屆高考物理二輪復習第一部分專題五近代物理初步課前自測診療卷屆高考物理二輪復習第一部分專題五近代物理初步課前自測診療卷PAGE屆高考物理二輪復習第一部分專題五近代物理初步課前自測診療卷專題五近代物理初步——課前自測診療卷考點一光電效應及其規律1.[察看光電效應的實驗規律]對于光電效應的實驗規律，以下說法正確的選項是()A．全部的光照耀金屬都能發生光電效應B．發生光電效應時，對于必然顏色的光，入射光越強，單位時間內發射的光電子數就越多C．發生光電效應時，增大入射光的頻次，單位時間內發射的光電子數增添D．光照在某金屬表面，不發生光電效應時，只需增添入射光的強度，就會發生光電效應解析：選B光電效應存在極限頻次，只有入射光的頻次高于金屬的極限頻次時才能發生光電效應，選項A錯誤；由實驗現象可知，當發生光電效應時，入射光的強度越強，飽和電流越大，單位時間內發射的光電子數就越多，選項B正確；增大入射光的頻次，會增大光電子的最大初動能，但不會改變單位時間內發射的光電子數，選項C錯誤；光照在某金屬表面，不發生光電效應，說明入射光的頻次低于該金屬的極限頻次，由實驗現象可知，即便再增添入射光的強度，也不可以發生光電效應，選項D錯誤。2．[察看愛因斯坦光電效應方程][多項選擇]某同學利用以以下圖的實驗裝置來研究光電效應現象。某單色光照耀光電管的陰極K時，會發生光電效應現象。閉合開關S，在陽極A和陰極K之間加反向電壓，經過調理滑動變阻器的滑片漸漸增大電壓，直至電流計中的電流恰好為零，此時電壓表顯示的電壓值U稱為制止電壓。依據制止電壓，可以計算出光電子的最大初動能Ekm。現分別用頻次為ν1和ν2的單色光照耀陰極K，測到的制止電壓分別為U1和U2，設光電子質量為m，電荷量為e，以下說法正確的選項是()A．頻次為ν1的單色光照耀陰極K光陰電子的最大初速度為v1m＝eq\r(\f(2eU1,m))B．陰極K金屬的逸出功為W0＝hν1－eU1C．普朗克常量h＝eq\f(eU1－U2,ν1－ν2)D．陰極K金屬的極限頻次為νc＝eq\f(U2ν1－U1ν2,U1－U2)解析：選ABC當加上制止電壓U1時，有eq\f(1,2)mv1m2＝eU1，因此v1m＝eq\r(\f(2eU1,m))，選項A正確；聯立eq\f(1,2)mv1m2＝eU1和eq\f(1,2)mv1m2＝hν1－W0，可得W0＝hν1－eU1①，選項B正確；當用頻次為ν2的光照耀時，同理有W0＝hν2－eU2②，聯立①②兩式可得普朗克常量h＝eq\f(eU1－U2,ν1－ν2)，選項C正確；當用頻次等于極限頻次的光照耀陰極K時，產生的光電子的最大初動能為零，則由光電效應方程可得hνc－W0＝0，又因為h＝eq\f(eU1－U2,ν1－ν2)，W0＝hν1－eU1，聯立可得νc＝eq\f(U1ν2－U2ν1,U1－U2)，選項D錯誤。3．[察看光電效應圖像][多項選擇]用如圖甲所示的裝置研究光電效應現象。閉合開關S，用頻次為ν的光照耀光電管時發生了光電效應。圖乙是該光電管發生光電效應光陰電子的最大初動能Ek與入射光頻次ν的關系圖像，圖線與橫軸的交點坐標為(a,0)，與縱軸的交點坐標為(0，－b)，以下說法正確的選項是()A．普朗克常量為h＝eq\f(b,a)B．斷開開關S后，電流表G的示數不為零C．僅增添照耀光的強度，光電子的最大初動能將增大D．保持照耀光強度不變，僅提升照耀光頻次，電流表G的示數保持不變解析：選AB由公式Ek＝hν－W0，可知圖線的斜率為普朗克常量，即h＝eq\f(b,a)，故A正確；斷開開關S后，初動能大的光電子，也可能抵達陽極，因此電流表G的示數不為零，故B正確；只有增大入射光的頻次，才能增大光電子的最大初動能，與光的強度沒關，故C錯誤；保持照耀光強度不變，僅提升照耀光頻次，單個光子的能量增大，而光的強度不變，那么光子數必然減少，發出的光電子數也減少，電流表G的示數要減小，故D錯誤。4．[察看對波粒二象性的理解][多項選擇]對于物質的波粒二象性，以下說法正確的選項是()A．不只光子擁有波粒二象性，全部運動的微粒都擁有波粒二象性B．運動的微觀粒子與光子同樣，當它們經過一個小孔時，都沒有特定的運動軌道C．顛簸性和粒子性，在宏觀現象中是矛盾的、對峙的，但在微觀高速運動的現象中是一致的D．