯誤；

8、有些原子核不穩定，可以自發地衰變，但不是所有元素都可能發生衰變，故B錯誤；

C、任何元素的原子核中都沒有電子，/?衰變的本質是原子核內部一個中子變成一個質

子和電子產生的，故C錯誤；

。、原子核的能量跟原子的能量一樣，也存在能級，躍遷的過程中會釋放或吸收y光子，

故。正確。

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故選：Do

衰變過程遵循質量數守恒和電荷數守恒；

有些原子核不穩定，可以自發地衰變；

知道S射線的本質是原子核內部一個中子變成一個質子和電子產生的；

原子核也存在能級，原子核的能級躍遷會產生y射線。

解決本題的關鍵知道￡衰變的實質，關于電子的來源，是個易錯的問題，注意電子來自

原子核，不是核外電子。同時掌握y射線是原子核能級躍遷時產生的。

3.【答案】B

【解析】解：A、設月球的質量為M,衛星的質量為加。衛星繞月球做勻速圓周運動，

由萬有引力提供向心力，得

Mm4n2.八

Gr^^=y（R+h）

設月球表面重力加速度大小為g。在月球表面上，根據萬有引力等于重力,得G翳=m'g

聯立解得9=與鏟，故A錯誤；

B、衛星運行時線速度大小為若地，故B正確；

C、衛星運行時加速度大小為嗎曳，故C錯誤；

D、設月球的第一宇宙速度為v,根據=結合g=把舞答，解得v=

誓出2層，故。錯誤。

故選：Bo

衛星繞月球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力，根據衛星的軌道半徑和運行周期

能求出月球的質量，再根據萬有引力等于重力，求出月球表面重力加速度；結合圓周運

動的公式解答。

解決本題的關鍵要掌握衛星問題的兩個思路：一是萬有引力提供向心力，二是萬有引力

等于重力，并能靈活運用。

4.【答案】A

【解析】解：對外棒進行受力分析并合成如圖:

當尸安垂直支持力時，產安具有最小值，尸蝴m=Gsin。

又戶外m=83,故8加加=鬻，故A正確，選項B、C、。錯誤；

故選：A。

對必棒進行受力分析，安培力和支持力的合力等于重力，求出安培力的最小值，再進

一步求解8即可。

本題雖然是求磁感應強度的極值，其實還是考察的力的分解，已知合力和一個分力的方

向，求另一分力的極值，注意知識的關聯性。

5.【答案】B

【解析】解：對甲、乙兩球速度進行分解:

甲、乙兩球相遇過程中，恰好水平正碰，豎直方向速度恰好都減為零，則甲、乙兩球運

動高度相同，則豎直方向分速度大小相同，

由"寧可知，運動時間相等，

因為PO>OQ,所以水平分速度大小巧x>功彳，則巧.>%,而"isin。=所以

9<（P，故B正確，ACZ）錯誤。

故選:B。

對甲、乙兩球速度進行分解，根據相遇時水平正碰可知，運動高度相同，豎直方向分速

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度相等，進而求出運動時間相等；根據速度分解即可判斷速度大小和角度大小。

此題考查了拋體運動的規律，解決本題的關鍵知道斜拋運動在水平方向和豎直方向上的

運動規律，根據運動時間相等這個紐帶進行分析。

6.【答案】D

【解析】解：設〃、〃兩點的點電荷電荷量分別為q、_q，"間距離為r,則d點場強

大小為E=2k2，〃點電荷在c點產生的場強大小為人會7，反向沿ac連線斜向右上，h

點電荷在C點產生的場強大小為卜含，方向沿兒連線斜向右下，根據電場強度的疊加，

Ec=k*=|,方向水平向右，

設〃、人兩點的點電荷電荷量分別為—q、q,同理可求得￡=々表=(方向水平向左。

故。正確，ABC錯誤：

故選：D。

根據點電荷產生的電場場強的公式和電場強度疊加原理，分別計算c、1兩點的電場強

度大小，即可求解。

本題考查點電荷產生的電場，知道電場強度是矢量，要用平行四邊形定則進行矢量疊加。

7.【答案】C

【解析】解：涉及動量守恒定律，取小車初速度方向為正方向。設小車、人和球總質量

為M,勻速行駛的初速度大小為孫，球質量為〃7。

小車上的人先沿著小車運動的方向向前拋出球，相對小車的速度大小為v,拋出后小車

速度為火,由系統動量守恒得：

Mv0=(M—m)v1+m(v+%)，

小車上的人后沿著小車運動的方向向后拋出球，相對小車的速度大小為u,拋出后小車

速度為方，則由系統動量守恒得：

(M—m)v1=(M-2m)vz+m(v2—v),

2

聯立解得：V2=v0+—^^-v>v0,故C正確、A8。錯誤。

故選：Co

小車上的人先沿著小車運動的方向向前拋出球、后沿著小車運動的方向向后拋出球，求

出小球相對地面的速度大小，由系統動量守恒列方程求解。

本題主要是考查了動量守恒定律；對于動量守恒定律，其守恒條件是：系統不受外力作

用或某一方向不受外力作用（或合外力為零）；解答時要首先確定一個正方向，利用碰撞

前系統的動量和碰撞后系統的動量相等列方程，注意本題中動量守恒定律的速度是相對

于地面的速度。

8.【答案】AC

【解析】解：A8、由題知，交流電的頻率為50%,周期為0.02s,一個周期內，流過該

用電器的電流方向改變兩次，流過該用電器的電流方向每秒改變100次，故A正確，B

錯誤；

CD、根據表達式可知，該用電器兩端的最大電壓為230魚V,故C正確，。錯誤。

故選：AC?

