云南省安寧市實驗石江學校2023年高二物理第一學期期末監測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，氕核、氘核、氚核三種粒子從S點無初速釋放．經電場加速后，又進入電場偏轉最后打在屏上．整個裝置處于真空中，不計粒子重力及其相互作用，則A.三種粒子將打到屏上的不同位置B.偏轉電場對三種粒子做功一樣多C.三種粒子打到屏上的動能不同D.三種粒子運動到屏上所用時間相同2、如圖所示，在相互正交的水平勻強磁場的混合場區域內，有一質量為m、電荷量為q的微粒以垂直于磁場方向且與水平方向成θ角的速度v從O點進入混合場區，該微粒在電場力、磁場力和重力的共同作用下，恰好沿直線運動到A點．下列說法中正確的是()A.該微粒一定帶負電荷B.該電場的場強大小為BvcosθC.微粒從O到A的運動可能是勻變速運動D.該磁場的磁感應強度大小為3、如圖所示，直線A為電源的U-I圖線，直線B為小燈泡的U-I圖線，用該電源和小燈泡組成閉合電路，且小燈泡正常發光，下列說法正確的是（）A.此電源的內阻為ΩB.電源的總功率為10WC.電源的輸出功率為6WD.由于小燈泡的U-I圖線是一條曲線，所以歐姆定律不適用4、將陰極射線管的兩極與高壓電源連接后，加上如圖所示的磁場，可觀察到從負極向右射出的高速電子流的偏轉情況是A.平行于紙面向上偏轉 B.平行于紙面向下偏轉C.垂直于紙面向內偏轉 D.垂直于紙面向外偏轉5、如圖所示是一多匝線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動所產生的交變電動勢的圖象，根據圖象可知（）A.此交變電動勢的瞬時表達式為e＝200sin0.02tB.此交變電動勢的瞬時表達式為e＝200sin100πtC.t＝0.01s時，穿過線圈的磁通量為零D.t＝0.02s時，穿過線圈的磁通量的變化率最大6、如圖所示，緊繞有閉合線圈的絕緣圓筒放在電子秤的非磁性材料托盤（圖中未畫出）上，一條形磁鐵（N極向下）從圓筒正上方由靜止釋放后插入圓筒。空氣阻力不計。對磁鐵插入圓筒且未碰到托盤的過程，下列說法正確的是（）A.磁鐵的機械能守恒B.磁鐵的加速度恒定C.通過電阻的電流方向如圖中箭頭所示D.電子秤的示數比磁鐵尚未運動時電子秤的示數大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，垂直紙面的正方形勻強磁場區域內，有一位于紙面的、電阻均勻的正方形導體框abcd，現將導體框分別朝兩個方向以v、3v速度勻速拉出磁場，則導體框從兩個方向移出磁場的兩個過程中（）A.導體框中產生的感應電流方向相同B.導體框中產生的焦耳熱相同C.通過導體框截面的電荷量相同D.導體框ad邊兩端電勢差相同8、如圖為氫原子能級的示意圖，現有大量的氫原子處于n＝4的激發態，當向低能級躍遷時輻射出若干不同頻率的光。關于這些光下列說法正確的是（）A.由n＝4能級躍到n＝1能級產生的光子能量最大B.由n＝2能級躍遷到n＝1能級產生的光子頻率最小C.這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光D.由n＝4能級躍到n＝3能級產生的光子波長最長9、如圖所示，電容器由平行金屬板M、N和電介質D構成．電容器通過開關S及電阻及與電源E相連接。則（）A.M上移電容器的電容變大B.將D從電容器抽出，電容變小C.斷開開關S，M上移，MN間電壓將增大D.閉合開關S，M上移，流過電阻R的電流方向從B到A10、如圖所示，某質點做勻減速直線運動，依次經過三點，最后停在點。已知，從點運動到點，從點運動到點兩個過程速度變化量都為，則下列說法正確的是（）A.質點到達點時速度大小為 B.質點的加速度大小為C.質點從點運動到點的時間為 D.兩點間的距離為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）甲、乙兩同學均設計了測動摩擦因數的實驗。已知當地重力加速度的大小為。（1）甲同學所設計的實驗裝置如圖甲所示，其中長直木板A的質量為，質量為的物塊放置在木板A上，為物塊右端連接的一輕質彈簧測力計。