實物的運動有特定的軌道，因此實物不擁有波粒二象性解析：選ABC由德布羅意波可知A、C正確；運動的微觀粒子，達到的地點擁有隨機性，而沒有特定的運動軌道，B正確；由德布羅意理論知，宏觀物體的德布羅意波的波長太小，實質很難察看到顛簸性，不是不擁有波粒二象性，D錯誤。考點二原子構造與波爾理論5.[察看對玻爾理論的理解][多項選擇]氫原子的核外電子由離原子核較遠的軌道躍遷到離原子核較近的軌道上，以下說法正確的選項是()A．核外電子受力變小B．原子的能量減少C．氫原子要汲取必然頻次的光子D．氫原子要放出必然頻次的光子解析：選BD依據F＝keq\f(e2,r2)得，軌道半徑減小，則核外電子受力變大，故A錯誤；核外電子由離原子核較遠軌道躍遷到離原子核較近軌道，原子能量減少，故B正確；因為原子能量減少，可知氫原子放出必然頻次的光子，故C錯誤，D正確。6．[察看氫原子能級躍遷理論]以以下圖為氫原子的部分能級圖，以下判斷正確的選項是()A．處于n＝3能級的氫原子可以汲取隨意頻次的光子B．欲使處于基態的氫原子被激發，可用12.09eV的光子照耀C．一個氫原子從n＝4的能級躍遷到基態時，最多可以輻射出6種不同樣頻次的光子D．用從n＝2能級躍遷到n＝1能級輻射出的光照耀金屬鉑(逸出功為6.34eV)時不可以發生光電效應解析：選B要使n＝3能級的氫原子發生躍遷，汲取的光子能量必然等于兩能級間的能級差，或大于1.51eV能量的隨意頻次的光子，故A錯誤；依據玻爾理論，用12.09eV的光子照耀時，汲取光子后氫原子的能量為12.09eV＋(－13.6)eV＝－1.51eV，因此能從基態發生躍遷，躍遷到第3能級，故B正確；一個氫原子從n＝4的能級躍遷到基態時，最多可以輻射出3種不同樣頻次的光子，故C錯誤；從n＝2能級躍遷到n＝1能級輻射出的光子的能量E＝E2－E1＝－3.4eV－(－13.6)eV＝10.2eV＞6.34eV，故可以發生光電效應，故D錯誤。考點三原子核及其衰變7.[察看三種射線的特點]某一放射性物質發生衰變時放出α、β、γ三種射線，讓這三種射線進入磁場，運動狀況以以下圖，以下說法正確的選項是()A．該放射性物質的半衰期隨溫度的高升會增大B．射線C中的粒子是原子核的重要構成部分C．射線A中的粒子必然帶正電D．射線B中的粒子的穿透性最弱解析：選C半衰期由原子核自己決定，與外界要素沒關，故A錯誤；由題圖可知射線C中的粒子為電子，而原子核帶正電，故B錯誤；由左手定章可知，射線A中的粒子必然帶正電，故C正確；射線B為γ射線，穿透性最強，故D錯誤。8．[察看α、β衰變次數的計算]在一個eq\o\al(238,92)U原子核衰變成一個eq\o\al(206,82)Pb原子核的過程中，發生β衰變的次數為()A．6次B．10次C．22次D．32次解析：選A一個eq\o\al(238,92)U原子核衰變成一個eq\o\al(206,82)Pb原子核的過程中，發生α衰變的次數為(238－206)÷4＝8次，發生β衰變的次數為2×8－(92－82)＝6次，選項A正確。9．[察看對半衰期的理解與計算]14C是碳的一種半衰期為5730年的放射性同位素，2010年2月科學家發現了曹操墓，若考古工作者探測到其棺木中14C的含量約為本來的eq\f(4,5)，則該古木死亡的時間距今大概為()A．22900年B．11400年C．5700年D．1900年解析：選D假定古木死亡時14C的質量為m0，此刻的質量為m，從古木死亡到此刻所含14C經過了n個半衰期，由題意可知：eq\f(m,m0)＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))n＝eq\f(4,5)，因此n＝eq\f(1,3)，即古木死亡的時間距今約為5730×eq\f(1,3)年＝1910年，D正確。10．[察看原子核的人工轉變][多項選擇]盧瑟福經過用α粒子(eq\o\al(4,2)He)轟擊氮核(eq\o\al(14,eq\a\vs4\al(7)N)的實驗，初次實現了原子核的人工轉變，則以下相關的說法中正確的選項是()A．該核反響的方程為B．經過此實驗發現了質子C．原子核在人工轉變的過程中，電荷數可以不守恒D．在此實驗中，核子反響前的總質量必然等于反響后的總質量解析：選AB由質量數守恒和電荷數守恒，即可寫出核反響方程：，選項A正確；在這個核反響中產生了質子，選項B正確；在原子核的人工轉變過程中，其電荷數守恒，選項C錯誤；因為在核反響中是質量數守恒，而非質量守恒，應選項D錯誤。