備戰高考物理專項能力提升練習選修31第二章恒定電流（含解析）2021備戰高考物理專項能力提升練習-選修3-1第二章-恒定電流〔含解析〕一、單項選擇題1.如下圖的電路中，當滑動變阻器的滑片向下滑動時，A、B兩燈亮度的變化情況為(A.亮

暗

暗A燈和B燈都變A燈和B燈者B變A燈變亮，B燈變A燈變暗，B燈變亮2.兩個電阻RJR2的電流I和電壓U的關系如下圖.假設兩個電阻RrR2串聯接在電路中，那么電阻RJR2兩端的電I壓工比UJQ等于〔 )33：11：D.和13.圖中S斷開時，伏特表示數為6V,當S閉合后，ab間電壓可能是［A.11V10V9V8V.以下關于信息化社會的說法不正確的選項是〔 〕A.現代信息技術的三大根底是信息的拾取、傳輸和處理B.傳感器能代替、補充、延伸人的感覺器官功能C.日光燈的啟動器利用了雙金屬傳感器D.光敏電阻傳感器無光照射時電路中電流大，有光照射時電路中電流小.有三個阻值都是6kQ的電阻，把它們連成如下圖的混連電路，那么連好的總電阻是〔 〕6kΩ9kΩ12kΩ18kΩ.對歐姆定律公式］星的理解，下面哪一句話是錯誤的（ ）A.對某一段導體來說，導體中的電流跟它兩端的電壓成正比B.在相同電壓的條件下，不同導體中的電流跟電阻成反比C.導體中的電流既與導體兩端的電壓有關也與導體電阻有關D.因為電阻是導體本身的屬性，所以導體中的電流只與導體兩端電壓有關，與電阻無關.以下說法正確的選項是〔 〕A.只有體積很小的帶電體才能看作點電荷 B.電場強度是矢量，方向就是電荷在該點的受力方向C.電容器的電容跟它兩極所加電壓成反比，跟它所帶電量成正比 D.外電路斷開時，電動勢數值上等于電源兩極的電壓.對于多用電表的使用，以下說法正確的選項是〔 〕A.在粗略測定電池電動勢時，可用直流電壓擋直接測量B.在粗略測定電池內阻時，可用歐姆擋直接測量C.做電流表使用時與待測電路并聯D.做電壓表使用時與待測電路串聯9.兩根材料相同的導線，質量之比為2：1,長度之比為1：2,加上相同的電壓后，通過的電流之比為（）8：14：11 ：11：410.有兩個燈泡，L1標有“220V,60W〃，L2標有“220V,40亞〃.將它們串聯后接在電源上，那么（ 〕A.路端電壓為220伏時，,、L2都不能正常發光B.路端電壓為440伏時，L1、L2都能正常發光C.無論路端電壓為多少伏，L1、L2都不可能正常發光D.無論路端電壓為多少伏，L1肯定不能正常發光二、多項選擇題∏?如下圖電路中，當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時，以下判斷正確的選項是A.電壓表讀數變大，通過燈L1的電流變大，燈L2變亮B.電壓表讀數變小，，通過燈L1的電流變小，燈L2變亮C.電壓表讀數變小，，通過燈L2的電流變大，燈L1變暗D.電壓表讀數變大，，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗.美國科學家WillardS.Boyle與GeorgeE.Snith因電荷耦合器件〔CCD〕的重要創造獲得2021年度諾貝爾物理學獎.CCD是將光學量轉變成電學量的傳感器.以下器件可作為傳感器的有〔〕A.發光二極管B.熱敏電阻C.霍爾元件D.干電池.在如下圖的電路中，電源的電動勢為E,內阻為r,平行板電容器C的兩金屬板水平放置，RI和R’為定值電阻，P為滑動變阻器R的滑動觸G?為靈敏電流表，A為理想電流表.開關S閉合后，C的兩板間恰好有一質量為m、電荷量為Q的油滴處于靜止狀態.在P向上移動的過程中，以下說法不正確的選項是〔 〕品A.A表的示數變大上加速運動的電流 D.B.油滴向C.G中有由a至b

