福建省福州市閩清縣城關中學高三物理下學期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.社會的進步離不開科學家們卓越的貢獻，下列相關說法中錯誤的是A．伽利略最早提出“力不是維持物體運動的原因”B．牛頓最早發現了萬有引力定律C．法拉第首先發現了電流的磁效應D．洛倫茲首先提出了磁場對運動電荷有力的作用參考答案：C2.如圖甲所示，兩個平行金屬板a、b豎直放置，兩板加如圖乙所示的電壓：t=0時刻在兩板的正中央O點由靜止開始釋放一個電子，電子僅在電場力作用下運動，假設始終未與兩板相碰。則電子速度方向向左且大小逐漸減小的時間是參考答案：B3.如圖所示的裝置中，兩球的質量都為m，且繞豎直軸做同樣的圓錐擺運動，木塊的質量為2m，則木塊的運動情況為A．向上運動B．向下運動

C．靜止不動D．無法確定參考答案：C4.如圖所示，傾角30°的斜面連接水平面，在水平面上安裝半徑為R的半圓豎直擋板，質量m的小球從斜面上高為處靜止釋放，到達水平面恰能貼著擋板內側運動．不計小球體積，不計摩擦和機械能損失．則小球沿擋板運動時對擋板的力是（）A．0.5mg B．mg C．1.5mg D．2mg參考答案：B【考點】向心力；牛頓第二定律．【分析】根據動能定理求出到達水平面時的速度，根據向心力公式求出擋板對小球的壓力即可．【解答】解：在斜面運動的過程中根據動能定理得：①根據向心力公式有：N=m②由①②解得：N=mg根據牛頓第三定律可知，小球沿擋板運動時對擋板的力mg故選B5.（單選）一列沿x正方向傳播的簡諧波t=0時刻的波形如圖所示，t=0.2s時C點開始振動，則（）A．t=0.3s時，質點B將到達質點C的位置B．t=0.15s時，質點B的加速度方向沿y軸負方向C．t=0到t=0.6s時間內，B質點的平均速度大小為10m/sD．t=0.15s時，質點A的速度方向沿y軸正方向參考答案：B

二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.用光照射某金屬，使它發生光電效應現象，若增加該入射光的強度，則單位時間內從鋁板表面逸出的光電子數_________，從表面逸出的光電子的最大動量大小__________（填“增加”“減小”或“不變”）參考答案：增加

不變

7.小球在距地面高15m處以某一初速度水平拋出，不計空氣阻力，落地時速度方向與水平方向的夾角為60°，則小球平拋的初速度為10m/s，當小球的速度方向與水平方向夾角為45°時，小球距地面的高度為10m．（g取10m/s2）參考答案：【考點】：平拋運動．【專題】：平拋運動專題．【分析】：（1）平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動．將兩秒后的速度進行分解，根據vy=gt求出豎直方向上的分速度，再根據角度關系求出平拋運動的初速度．（2）將落地的速度進行分解，水平方向上的速度不變，根據水平初速度求出落地時的速度．（3）根據自由落體公式求出高度的大小．：解：（1）小球在豎直方向做自由落體運動，豎直方向的分速度：m/s如圖，落地時速度方向與水平方向成60°，則tan60°=所以：m/s（2）如圖，當速度方向與水平方向成45°時，vy1=v0=vx1=v0=10m/s，下落的高度：m．小球距地面的高度為：h2=h﹣h1=15﹣5=10m故答案為：10，10【點評】：解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動．知道分運動和合運動具有等時性，掌握豎直方向和水平方向上的運動學公式．8.若神舟九號飛船在地球某高空軌道上做周期為T的勻速圓周運動，已知地球的質量為M，萬有引力常量為G。則飛船

運行的線速度大小為______，運行的線速度_______第一宇宙速度。（選填“大于”、“小于”或“等于”）參考答案：

小于

9.如圖所示是某原子的能級圖,a、b、c為原子躍遷所發出的三種波長的光.在下列該原子光譜的各選項中,譜線從左向右的波長依次增大,則正確的是_____________.參考答案：C10.為了驗證“當質量一定時，物體的加速度與它所受的合外力成正比”，一組同學用圖甲所示的裝置進行實驗，并將得到的實驗數據描在圖乙所示的坐標圖中．(1)在圖乙中作出a－F圖線．(2)由a－F圖線可以發現，該組同學在實驗操作中遺漏了____________這個步驟．(3)根據a－F圖線可以求出系統的質量是________(保留兩位有效數字)．參考答案：11.如圖，框架ABC由三根長度均為l、質量均為m的均勻細棒組成，A端用光滑鉸鏈鉸接在墻壁上。現用豎直方向的力F作用在C端，使AB邊處于豎直方向且保持平衡，則力F的大小為

。若在C點施加的作用力改為大小為1.5mg、方向始終垂直于AC邊的力F′，使框架從圖示位置開始逆時針轉動，運動過程中當框架具有最大動能時，力F′所做的功為__________。參考答案：mg，0.25πmgl