根據交流電壓表達式，得出最大電壓和頻率，分析電流方向改變次數。

本題考查交流電相關內容，比較簡單，學習時注重課本，強化記憶。

9.【答案】BD

【解析】解：A、在兩極板間粒子做直線運動，電子所受洛倫茲力方向向下，由平衡條

件得電子所受電場力方向向上，所以M板帶正電，故4錯誤；

B、原來電子在金屬板M、N間受力平衡，qE=qvB,如果只使M、N板間電壓增大，

則電子受向上電場力增大，打在熒光屏上。點上方，故B正確；

C、如果只使磁場的磁感應強度減小，則電子受向下洛倫茲力減小，打在熒光屏上。點

上方，故C錯誤；

。、如果只使滑動變阻器R的滑片向左移動，則電子進入金屬板/、N間時速度減小，

受向下洛倫茲力減小，打在熒光屏上。點上方，故。正確。

故選：BD。

在兩極板間粒子做直線運動，由平衡條件得電子所受電場力和洛倫茲力相等，根據兩個

力的大小和方向特點進行分析求解。

能通過速度選擇器的離子做勻速直線運動，離子在勻強磁場中做勻速圓周運動，根據題

意分析清楚離子運動過程是解題的前提，應用平衡條件即可解題。

10.【答案】BC

【解析】解:AB、設OP間高度為/?,對小球甲和輕彈簧，由能量守恒定律得:mg/i=

小球乙到達P點時,加速度大小為a,由牛頓第二定律得：-kh-2ma,解得:a=0,

故A錯誤、8正確；

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C￡＞、設小球乙達到P點時速度大小為v,由能量守恒定律得:2mgh=1k/i2+|x2mv2,

解得：v=g后，故C正確、。錯誤。

故選：BC。

對小球甲和輕彈簧根據能量守恒定律列方程、對小球乙在P點根據牛頓第二定律列方程

進行解答；

對小球乙由能量守恒定律列方程求解小球乙達到P點時速度大小。

本題主要是考查功能關系和牛頓第二定律，關鍵是弄清楚小球的運動情況和能量的轉化

情況，能夠根據功能關系進行解答。

11.【答案】1.255216.12捐

【解析】解：(1)螺旋測微器固定刻度讀數為12.5nun,可動刻度讀數為5.2xO.Olm=

0.052mm,所以最終讀數為12.5nun+0.052mm=12.552mm=1.2552cm。

(2)游標卡尺的主尺讀數為\e\mm,游標讀數為0.1x2mm=0.2mm,所以最終讀數

為161nun+0.2mm=161.2mm=16.12cm.

⑶圓盤轉動的線速度V=g而線速度"="所以3="5=兼

故答案為：(1)1.2552；(2)16.12；(3琮

(1)螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需

估讀.

(2)游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀.

(3)在很短時間內的平均速度可近似為瞬時速度，根據擋光的時間求出線速度，根據"=

nw求出圓盤轉動的角速度.

解決本題的關鍵掌握螺旋測微器和游標卡尺的讀數方法，螺旋測微器的讀數方法是固定

刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀.游標卡尺讀數的方法是主尺

讀數加上游標讀數，不需估讀.以及知道在很短時間內的平均速度可近似為瞬時速度.

12.【答案】5.01,250.56

【解析】解：(1)描繪小燈泡伏安特性曲線，電壓與電流要從零開始變化，滑動變阻器

應采用分壓接法；通過燈泡電阻與兩電表的內阻進行比較可以看到胃〉詈，所以電流表

KLKA

此時燈泡的電阻R="言°=5.0/2

功率為：P=UI=2.5x0.5W=1.31V；

(3)將兩個同樣的燈泡串聯后接在電源上，由閉合電路的歐姆定律可寫出燈泡兩端的電

壓與電流/的關系為：U=E-2力，代入數據后有U=3-4/,并將此畫在小燈泡的伏

安特性曲線中，如圖2所示,

找到交點坐標為(0.4041.40K).所以每個燈泡的功率為:

P=UI=1.40x0.421V=0.561V。

故答案為：(1)實驗電路圖如右圖1所示；(2)5.0、1.3；

(3)0.56(0.53?0.57均正確)