電源的輸出功率一定變大14.某同學用如下圖電路測量一電阻絲的電阻Rx.他先閉合S1、斷開S2,調節R1和R2,使電流表和電壓表的讀數合理，記下兩電表的示數'和UJ再保持R?不變，閉合S’電表的示數L和U29,那么〔記下兩心Jr~Ih<S>∏XU1U2真實值

真實值C.被測電阻值大于D.被測電阻值等于15.如下圖的電路中，電源內阻為r,閉合電鍵,電壓表示數為U,電流表示數為I；在滑動變阻器Rl的滑片P由a端滑到b端的過程中〔 )rA?U先變大后變小B.I先變小后變大C.U與I的比值先變大后變小D.U的變化量的大小與I的變化量的大小的比值等于r三、填空題.測得某導體的電阻是10Ω,導體中的電流是0.2A,那么60s內通過導體的電量是C，電流產生的熱量是J..一實驗小組準備探究某種元件Q的伏安特性曲線，他們設計了如圖1所示的電路圖.請答復以下問題:考慮電表內阻的影響，該元件電阻的測量值〔選填“大于〃、”等于〃或“小于〃)真實值.②在電路圖中閉合開關S,電流表、電壓表均有示數，但無論怎樣移動變阻器滑動片,總不能使電壓表的示數調為零.原因可能是圖1中的〔選填a、b、c、d、e、f)處接觸不良.③該實驗小組將所測得的實驗數據繪制成了如圖2的I-U圖像，元件Q在U=0.8V時的電阻值是Ω?④將元件Q單獨接在電動勢E=2.0V，內阻r=4Ω的電源上，那么元件Q此時的電功率是W〔保存小數點后兩位〕.有一個小燈泡上標有“4V,2W〃的字樣，現要描繪這個燈泡的伏安特性曲線.有以下器材供選用：A.電壓表［0?5V,內阻約為IokQ）B.電壓表（0?10V,內阻約為20kQ）C.電流表〔0?0.3A,內阻約為IQ〕D.電流表（0?0.6A,內阻約為0?4Q）E.滑動變阻器（10Ω,2A〕F.學生電源〔直流6V）,還有電鍵、導線假設干①實驗中所用電壓表應選用〔填A或B〕，電流表應選用〔填C或D）.②實驗時要求燈泡電壓從零開始并盡量減小實驗誤差，請在方框內畫出實驗電路原理圖? ' I.在?傳感器的應用實驗?的光控電路中，用發光二極管LED模仿路燈，RG為光敏電阻所示。當光敏電阻R受到光照時,斯密特觸發器的輸出端GY出現電平（填”高〃或”低〃）；當把光遮住時，輸入端A出現電平〔填“高〃或”低〃〕；如果試驗中發現天很暗時路燈還沒點亮,應將可變電阻Rl的阻值調一些〔填“大〃或“小〃.設某型號的太陽能電池板的電動勢為600μV,短路電流為30μA,那么由此可以推知，該電池的內電阻為Ω;如果再將此電池與一個阻值為20Ω的電阻連成閉合電路，那么通過電池的電流為μA..一靈敏電流計，允許通過的最大電流〔滿偏電流）為Ig=50μA，表頭電阻Rg=1kΩ,假設改裝成量程為Im=ImA的電流表，應聯的電阻阻值為Ω?假設將改裝后的電流表再改裝成量程為Um=10V的電壓表，應再聯一個阻值為Ω的電阻.〔結果保存三位有效數字〕.兩根長度相同，橫截面積之比S1：S「2：3的均勻銅導線按圖所示接入電路，那么兩導線的電阻之比RJRj，自由電子在兩導線中定向移動時的速率之比=? I_u_I四、解答題.氫原子的核外只有一個電子，設電子在離原子核距離為R的圓軌道上做勻速圓周運動。