實驗時，用力將A從的下方水平抽出，通過的示數即可算出動摩擦因數。該同學設計的實驗能測出___________（選填“A與”或“A與地面”）之間的動摩擦因數，其表達式為___________。（2）乙同學設計的實驗如圖乙所示，水平長木板上固定有兩個光電門，與光電門相連的計時器可以顯示帶有遮光片的物塊通過兩光電門之間的運動時間，與跨過定滑輪的輕質細繩相連的輕質測力計能顯示掛鉤處所受的拉力。實驗時，多次改變砂桶中砂的質量，每次都讓物塊從光電門A處由靜止開始運動，讀出多組測力計的示數及對應的物塊在兩光電門之間運動的時間；在坐標系中作出的圖線如圖丙所示，測得圖線在橫軸上的截距為。若本實驗中物塊的質量不能測出。則該同學還應該測出的物理量為___________；根據該測量物理量及圖線信息，可知物塊與長木板之間的動摩擦因數表達式為___________（用題中所給物理量表示）。12．（12分）(1)用螺旋測微器測圓柱體的直徑時，示數如圖甲所示，此示數為________________mm。(2)一游標卡尺的主尺最小分度為1mm，游標上有10個小等分間隔，現用此卡尺來測量工件的直徑，如圖乙所示。該工件的直徑為_____________mm。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】根據動能定理定理可求得粒子剛進入偏轉電場時的速度．粒子進入偏轉電場中做類平拋運動，由分位移公式得到粒子在偏轉電場中的偏轉距離，再由幾何關系可明確粒子打在屏上的位置．根據電場力做功可分析偏轉電場對粒子做功大小關系，結合動能定理分析粒子打到屏上時速度關系【詳解】粒子在加速電場中加速，由動能定理可知：，解得：，粒子在加速電場中的運動時間：；粒子在偏轉電場中做類平拋運動，運動時間：；在偏轉電場中豎直分位移：；聯立解得：，y與q、m無關，所以三種粒子在偏轉電場中軌跡重合，離開偏轉電場后粒子做勻速直線運動，因此三種粒子一定打到屏上的同一位置；加速電場對粒子做功為，q和相等，所以加速電場對三種粒子做功相等．偏轉電場對粒子做功：，q、、y相等，則知偏轉電場對三種粒子做功相等，故A錯誤，B正確；對整個過程，根據動能定理得：，由于W相等，所以三種粒子達到屏上的動能相同，故C錯誤；離開偏轉電場后粒子的運動時間：；粒子運動到屏上所用時間；因為不等，所以t不等，故D錯誤．所以B正確，ABD錯誤【點睛】本題考查帶電粒子在電場中的加速和偏轉，要注意偏轉中運動的合成與分解的正確應用，本題的結論要在理解的基礎上記牢2、A【解析】粒子從O沿直線運動到A，必定做勻速直線運動，根據左手定則和平衡條件可判斷電性，并可求出B和E；【詳解】A、若粒子帶正電，電場力向右，洛倫茲力垂直于OA線斜向右下方，則電場力、洛倫茲力和重力不能平衡，若粒子帶負電，符合題意，故A正確；BD、粒子受力如圖，由平衡條件得，所以該電場場強大小為，由平衡條件得，解得磁場的磁感應強度大小為，故B、D錯誤；C、粒子如果做勻變速運動，重力和電場力不變，而洛倫茲力變化，粒子不能沿直線運動，與題意不符，故C錯誤；故選A【點睛】關鍵是帶電粒子在復合場中運動的問題，要抓住洛倫茲力與速度有關的特點3、C【解析】電源的外特性曲線與燈泡伏安特性曲線的交點就是燈泡與電源連接時的工作狀態，由圖可讀出工作電壓和電流及電源的電動勢從而可算出電路的總功率和電源的輸出功率【詳解】由圖A讀出：電源的電動勢E=4V，內阻；兩圖線的交點表示燈泡與電源連接時的工作狀態，此時燈泡的電壓U=3V，電流I=2A；電源的總功率：P=IE=8W；電源的輸出功率等于燈泡的電功率，故PL=P出=UI=3×2=6W．雖然小燈泡的U-I圖線是一條曲線，但是由于小燈泡是純電阻，所以歐姆定律同樣適用；故ABD錯誤，C正確．故選C【點睛】解決這類問題關鍵在于從數學角度理解圖象的物理意義，抓住圖象的斜率、面積、截距、交點等方面進行分析，更加全面地讀出圖象的物理內涵4、D【解析】應用左手定則判斷洛侖茲力時，四指指向電子運動的反方向，磁場穿過掌心，則大拇指方向垂直于紙面向外，故電子束垂直紙面向外偏轉；A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析不符，故C錯誤；D．