2023屆福建省福州鼓樓區高一物理第二學期期中質量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、若已知物體運動的初速度v0的方向及它所受到的恒定的合外力F的方向，則下列各圖中可能的軌跡是：（）A． B．C． D．2、從波蘭中部城市羅茲往返四川成都的直達火車線路“蓉歐快鐵”開通于2013年，全長9826公里，行車時間約13天，比歷時40至50天的海路運輸快許多，它是中國雄心勃勃的“一帶一路”計劃的一部分．關于“蓉歐快鐵”，下列說法正確的是（）A．班列長度太大，質量太大，任何時候都不能看成質點B．研究“蓉歐快鐵”線路上的班列行程時，可以將班列看成質點C．分析班列通過阿拉山口的時間時，可以將班列看成質點D．只要班列處于運動狀態，就可以看成質點3、“修正帶”是深受同學們歡迎的一種學習用品，某種“修正帶”內部結構如圖所示，經測量兩個齒輪的半徑分別為2.0cm和0.8cm,其中a點和c點分別位于大小齒輪邊緣，b點位于大齒輪某半徑的中點，當齒輪勻速轉動時（）A．大齒輪上的a點與大齒輪上b點的周期之比為2:5B．大齒輪上的a點與小齒輪上c點角速度之比為5:2C．大齒輪上的b點與小齒輪上c點線速度之比為1:1D．大齒輪上的b點與小齒輪上c點角速度之比為2:54、可以近似地認為：在地面附近，物體所受的重力是不變的.不計空氣阻力，關于在地面附近的拋體運動，下列說法正確的是（）A．所有的拋體運動都是直線運動B．所有的拋體運動都是曲線運動C．所有的拋體運動都是勻變速運動D．有一些拋體的運動是變加速運動5、一個物體做平拋運動，則物體的水平位移決定于A．物體下落的高度B．物體所受的重力C．物體下落的高度和初速度大小D．物體所受的重力和初速度大小6、2012年6月18日，“神舟九號”飛船與“天宮一號”目標飛行器成功實現自動交會對接．設地球半徑為R，地面重力加速度為g．對接成功后“神州九號”和“天宮一號”一起繞地球運行的軌道可視為圓軌道，軌道離地面高度約為，運行周期為T，引力常量為G，則A．對接成功后，“神舟九號”飛船里的宇航員受到的重力為零B．對接成功后，“神舟九號”飛船的加速度為gC．對接成功后，“神舟九號”飛船的線速度為D．地球質量為3R27、下列物理量的表達式屬于比值定義法的是（）A．E=kQr2 B．8、有關圓周運動的基本模型，下列說法正確的是（）A．如圖a，汽車通過拱橋的最高點處于超重狀態B．如圖b所示是一圓錐擺，增大θ，但保持圓錐的高不變，則圓錐擺的角速度不變C．如圖c，同一小球在光滑而固定的圓錐筒內的A、B位置先后分別做勻速圓周運動，則在A、B兩位置小球的角速度大小不等，但所受筒壁的支持力大小相等D．如圖d，火車轉彎超過規定速度行駛時，外軌對輪緣會有擠壓作用9、火車轉彎可近似看成是做勻速圓周運動．當火車以規定速度通過時，內外軌道均不受側向擠壓．現要降低火車轉彎時的規定速度，須對鐵路進行改造，從理論上講以下措施可行的是A．減小內外軌的高度差B．增加內外軌的高度差C．減小彎道半徑D．增大彎道半徑10、關于勻速圓周運動的說法，正確的是()A．勻速圓周運動的速度大小保持不變，所以做勻速圓周運動的物體沒有加速度B．做勻速圓周運動的物體，雖然速度大小不變，但方向時刻都在改變，所以必有加速度C．做勻速圓周運動的物體，加速度的大小保持不變，所以是勻變速(曲線)運動D．勻速圓周運動的物體加速度大小雖然不變，但加速度的方向始終指向圓心，加速度的方向時刻都在改變，所以勻速圓周運動既不是勻速運動，也不是勻變速運動二、實驗題11、（4分）探究題某校學生驗證向心力公式的實驗中，設計了如下實驗：