電子的電荷量為e，運動速率為v，求電子繞核運動的等效電流多大？.微型吸塵器的直流電動機的內阻一定，當加上0.4V的電壓時，通過的電流為0.4A，此時電機不轉.當加在電動機兩端的電壓為2.5V時，電流為0.8A,這時電動機正常工作.那么吸塵器的機械功率為多少？五、實驗探究題.根據所學知識完成題目：〔1〕以下有關高中物理實驗的一些描述中，正確的選項是A.在“研究平拋運動〃實驗中，需要用重錘線確定豎直方向B.在“用油膜法測分子直徑的大小〃的實驗中應直接將純油酸滴入水中C.在“用單擺測定重力加速度〃實驗中，如果擺長測量無誤.測得的g值偏小，其原因可能是將全振動的次數N誤計為N-1D.在“驗證機械能守恒定律〃的實驗中，需要用天平測物體的質量E.在“用描跡法畫出電場中平面上的等勢線〃的實驗中，導電紙上形成的是兩等量異種點電荷的靜電場.〔2〕某興趣小組為了測量一待測電阻Rx的阻值，準備先用多用電表粗測出它的阻值，然后再用伏安法精確地測量.實驗室里準備了以下器材：A.多用電表B?電壓表Vl,量程3V,內阻約5kΩC.電壓表V2,量程⑸，內阻約25kΩD.電流表Al,量程0.6A,內阻約0.2ΩE.電流表A2:量程3A,內阻約0.04Ω F.電源，電動勢E=4.5VG.滑動變阻器Rl,最大阻值5Ω,最大電流為3AH.滑動變阻器R2,最大阻值200Ω,最大電流為1.5A 2I.電鍵S、導線假設干①在用多用電表粗測電阻時，該興趣小組首先選用“X10〃歐姆擋，其阻值如圖甲中指針所示，為了減小多用電表的讀數誤差，多用電表的選擇開關應換用歐姆擋；I” (√J②按正確的操作程序再一次用多用電表測量該待測電阻的阻值時，其阻值如圖乙中指針所示，那么Ri的阻值大約是Q；③在用伏安法測量法電阻的阻值時，要求盡可能準確，并且待測電阻的電壓從零開始可以連續調節，那么在上述提供的器材中電壓表應選；電流表應選；滑動變阻器應選.〔填器材前面的字母代號〕④畫出用伏安法測量該電阻的阻值時的實驗電路圖.六、綜合題26.小明同學在“描繪小燈泡的伏安特性曲線〃實驗中，為了更準確選取電壓表和電流表的適宜量程，決定先用多用電表測量小燈泡的阻值.〔1〕在使用前發現電表指針位置如以下圖甲所示，該同學應該調節哪個位置〔選圖甲“①〃或者“②〃1；〔2）小明使用多用電表歐姆檔的“X10〃檔測

量小燈泡電阻阻值，讀數如圖乙所示，為了更準

確地進行測量，小明應該旋轉開關至歐姆檔〔填“義100〃檔；或“Xl〃檔〕，兩

表筆短接并調節〔選“①〃或者[3[按正確步驟測量時，指針指在如圖丙位置，那么小燈泡阻值的測量值為答案解析局部?、單項選擇題.【答案】D【考點】全電路的功和能【解析】【分析】滑片向下，那么電阻變小，因此R與A的并聯電阻變小，所以整個電路總電阻變小，根據閉合電路歐姆定律，電源輸出電流變大，因此B燈變亮。因為電流變大，所以B燈以及內阻r分得電壓變多，因此A燈電壓變小，所以A燈變暗，所以D正確。【點評】此類題型考察了根據閉合電路歐姆定律判斷因為某個電阻變化而導致的總電流或電壓重新分配問題。.【答案】A【考點】歐姆定律【解析】【解答】解：由U-I圖象得出：由R=★焉可知：?=≡=i?應選：A【分析】根據歐姆定律R=￥可知：I-U圖象中，圖線斜率的倒數可以表示電阻，即Rx?=?.然后代入相應的角度即可解答..