與分析相符，故D正確；故選D。5、B【解析】AB．由圖像知周期T=0.02s，所以頻率f=50Hz，由圖像知電動勢最大值為200V，角速度為所以感應電動勢的瞬時表達式為故A錯誤，B正確；C．t=0.01s時，感應電動勢為零，則穿過線圈的磁通量最大，故C錯誤；D．t=0.02s時，感應電動勢為零，則穿過線圈的磁通量的變化率也為零，故D錯誤。故選B。6、D【解析】A．磁鐵下落過程中，線圈中會產生感應電流，機械能轉化為電能，則磁鐵的機械能減小，選項A錯誤；B．磁鐵下落過程中，穿過線圈的磁通量的變化率逐漸變大，則產生的感應電流逐漸變大，磁鐵受到的向上的安培力變大，則加速度會減小，選項B錯誤；C．根據楞次定律可知，通過電阻的電流方向如圖中箭頭反方向，選項C錯誤；D．磁鐵下落過程中穿過線圈的磁通量變大，線圈中產生的感應電流的磁場方向向上，即落線管上端為N及，則磁鐵對螺線管有向下的作用力，則電子秤的示數比磁鐵尚未運動時電子秤的示數大，選項D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由題意可知考查電磁感應中電流方向、能量轉化、電路問題，根據電磁感應規律分析計算可得【詳解】A．由楞次定律分析可知導體框中產生感應電流方向都為逆時針方向，故A正確；B．導體框拉出過程中產生焦耳熱等于克服安培力做的功，設導體框邊長為L，總電阻為R聯立可得因兩次拉出時的速度不同，產生的焦耳熱不同，故B錯誤；C．兩次拉出時磁通量變化量相同，線圈電阻相同，通過導體框截面電荷量相同故C正確；D．向右拉出時向上拉出時導體框ad邊兩端電勢差不相同，故D錯誤【點睛】導體棒切割磁感線部分是電源，電源兩端電壓指的是外電壓．向右切割時ad是電源，ad兩端電壓指的是ab、bc、bd三段電阻電壓之和，向上拉出時，bc是電源，ad兩端電壓是ad段電阻電壓．產生焦耳熱等于克服安培力做功，由可比較產生熱量關系Ⅱ卷（非選擇題8、AD【解析】A．n=4和n=1間的能級差最大，躍遷時輻射的光子能量最大，故A正確；B．從n=4躍遷到n=3，能級差最小，則輻射的光子頻率最小，故B錯誤；C．根據=6知，這些氫原子總共可輻射出6種不同頻率的光子，故C錯誤；D．由n=4躍遷到n=3，能級差最小，輻射光子頻率最小，波長最長，故D正確；故選AD。9、BC【解析】，根據電容的決定式可知，當M向上移時，板間距離d增大，電容器的電容變小；當將D從電容器抽出，介電常數減小，電容器的電容變小，故A錯誤，B正確；斷開開關S，M上移，電量不變，而電容減小，根據電容的定義式，可知電容器兩端的電壓增大，故C正確；閉合開關S，電壓不變，M上移時電容減小，則由可知，電量Q減小,電容器放電，流過電阻的電流方向從A到B，故D錯誤．選BC.【點睛】根據電容的決定式，分析電容的變化．電容器的板間電壓不變，根據電容的定義式，分析電容器電量的變化，即可判斷電路中電流的方向10、BD【解析】AB．由題意知設加速度大小為a，根據速度位移公式得代入數據聯立解得故A錯誤，B正確；CD．質點從A到C的時間為AD間的距離為故C錯誤，D正確；故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A與②.③.光電門之間的距離④.【解析】（1）[1]當A達到穩定狀態時，處于靜止狀態，彈簧測力計的示數與所受的滑動摩擦力大小相等，對木板A的壓力等于的重力，則有故從彈簧測力計上讀取，則可求得A與之間的動摩擦因數；（2）[2][3][4]物塊由靜止開始做勻加速運動，在從光電門A處運動到光電門處的過程中，位移則有根據牛頓第二定律，有則設圖線在縱軸上的截距為，則圖線的斜率又因縱軸的截距得物塊與長木板間的動摩擦因數12、①.8.116~8.119②.29.8【解析】(1)[1]螺旋測微器的固定刻度讀數為8mm，可動刻度讀數為

01×11.7mm=0.117mm所以最終讀數為：8mm+0.117mm=8.117mm由于需要估讀因此在范圍8.116-8