福建省南平市造紙廠職工子弟中學2021-2022學年高二物理下學期期末試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖所示，帶有等量異種電荷的兩塊等大的平行金屬板M、N水平正對放置．兩板間有一帶電微粒以速度v0沿直線運動，當微粒運動到P點時，將M板迅速向上平移一小段距離，則此后微粒的運動軌跡是()A．沿軌跡④運動

B．沿軌跡①運動C．沿軌跡②運動

D．沿軌跡③運動參考答案：C2.如圖所示，在光滑的水平面上，有一質量為M=3kg的薄板和質量m=1kg的物塊，都以v=4m/s的初速度朝相反方向運動，它們之間有摩擦，當薄板的速度為2.4m/s時，物塊的運動情況是

A．做加速運動

B．做減速運動

C．做勻速運動

D．以上運動都有可能參考答案：A3.下列物理量都屬于矢量的是A．位移、速度和時間

B．力、速度和路程C．路程、位移和力

D．速度、加速度和力參考答案：D4.圖10為磁流體發電機的示意圖，流體中的正、負離子均受到勻強磁場的作用，向M、N兩金屬極板運動。下列說法正確的是A．正離子向M極偏轉，負離子向N極偏轉B．正離子向N極偏轉，負離子向M極偏轉C．正、負離子均向N極偏轉D．正、負離子均向M極偏轉參考答案：B5.關于加速度和速度，以下說法正確的是（）A．加速度越大的物體速度越快B．加速度越大的物體速度變化越大C．加速度不變的物體速度也不變D．加速度越大的物體速度變化越快參考答案：D解：加速度越來越大，物體的速度變化越來越快，速度不一定大，故A錯誤，D正確；B、加速度越大的物體速度變化不一定大，還與時間有關，故B錯誤；C、加速度不變，物體做勻變速直線運動，速度變化，故C錯誤；故選：D二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一個質量為m的帶負電的小球，在如圖所示的勻強電場中以水平速度拋出。小球運動的加速度方向豎直向下，大小為，小球在豎直方向下落高度H時,小球的動能增加了

，小球的機械能減少了

，小球的重力勢能減少了

。電勢能增加了

。參考答案：、、、7.水平放置的平行金屬導軌相距為d，導軌一端與電源相連，垂直于導軌平面的勻強磁場的磁感應強度為B，方向如圖所示．長為L的金屬棒ab靜止在導軌上，棒與導軌成600角，此時，通過金屬棒的電流為I，則金屬棒所受的安培力大小為______.參考答案：通電導體垂直于磁場的長度為：故安培力的大小為：8.（4分）機械波按照質點振動方向與傳播方向之間的關系可分為

和

。參考答案：橫波，縱波9.在探究加速度跟力和質量的關系實驗中，得到以下數據，物體質量不變時，加速度a與物體所受合力F的對應數據如表所示：

（1）畫出a—F圖象（2）由a—F圖象得到的結論是

。參考答案：(1)（2）物體質量不變時，加速度a與所受合力F成正比

。10.在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數n=1500匝，橫截面積S=20cm2，螺線管導線電阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω，C=30μF．閉合開關，在一段時間內，穿過螺線管的磁場的磁感應強度B按如圖乙所示的規律變化．電路中電流穩定后電容器兩板間的電壓是0.6V，下極板帶正電．參考答案：解：根據法拉第電磁感應定律：E=nS=1500××20×10﹣4=1.2V；根據全電路歐姆定律，有：I===0.12A根據楞次定律可知，螺線管下極帶正電，則電流穩定后電容器下極板帶正電；S斷開后，流經R2的電量即為S閉合時C板上所帶的電量Q電容器兩端的電壓：U=IR2=0.12×5=0.6V故答案為：0.6，正．11.穿過單匝閉合線圈的磁通量在0.03s內由0.2Wb均勻增加到0.8Wb，則在此過程中穿過該線圈的磁通量的變化量為

Wb，該線圈中產生的感應電動勢為

V。參考答案：0.6，20；12.圖示電路由金屬熱電阻Rt，光敏電阻Rs,定值電阻R和電源組成直流電路。圖中電壓表為理想電壓表，Rt、Rs均由半導體材料制成，現發現電壓表示數增大。①在其它條件不變時，金屬熱電阻Rt的溫度_____②在其它條件不變時，照射光敏電阻Rs的強度_____。參考答案：

降低

；

減少

13.（2分）光線由空氣射入某種介質，折射光線與反射光線恰好垂直，已知入射角是53°，則這種介質折射率n=_____________(保留三位有效數字，已知，)