【答案】D【考點】歐姆定律【解析】【解答】解：S閉合前，兩個電阻串聯，根據串聯電壓與電阻成正比得知，10Ω電阻的電壓為3V，那么路端電壓為3V+6V=9V；當S閉合后，10Q電阻被短路，外電路總電阻減小，電流增大，電源的內電壓增大，路端電壓減小，那么電壓表讀數應9V.故D正確.應選D【分析】S閉合前，兩個電阻串聯，根據串聯電路的特點能求出10Ω電阻的電壓，得到電路電壓；當S閉合后，10Ω電阻被短路，外電路總電阻減小，路端電壓減小，即可分析電壓表讀數的范圍，進行選擇..【答案】D【考點】傳感器【解析】【解答】A、傳感器一定是通過非電學量轉換成電學量來傳遞信號的，因此傳感器也可以用來采集信息，現代信息技術的三大根底是信息的拾取、傳輸和處理，能代替、補充、延伸人的感覺器官功能，故AB正確；口日光燈的啟動器利用金屬隨著溫度的膨脹系數不同，運用雙金屬傳感器，故C正確；D、光敏電阻在有光照射時，電阻會變小，故D錯誤；【分析】傳感器作為一種將其它形式的信號與電信號之間的轉換裝置，在我們的日常生活中得到了廣泛應用，不同傳感器所轉換的信號對象不同，我們應就它的具體原理進行分析.【答案】B【考點】串聯電路和并聯電路【解析】【解答】解：兩電阻并聯后，總電阻R、并=竽=3kQ；并聯電阻再與R串聯，那么最后的總電阻R「3kQ+6kQ=9kQ；應選：B【分析】并明確電路結構，根據串并聯電路的規律進行分析，即可求得最后的總電阻..【答案】D【考點】電阻的測量【解析】【分析】由歐姆定律公式%可知：導體中電流與導體兩端的電壓和導體的電阻有關.A、對某一段導體來說，導體中的電流跟它兩端的電壓成正比；正確，不選B、在相同電壓的條件下，不同導體中的電流跟電阻成反比；正確，不選C、導體中的電流既與導體兩端的電壓有關也與導體電阻有關；正確，不選D、因導體中電流與導體兩端的電壓和導體的電阻決定的；那么導體中的電流只與導體兩端的電壓有關，與導體的電阻無關；說法錯誤，應選應選D。【點評】注意對物理公式，不能像數學公式一樣來分析，因為物理公式中的每個字母都代表一個特定的物理量，有其本身的物理意義。.【答案】D【考點】電場強度和電場線，電容器，電動勢，點電荷【解析】【解答】解：A、帶電體能否看作點電荷是由研究問題的性質決定，與自身大小形狀無具體關系，A不符合題意；B、電場強度是矢量，方向就是正電荷在該點的受力方向，而與負電荷在該點的受力方向相反，B不符合題意.C、電容表征電容器容納電荷本領大小，與兩極所加電壓、帶電量無關，C不符合題意.D、外電路斷開時，電源的內電壓為零，根據閉合電路歐姆定律可知電動勢數值上等于電源兩極的電壓，D符合題意.故答案為：D.【分析】根本概念的考察熟練掌握定義即可。.【答案】A【考點】電磁學實驗【解析】【解答】解：A、在粗略測定電池電動勢時，電壓表的內電阻可以近似看做無窮大，可用直流電壓擋直接測量，故A正確；B、歐姆表內部有電池，所以不能測量電池的內電阻，故B錯誤；C、電流表測量的是流過待測電阻的電流，所以要串聯，可知多用電表作為電流表使用時與待測電路串聯，故C錯誤；D、電壓表測量的是電場中兩端的電壓，所以多用電表作為電壓表使用時與待測電路并聯，故D錯誤；應選：A.【分析】電流表測量的是流過待測電阻的電流，所以要串聯；而電壓表需要并聯；歐姆表不能測量電池的內電阻..【答案】A【考點】電阻定律【解析】【解答】同種材料的導線體積之比等于質量比：V：V?2：L面積之比為邑VJL212 ，由可得 ，加T7 ZiR-.S上相同電壓，由可得廣見下，所以A對。