(1)描繪小燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓

接法，根據燈泡電阻與電表內阻的關系確定電流表接法，然后作出電路圖。

(2)寫出燈泡兩端電壓與電流的關系式并畫在燈泡的伏安特性曲線中，兩圖象的交點表

第14頁，共18頁

示燈泡的工作點，由圖即可確定燈泡的工作電壓和電流，由「="即可求出功率大小。

本題考查了作實驗電路圖、作燈泡的伏安特性曲線、不同電壓下小燈泡的電阻和功率等

內容，確定滑動變阻器與電流表的接法是正確設計實驗電路的關鍵。

22

13.【答案】解：⑴由圖2可知，物塊經1s滑至最高點，ai=^=^m/s=10m/s

由牛頓第二定律得，上滑過程中：mgsinO+iimgcosd=

代入數據：10xsin37o+“xl0xcos37o=10

解得：〃=0.5

(2)下滑距離等于上滑距離x,有：詔=2%x

由牛頓第二定律得，下滑過程中：mgsind-(imgcosQ=ma2

2

下滑至出發點的速度大小為v,有：v=2a2x

聯立解得：v=2y/5m/s

答：(1)小物塊與斜面間的動摩擦因數〃為0.5；

(2)小物塊回到出發點時的速度大小為2V^n/s

【解析】由圖二可知物塊的初速度和加速度，根據牛頓第二定律計算計算動摩擦因數，

下滑過程找出加速度，再結合運動學公式分析求解。

本題考查了學生對牛頓第二定律的應用和分析圖像的能力，注意物塊在上滑和下滑過程

中摩擦力方向改變，加速度改變，但加速度大小一樣。

14.【答案】解：(1)設導體棒剛滑上水平軌道時速度大小為分。

MN棒下滑的過程，由機械能守恒定律得：

migh=：mi詔

解得見=J2gh

(2)設導體棒MN與尸。在各自水平軌道上勻速運動時，速度大小分別為巧、v2o

則有：BL]Vi=BL2V2

取水平向右為正方向，在時間，內分別對兩導體棒應用動量定理，有：

對導體棒MN：—=血1%—7711%，其中Qt=,引也也

,

對導體棒PQ-.F2t=m2v2其中

TYLAL]Lj

聯立解得:Voz=o7u

L^+m2Li

設導體棒PQ通過半圓形軌道最高處時，速度大小為名

則：要2g<m2y

導體棒PQ在半圓形軌道上運動時機械能守恒，有：jm2vf=^m2vj+m2g-2R

聯立解得：心1（晟僚）2九

答：（1）導體棒MN剛滑上水平軌道時的速度大小為西K；

（2）半圓形軌道的半徑R滿足的條件為：R式|（；^毀昌￥鼠

【解析】（1）根據機械能守恒定律求出金屬棒MN剛滑上水平軌道時速度大小。

（2）MN棒進入磁場后產生感應電流，受到向左的安培力開始減速，PQ棒受到向右的安

培力開始加速，尸、。兩棒產生的感應電動勢方向相反，導致總的電動勢減小，但是只

要總的感應電動勢不為零，棒繼續減速，PQ棒繼續加速，直到兩棒產生的電動勢

大小相等，相互抵消，此時回路中感應電流為零，兩棒不再受安培力，均做勻速直線運

動，對兩棒分別利用動量定理列方程，可求出導體棒MN與P。在各自水平軌道上勻速

運動時的速度大小。導體棒P。在半圓形軌道上運動時機械能守恒，由機械能守恒定律

列方程。導體棒PQ通過半圓形軌道最高處時，應滿足重力小于等于所需要的向心力，

由此列式，再聯立求解。

本題是電磁感應與電路、力學相結合的綜合題，分析清楚兩棒的運動過程是解題基礎，

關鍵要會運用動量定理求兩棒勻速運動時的速度。要明確導體棒尸。通過半圓形軌道最

高處//'的條件：重力小于等于向心力。

15.【答案】C

【解析】解：A、多數分子大小的數量級是10-iO/n,故A錯誤；

B、處于熱平衡的兩個系統溫度必須相同，若溫度不同，能量會自發地從高溫物體向低

溫物體傳遞，故8錯誤；

C、固體、液體、氣體都能發生擴散現象，故C正確；

。、做功和熱傳遞都能改變物體內能，故。錯誤；

故選：Co

多數分子大小的數量級是10-1°巾；處于熱平衡時兩系統溫度一定相同；擴散現象不僅

局限于液體、氣體；做功和熱傳遞都能改變物體內能。

本題考查擴散現象、改變內能的兩種方式、熱平衡等內容，比較簡單，平時要注重課本，

強化記憶。

16.【答案】解：（1）左管氣體初狀態壓強pi=Po=1x105Pa,體積匕=10S,氣體末

狀態的體積匕=8S,

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氣體溫度不變，對左管氣體，由玻意耳定律得：P1K=P2%，

5

代入數據解得：p2=1.25x10Pa

右管封閉氣體壓強「右=P2+Pgh；其中/f=4cm

代入數據解得P方“1.30x105Pa

右管封閉氣體壓強p方=Po+1

代入數據解得：F=3.00/V

(2)右管中氣體初狀態壓強P