參考答案：1.33三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.一個定值電阻，其阻值約在40—50Ω之間，現需要測量其阻值。給出的實驗器材有：

電池組E

電動勢9V，內阻約為0.5Ω

電壓表V

量程0—10V，內阻20KΩ

電流表A1

量程0—50mA，內阻約為20Ω

電流表A2

量程0—300mA，內阻約為4Ω

滑動變阻器R1，阻值范圍0—100Ω，額定電流1A

滑動變阻器R2，阻值范圍0—1700Ω，額定電流0.3A

電鍵S、導線若干

如圖所示有兩種電路可供選擇。測量中為了減小測量誤差，實驗所用電流表應為

（填代號），滑動變阻器應為

（填代號）。實驗中應選用圖

所示電路圖。參考答案：提示：A2；R1；甲。因為電路的最大電流為9/40A=0.225A，故電流表選A2；采用現流式接法時，滑線變阻器比待測電阻大或差不多就行，100Ω的電阻可將待測電阻上的電壓降到約3V，故滑線變阻器選R1；因，屬于小電阻，故用外接法，選甲電路。）15.(1)用如圖所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、T.請根據下列步驟完成電阻測量．(1)旋動部件________，使指針對準電流的“0”刻線．(2)將K旋轉到電阻擋“×100”的位置．(3)將插入“＋”、“－”插孔的表筆短接，旋動部件______，使指針對準電阻的________(填“0刻線”或“∞刻線”)．(4)將兩表筆分別與待測電阻相接，發現指針偏轉角度過小．為了得到比較準確的測量結果，請從下列選項中挑出合理的步驟，并按________的順序進行操作，再完成讀數測量．A．將K旋轉到電阻擋“×1k”的位置B．將K旋轉到電阻擋“×10”的位置C．將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線相接D．將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進行校準參考答案：(1)S(3)T0刻線(4)ADC四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，光滑斜面傾角為37°，一帶有正電的小物塊質量為m，電荷量為q，置于斜面上，當沿水平方向加如圖所示的勻強電場時，帶電小物塊恰好靜止在斜面上，從某時刻開始，電場強度變為原來的，求：(1)原來的電場強度為多大？(2)物塊運動的加速度？(3)沿斜面下滑距離為l＝0.5m時物塊的速度大小．(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2)參考答案：解(1)對小物塊受力分析如圖所示，物塊靜止于斜面上，則mgsin37°＝qEcos37°.(2)當場強變為原來的時，小物塊所受的合外力17.如圖1－19，水平放置的平行板電容器，原來兩極板不帶電，上極板接地，它的極板長L＝0.1m，兩極板間距離d＝0.4cm.有一束相同微粒組成的帶電粒子流從兩板中央平行于極板射入，由于重力作用微粒落到下板上．已知微粒質量為m＝2×10－6kg，電荷量為q＝＋1×10－8C，電容器電容為C＝10－6F，g取10m/s2，求：圖1－19(1)為使第一個微粒的落點范圍在下極板中點到緊靠邊緣的B點之內，則微粒入射速度v0應為多少？(2)若帶電粒子落到AB板上后電荷全部轉移到極板上，則以上述速度射入的帶電粒子最多能有多少個落到下極板上？參考答案：18.如圖所示，某村在距村莊較遠的地方建了一座小型水電站，發電機的輸出功率為9kW，輸出電壓為500V，輸電線電阻為10Ω，允許線路消耗的功率為輸出功率的4%，求：（1）若不用變壓器而由發電機直接輸送，用戶得到的電壓和功率是多少？（2）用如圖所示電路輸電，若用戶需要220V電壓時，所用升壓、降壓變壓器原副線圈匝數比為多少？（不計變壓器能量損失）參考答案：解：（1）不用變壓器而直接輸送時，輸電線上的電流I==A=18A

電壓損失△U=IR=18×10V=180V

功率損失△P=I2R=182×10=3240W

用戶得到的電壓和功率分別是U用=U﹣△U=500V﹣180V=320V

P用=P﹣△P=9000W﹣3240W=5760W

（2）由△P=P×4%=I2R代入數據得I2=6A，由P=U2I2得U2===1.5×103V

由=得U3=U2﹣I2R=V=1440V所以===答：（1）若不用變壓器而由發電機直接輸送，用戶得到的電壓為320V，功率是5760W．（2）用如圖所示電路輸電，若用戶需要22