應選A【分析】此題考查電阻定律R=尺的應用。10.【答案】A【考點】歐姆定律，串聯電路和并聯電路【解析】【解答】解：A、由于串聯電路的分壓,那么當路端電壓為220伏時，L「L’的電壓都小于額定電壓,所以都不能正常發"，￡A正確.B、由燈泡的銘牌可知，兩燈泡的額定電壓相等，L1的額定功率大于左的額定功率，由P二號可知q電阻大.兩個燈泡串聯在電路中，假設都不被燒壞，那么電流相等，電壓與電阻成正比，那么L1的電壓小于％的電壓,當路端電壓為440伏時,L：的電壓將大展220V,不能正常發光，故B錯?.C、無論路端電壓為多少伏，由于兩個燈泡的額定電壓相同，但由于它們的電阻不等，分擔的電壓不等，當Ll的電壓到達額定電壓時，L2的電壓將大于額短電壓，將被燒壞；當L2的電日到達額定電壓時能正常發光，％的電壓A小于額定電壓，不能正常發光，故C蠢誤.D、Ll能到達額定電壓，所以在一定條件下能正常發房，故D錯誤.應選：A【分析】根據燈泡的銘牌可知額定電壓和額定功率，根據P:得比擬兩燈泡電阻的大小關系，再根據串聯電路中電壓與電阻成正比，分析它們電壓關系，判斷能否正常發光.二、多項選擇題.【答案】B,C【考點】電路的動態變化分析【解析】【解答】解：當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流增大，通過燈L2的電流變大，那么燈L2變亮.電源的內電壓和L2的電壓增大，路端電壓減小，那么并聯局部電壓減小，電壓表讀數變小，通過燈L1的電流變小，燈L1變暗.故BC正確.AD錯誤;應選：BC【分析】當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，分析外電路總電阻的變化，由閉合電路歐姆定律分析干路電流和路端電壓的變化，再由歐姆定律分析并聯局部電壓的變化，即可得到結論..【答案】B,C【考點】傳感器【解析】【解答】A、發光二極管兩極到達一定電壓時就會正向導通，所以不是傳感器.故A不正確；B、熱敏電阻可以把溫度轉化為電學量，故B正確；C、而霍爾元件可以把磁場的磁感應強度轉化為電學量，故C正確；D、干電池是電源，能給兩極提供電勢差的設備.故D不正確；應選BC【分析】傳感器是將非電學量轉變成電學量，如力傳感器是將力學量轉變成電學量..【答案】A,C,D【考點】電路的動態變化分析【解析】【解答】解：粒子原來處于平衡狀態，重力和靜電力平衡；電容器與電阻R、電阻R2相并聯后與R1串聯，A、滑片向上移動，電阻R變大，電路總I電阻變大，電流變小，那么A表的示數變小，故A錯誤；B、電容器兩端電壓為：U=E-I〔r+R1〕，故電容器兩端電壓變大，帶電量變大，電場力變大，粒子向上加速，故B正確;C、電容器充電，故電流從b到a,故C錯誤；D、根據當外電阻等于內電阻時，此時電源輸出功率最大，雖外電阻在變大，但不知與內電阻的關系，因此無法確定輸出功率的大小關系，故D錯誤.此題選錯誤的，應選：ACD.【分析】電容器與電阻R、電阻R2相并聯后與R1串聯，滑片移動，根據電路串并聯知識和閉合電路歐姆定律得到導致電容器兩端電壓變化情況，最終判斷油滴受力變化和運動情況..【答案】BD【考點】電阻的測量【解析H解答】解：A、先閉合Sl,斷開S2，調節R和RP,使電流表和電出表示數合3?,記下兩表票數為、，UJ設電壓表內阻為Rv,那么?-?