12.地球半徑為R，衛星A、B均環繞地球做勻速圓周運動，其中衛星A以第一宇宙速度環繞地球運動，衛星B的環繞半徑為4R，則衛星A與衛星B的速度大小之比為________；周期之比為________。參考答案：2∶1；1∶8 13.一物體從高H處自由下落，當它運動到P點時所用的時間恰好為整個過程時間的一半，不計空氣阻力，則P點離地面的高度為

A．3H/4

B．H/2

C．H/4

D．H/8參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（10分）一物體在A、B兩點的正中間由靜止開始運動（設不會超越A、B），其加速度隨時間變化如圖所示，設向A的加速度方向為正方向，若從出發開始計時，則：

（1）物體的運動情況是___________________。（2）4S末物體的速度是______，0-4S內物體的平均速度是________。（3）請根據圖畫出該物體運動的速度-時間圖像。參考答案：（1）一直向A運動（2分）；（2）0；2m（4分）；（3）如圖（4分）

15.內表面只反射而不吸收光的圓筒內有一半徑為R的黑球，距球心為2R處有一點光源S，球心O和光源S皆在圓筒軸線上，如圖所示．若使點光源向右半邊發出的光最后全被黑球吸收，則筒的內半徑r最大為多少？參考答案：自S作球的切線S?，并畫出S經管壁反射形成的虛像點，及由畫出球面的切線N，如圖1所示，由圖可看出，只要和之間有一夾角，則筒壁對從S向右的光線的反射光線就有一部分進入球的右方，不會完全落在球上被吸收．由圖可看出，如果r的大小恰能使與重合，如圖2，則r?就是題所要求的筒的內半徑的最大值．這時SM與MN的交點到球心的距離MO就是所要求的筒的半徑r．由圖2可得??????????

（1）由幾何關系可知

（2）由（1）、（2）式得

（3）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，抗震救災運輸機在某場地卸放物資時，通過傾角=30°的固定的光滑斜軌道面進行.有一件質量為m=2.0kg的小包裝盒，由靜止開始從斜軌道的頂端A滑至底端B，然后又在水平地面上滑行一段距離停下，若A點距離水平地面的高度h=5.0m，重力加速度g取10m/s2，求：（1）包裝盒由A滑到B經歷的時間：（2）若地面的動摩擦因數為0.5，包裝盒在水平地面上還能滑行多遠？（不計斜面與地面接觸處的能量損耗）參考答案：(1)2.0s

(2)10m試題分析：對物體進行受力分析，由牛頓第二定律，得:包裝盒沿斜面由A到B的位移為設包裝盒由A到B做勻加速運動的時間為t則解得：（2）由動能定理得：其中在B點速度代入已知，得s="10m"考點：動能定理；牛頓第二定律.

17.如圖所示，粒子源O產生初速度為零、電荷量為q、質量為m的正離子，被電壓為的加速電場加速后通過直管，在到兩極板等距離處垂直射入平行板間的偏轉電場，兩平行板間電壓為2。離子偏轉后通過極板MN上的小孔S離開電場。已知ABC是一個外邊界為等腰三角形的勻強磁場區域，磁場方向垂直紙面向外，邊界AB=AC=L，，離子經過一段勻速直線運動，垂直AB邊從AB中點進入磁場。（忽略離子所受重力）若磁場的磁感應強度大小為，試求離子在磁場中做圓周運動的半徑；若離子能從AC邊穿出，試求磁場的磁感應強度大小的范圍。參考答案：得：

（2分）15.解（1）設離子進入磁場的速度為，則根據動能定理可知：

（2分）離子進入磁場后，由牛頓第二定律可知：（1分）得

（2分）（2）如圖所示，由幾何知識

（2分）又由于：

（1分）

可得：（2分）要滿足離子能從AC邊穿出，則B<

(2分)18.離子擴束裝置由離子加速器、偏轉電場和偏轉磁場組成．偏轉電場由加了電壓的相距為d=0.1m的兩塊水平平行放置的導體板形成，如圖甲所示．大量帶負電的相同離子（其重力不計）由靜止開始，經加速電場加速后，連續不斷地沿平行于導體板的方向從兩板正中間射入偏轉電場．當偏轉電場兩板不帶電時，離子通過兩板之間的時間為3×10-3s，當在兩板間加如圖乙所示的電壓時，所有離子均能從兩板間通過，然后進入水平寬度有限、豎直寬度足夠大、磁感應強度為B=1T的勻強磁場中，最后通過勻強磁場打在豎直放置的熒光屏上．求：（1）離子在剛穿出偏轉電場兩板之間時的最大側向位移與最小側向位移之比為多少？（2）要使側向位移最大的離子能垂直打在熒光屏上，偏轉電場的水平寬度為L為多大？參考答案：（1）設t0=1×10-3s，由題意可知，從0、3t0、6t0……等時刻進入偏轉電場的離子側向位移最大，在這種情況下，離子的側向位移為

（2分）

從2t0、5t0、8t0……等時刻進入偏轉電場的離子側向位移最小，在這種情況下，離子的側向位移為

（2分）所以最大側向位移和最小側向位移之比為（1分）（2）設離子從偏轉電場中射出時的偏向角為q，由于離子要垂直打在熒光屏上，