第1步：先用粉筆在地上畫一個直徑為2L的圓；第2步：通過力傳感器，用繩子綁住質量為m的小球，人站在圓內，手拽住繩子離小球距離為L的位置，用力甩繩子，使繩子離小球近似水平，帶動小球做勻速圓周運動，調整位置，讓轉動小球的手肘的延長線剛好通過地上的圓心，量出手拽住處距離地面的高度為h，記下力傳感器的讀數為F；第3步：轉到某位置時，突然放手，小小球自由拋出去；第4步：另一個同學記下小示的落地點C，將通過拋出點A垂直于地面的豎直線在地面上的垂足B與落地點C連一條直線，這條直線近似記錄了小球做圓周運動時在地面上的投影圓的運動方向，量出BC間距離為S；第5步：保持小球做圓周運動半徑不變，改變小球做圓周運動的速度，重復上述操作．試回答：用題中的m、L、h、S和重力加速度g表示放手后，小球在空中運動的時間t______．在誤差范圍內，有F______．小球落地時的速度大小為v______．12、（10分）一艘宇宙飛船飛近某一新發現的行星，并進入靠近行星表面的圓形軌道繞行數圈后，著陸在該行星上，飛船上備有以下實驗器材料：A．精確秒表一個B．已知質量為m的物體一個C．彈簧測力計一個D．天平一臺（附砝碼）已知宇航員在繞行時和著陸后各作了一次測量，依據測量數據，可求出該行星的半徑R和行星密度ρ．（已知萬有引力常量為G）（1）兩次測量所選用的器材分別為__、__（用序號表示）（2）兩次測量的物理量分別是__、__（寫出物理量名稱和表示的字母）（3）用該數據推出半徑R、密度ρ的表達式：R=__，ρ=____．三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）已知地球質量為M，半徑為R，自轉周期為T，引力常量為G。如圖所示，A為在地面附近繞地球做勻速圓周運動的衛星，B為地球的同步衛星。(1)求衛星A運動的速度大小v；(2)求衛星B到地面的高度h。14、（14分）一列簡諧橫波沿繩向右傳播，當繩上質點A向上運動到最大位移時，在其右方相距0.3米的質點B向下運動到最大位移，已知波長大于0.15米，求這列波的波長是多少？如質點A由最大位移回到平衡位置的時間為0.1秒，此波波速為多少15、（13分）在真空環境內探測微粒在重力場中能量的簡化裝置如圖所示，P是一個微粒源，能持續水平向右發射質量相同、初速度不同的微粒．高度為h的探測屏AB豎直放置，離P點的水平距離為L，上端A與P點的高度差也為h.(1)若微粒打在探測屏AB的中點，求微粒在空中飛行的時間；(2)求能被屏探測到的微粒的初速度范圍；(3)若打在探測屏A、B兩點的微粒的動能相等，求L與h的關系．

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】

AD.物體的速度的方向是沿著運動軌跡的切線的方向，選項AD錯誤；BC.曲線運動的物體受到的合力應該指向運動軌跡彎曲的內側，選項C錯誤，B正確。故選B。2、B【解析】試題分析：研究“蓉歐快鐵”線路上的班列行程時，班列的大小能忽略，可以看成質點，故B正確，A錯誤；分析班列通過阿拉山口的時間時，班列的大小不能忽略，不能看作質點；故C錯誤；班列能否看成質點與是否運動無關；故D錯誤；故選B．考點：質點【名師點睛】可視為質點的運動物體有以下兩種情況：（1）運動物體的形狀和大小跟它所研究的問題相比可忽略不計，如研究地球繞太陽的公轉，可把地球當作一質點．（2）做平動的物體，由于物體上各點的運動情況相同，可以用一個點代表整個物體的運動．3、D【解析】A、同軸傳動時，角速度相等，故：ωa=ωb，由知周期與角速度成反比，故a點與大齒輪上b點的周期之比為1：1，故A錯誤；B、同緣傳動時，邊緣點的線速度相等，故：va=vc，根據v=ωr知角速度與半徑成反比即為ωa：ωc=rc：ra=2：5；故B錯誤；C、根據題意，有：ra：rb：rc=10：5：4；根據v=ωr，由于ωa=ωb，故va：vb=ra：rb=2：1；故va：vb：vc=2：1：2，故C錯誤；D、由以上知ωa=ωb，ωa：ωc=rc：ra=2：5，故大齒輪上的b點與小齒輪上c點角速度之比為2：5，故D正確；故選D．【點睛】本題關鍵明確同緣傳動同軸傳動的特點：同軸傳動時，角速度相等，同緣傳動時，邊緣點的線速度相等，然后結合公式v=ωr分析求解即可．4、C【解析】