+言再保持RP不變，閉合S?，記下電流表和電壓表示數為j,那么??=小也?+?+±解得:R=X故A錯誤，B正確;C、由RX的表達式可知，最終結果中并不涉及兩個電表M內阻問題，故雖然電流表、電壓表都不是理想電表，并不會影響電阻的測量值，故C錯誤，D正確；應選：BD.【分析】A、本實驗只有電流和電壓兩種數據，應考慮局部電路歐姆定律，并結合電阻的計算公式解決C、看最后整理出的R的表達式中是否牽扯電流表和電壓表的X內阻，進而討論此二表內阻帶來的影響.【答案】A,B,C【考點】電路的動態變化分析【解析】【解答】解：A、由圖可知，滑動變阻器上下兩局部并聯，當滑片在中間位置時總電阻最大，那么在滑動變阻器R1的滑片P由a端滑到b端的過程中，滑動變阻器R1的電阻先增大后減小，根據閉合電路歐姆定律可知電流表示數先減小后增大，電壓表測量路端電壓，根據閉合電路歐姆定律可知，路端電壓先變大后變小；故AB正確；C、U與I的比值就是接入電路的R1的電阻與R2的電阻的和，所以U與I比值先變大后變小，故ABC正確；D、因電壓表只測量一個支路的電流，而總電流的變化量應包括R中電流的變化，所以電壓表示數與電流表示數變化的比值不等于r，故D錯誤；應選：ABC【分析】根據滑動變阻器滑片滑動時滑動變阻器阻值變化，確定電路外電阻的變化，再根據閉合電路歐姆定律得路端電壓及各支路電流變化，可知電壓表和電流表示數的變化；U與I的比值就是接入電路的R1的電阻與R2的電阻的和。三、填空題.【答案】12；24【考點】全電路的功和能【解析X解答】根據I=3矢口q=It=O.2X60C=12C根據焦耳定律Q=LRt知產生的熱量Q=O.22X10X60J=24J故答案為:12、24【分析】根據電流定義和焦耳定律解答..【答案】小于；f；16；0.21【考點】歐姆定律【解析】【解答】解：〔1〕電流表外接時，通過元件的電流值的測量值大于真實值，由歐姆定律可知，該元件的電阻的測量值小于真實值；〔2〕由題意可知，電流與電源應相連，不能調節到零說明滑動變阻器起不到分壓作用，故應是f點接觸不良造成的；（3）該實驗小組將所測得的實驗數據繪制成了如圖2的I-U圖像，元件Q在U=0.8V時的電流為：1=0.05A,根據歐姆定律得:R=??=lθQ；〔4〕假設將元件R與一個R0=4.0Ω的電阻并聯，再接至電動勢E=L5V、內∣?r=2.0Q的電源上，設元件上的實際電壓和實際電流分別為U和L根據閉合電路歐姆定律得:E=U+Ir2=U+4I這是一個直線方程，把該直線在元件的伏安特性曲線圖上畫出，如下U=L4V、1=0.15A,同時滿足了電路結構和元件的要求，元件的實際功率為：P=UI=I.4X0.15=0.21W故答案為：〔1〕小于;⑵f；〔3〕16；〔4〕0.21【分析】〔1〕根據題意與表中實驗數據確定滑動變阻器與電流表接法，然后連接實物電路圖.〔2〕根據實驗電路圖應用歐姆定律分析實驗誤差.〔3〕根據歐姆定律求解〔4〕根據閉合電路歐姆定律，得到元件的實際電壓與電流的關系式，在圖上作出圖像，此圖像與元件的伏安特性曲線的交點，表示元件實際工作狀態，讀出交點的電壓和電流，求出元件的實際功率.HSH1~-te~.【答案】A；D；【考點】電磁學實驗【解析】【解答】解：(1〕由新的規格“4V,2W〃可知，額定電壓U=4V,額定電流I=于j=0.5A,所以電壓表應選A,電流表應選D；(2)：由于電流表的內阻為確實定值，電流表采用內接法時能精確求出待測電阻的阻值，所以電流表應用內接法，又實驗要求電流從零調，變阻器應用分壓式接法，電路圖如下圖：故答案為：〔1〕A,D；〔2〕——I如下圖；【分析】〔1〕根據小燈泡的額定電壓和額定電流的大小來選擇電壓表和電流表的量程；〔2〕根據電流表的內阻為確實定值時，電流表采用內接法時能精確求出待測電阻的阻值，所以電流表應用內接法，又要求電流從零調可知，變阻器應用分壓式接法，即可畫出電路圖..【答案】高；低；小【考點】門電路設計與應用【解析】【解答】解:在?傳感器的應用實驗？的光控電路中，用發光二極管LED模仿路燈，RG為光敏電阻所示.當光敏電阻RG受到光照時，其電阻值較小，斯密特觸發器的輸出端Y出現高電平；當把光遮住時，電阻比擬大，光敏電阻兩端的電勢差比擬大，輸入端A出現高電平；如果試驗中發現天很暗時路燈還沒點亮，說明A點的電勢仍然比擬低，所以應將可變電阻R1的阻值調小一些。故答案為：高，低，小【分析】光敏電阻的電阻隨光照增強而減小，天暗時，電阻比擬大，光敏電阻兩端的電勢差比擬大，那么輸入門電路為高電勢，而另一輸入端為低電勢，最后燈亮；天亮時，光敏電阻比擬小，那么光敏電阻兩端的電勢差比擬小，那么輸入門電路為低電勢，而另一輸入端為低電勢，燈熄滅。.【答案】20；15【考點】測電源電動勢和內阻，歐姆定律，電動勢【解析】【解答】內阻連接電阻后電路中電流為/=急=J翡r=15田故答案為：20 15【分析】由閉合電路的歐姆定律可求得電池的內電阻；同理可求得連接電阻后的電流..【答案】并；52.6；串；9.95X103【考點】電磁學實驗【解析】【解答】解：把電流表改裝成ImA的電流表需要并聯電阻的阻值：R=線=^y?H?≈52.6Ω;改裝后電流表內阻：Rz=筍:§嚅產。=50Q,把電流表改裝成IOV的電壓表需要串聯的電阻阻值：H二乎-R/二腐」陽 ? U≡IJUIg-50=9.95X103。；故答案為：并；52.6；串；9.95X103.【分析】把電流表改裝成大量程電流表需要并聯分流電阻，把電流表改裝成電壓表需要串聯分壓電阻；應用串聯電路特點與歐姆定律可以求出電阻阻值..【答案】3：2；3：2【考點】歐姆定律【解析】【解答】解：長度、材料均相同，橫截面積之比為SJS2=2：3,根據R=品可知電阻之比育斗，電流的微觀表達式I=nqvS,解得:V=?,串聯電路電流相等，那么自由電子在兩導線中定向移動時的速率之比?=?=1.故答案為：3：2；3：2.【分析】根據影響電阻大小的因素以及串并聯電路的作用進行分析，即導線的長度越長、橫截面積越小以及電阻率越大，導線的電阻越大，根據電流的微觀表達式I=nqvS求解速率之比.四、解答題.【答案】解：取電子運動軌道上任一截面，在電子運動一周的時間T內，通過這個截面的電量q=e,由圓周運動的知識有：T=等根據電流的定義式得：I=A維【考點】電流的概念【解析】【分析】根據電流的定義，電流的大小等于單位時間內通過導體橫截面積的電荷量的大小，所以利用其公式I二，即可得出結論。24.【答案】解：當電機不轉時，由歐姆定律得電機的電阻為:R=?=??=m當電機正常工作時,電機的發熱功率為：Pft=j*=0.82×IW=O.64W電機輸出的功率為：P^UI2-Pλ=2.5X0.8-0.64=1.36W答:吸塵器??械功率為1.36W【考點】電功率和電功，歐姆定律【解析】【分析】電機不轉時，其電路是純電阻電路，由歐姆定律求