AB.拋體運動分為斜拋、平拋、豎直上拋和豎直下拋，故拋體運動可能是直線運動，也可能是曲線運動，故A錯誤，B錯誤；C.拋體運動都是只受重力，故加速度恒定，為勻變速運動，故C正確，D錯誤；故選C5、C【解析】

根據平拋運動規律，豎直方向：，水平方向：，聯立解得：，所以水平位移決定于下落高度和初速度大小，ABD錯誤C正確6、CD【解析】試題分析：飛船里運行時宇航員仍受到重力作用，A錯；由和，計算得加速度a=g，B錯；由V=r==,故C正確；由計算可知D錯．故本題選擇C考點：萬有引力定律及其應用7、BC【解析】A、E與Q成正比，與r的平方成反比，該式不屬于比值定義法，故A錯誤；B、C與Q、U無關，反映電容器本身的特性，該式屬于比值定義法，故B正確；C、電勢φ與Ep、q無關，反映電場的特性，該式屬于比值定義法，故C正確；D、電流的定義式為I=qt，屬于比值定義法；I=U故選BC。【點睛】所謂比值定義法，就是用兩個基本的物理量的“比”來定義一個新的物理量的方法．比值法定義的基本特點是被定義的物理量往往是反映物質的屬性，它不隨定義所用的物理量的大小取舍而改。8、CD【解析】

A．汽車過凸橋最高點時，加速度的方向向下，處于失重狀態，選項A錯誤；B．小球受到重力和繩的拉力作用，二者合力提供向心力。如圖由牛頓第二定律得解得角速度可知保持圓錐擺的高度不變，則角速度不變，選項B錯誤；C．小球靠重力和支持力的合力提供向心力，重力不變，根據平行四邊形定則知，支持力相等，向心力相等，但半徑不等，所以角速度大小不等，選項C正確；D．火車轉彎超過規定速度行駛時，重力和支持力的合力不夠提供向心力，外軌受到擠壓，選項D正確。故選CD。9、AC【解析】試題分析：由，由于θ較小，則，h為內外軌道的高度差，L為路面的寬度．則，L、r一定，v減小，h減小．故A正確，B錯誤．設彎道半徑為R，路面的傾角為θ，由牛頓第二定律得，θ一定，v減小時，可減小半徑r．故C正確，D錯誤．故選AC．考點：圓周運動的實例分析【名師點睛】本題是實際應用問題，要知道火車拐彎所需要的向心力由支持力和重力的合力提供；此題同時考查應用物理知識分析處理實際問題的能力，本題與圓錐擺問題類似，基礎是對物體進行受力分析．10、BD【解析】

做勻速圓周運動的物體，雖然速度大小不變，但方向時刻都在改變，所以必有加速度勻速圓周運動的物體加速度大小雖然不變，但加速度的方向始終指向圓心，加速度的方向時刻都在改變，所以勻速圓周運動既不是勻速運動，也不是勻變速運動；BD正確，AC錯誤；故選BD。二、實驗題11、；；；【解析】解：小球飛出后做平拋運動，根據得，小球在空中運動的時間；繩子的拉力等于小球做圓周運動的向心力，小球的線速度，則拉力；落地時的豎直分速度，根據平行四邊形定則知，小球落地的速度。12、ABC周期T物體的重力F【解析】

（1，2）對于在軌道飛船，萬有引力等于向心力，則有得：則宇航員在繞行時用秒表測量衛星繞行的周期T；著陸后用已知質量為m的物體一個和彈簧測力計測力物體m所受的引力F；（3）由上還可得

而三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（1）（2）【解析】

（1）對衛星A，根據萬有引力提供向心力，則有解得（2）對衛星B，設它到地面高度為h，根據萬有引力提供向心力，則有解得14、v1=1.5(1+2K)m/s；v2=0.5(1+2K)m/sK=0、1、2、3……【解析】

符合波長大于0.15米的情況有兩種情況一：l/2=0.3l=0.6m情況二：l/2+l=0.3l=0.2m