11．[察看物理學史]對于原子構造的認識歷程，以下說法正確的有()A．湯姆孫發現電子后猜想出原子內的正電荷集中在很小的核內B．α粒子散射實驗中少量α粒子發生了較大偏轉是盧瑟福猜想原子核式構造模型的主要依據C．盧瑟福的原子核式構造模型可以很好地解說光譜的分立特點和原子的堅固性D．玻爾原子理論沒法解說較復雜原子的光譜現象，說明玻爾提出的原子定態見解是錯誤的解析：選B湯姆孫發現電子后，猜想出原子內的正電荷平均散布在原子內，提出了棗糕式原子模型，故A錯誤；盧瑟福依據α粒子散射實驗中少量α粒子發生了較大偏轉，提出了原子核式構造模型，故B正確；盧瑟福提出的原子核式構造模型，沒法解說原子的堅固性和原子光譜的分立特點，故C錯誤；玻爾原子理論沒法解說較復雜原子的光譜現象，因為原子是堅固的，故玻爾提出的原子定態見解是正確的，故D錯誤。考點四愛因斯坦質能方程核能的計算12.[察看核反響種類]對以下各原子核變化的方程，表述正確的選項是()A.eq\o\al(3,1)H＋eq\o\al(2,1)H→eq\o\al(4,2)He＋eq\o\al(1,0)n是核聚變反響B.eq\o\al(3,1)H＋eq\o\al(2,1)H→eq\o\al(4,2)He＋eq\o\al(1,0)n是α衰變C.eq\o\al(82,34)Se→eq\o\al(82,36)Kr＋2eq\o\al(0,－1)e是核裂變反響D.eq\o\al(235,92)U＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(140,54)Xe＋eq\o\al(94,38)Sr＋2eq\o\al(1,0)n是β衰變解析：選Aeq\o\al(3,1)H＋eq\o\al(2,1)H→eq\o\al(4,2)He＋eq\o\al(1,0)n，屬于核聚變反響，A正確，B錯誤；eq\o\al(82,34)Se→eq\o\al(82,36)Kr＋2eq\o\al(0,－1)e是β衰變，C錯誤；eq\o\al(235,92)U＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(140,54)Xe＋eq\o\al(94,38)Sr＋2eq\o\al(1,0)n是核裂變反響，D錯誤。13．[察看核反響方程、質能方程的應用]在核反響方程eq\o\al(2,1)H＋eq\o\al(3,1)H→eq\o\al(4,2)He＋X中，已知eq\o\al(2,1)H的質量為2.0136u，eq\o\al(3,1)H的質量為3.0180u，eq\o\al(4,2)He的質量為4.0026u，X的質量為1.0087u。則以下說法中正確是()A．X是中子，該反響開釋能量B．X是質子，該反響開釋能量C．X是中子，該反響汲取能量D．X是質子，該反響汲取能量解析：選A依據核反響方程質量數和核電荷數守恒得：X的質量數為1，核電荷數為0，因此X是中子；反響前質量為2.0136u＋3.0180u＝5.0316u，反響后質量為4.0026u＋1.0087u＝5.0113u，即得核反響后質量損失，因此該反響開釋能量。故A正確。14．[察看重核裂變反響][多項選擇]核電站中采納反響堆使重核裂變，將開釋出的巨大能量變換成電能。反響堆中一種可能的核反響方程式是eq\o\al(235,92)U＋eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(143,60)Nd＋eq\o\al(90,40)Zr＋x＋y，設U核質量為m1，中子質量為m2，Nd核質量為m3，Zr核質量為m4，x質量為m5，y質量為m6，那么，在所給的核反響中()A．x可能是3eq\o\al(2,1)H，y可能是11eq\o\al(0,－1)eB．x可能是3eq\o\al(1,0)n，y可能是8eq\o\al(0,－1)eC．開釋的核能為(m1＋m2－m3－m4－m5－m6)c2D．開釋的核能為(m3＋m4＋m5＋m6－m1－m2)c2解析：選BC依據質量數和電荷數守恒，若x是3eq\o\al(2,1)H，y是11eq\o\al(0,－1)e，則質量數不守恒，若x是3eq\o\al(1,0)n，y是8eq\o\al(0,－1)e，則知足質量數和電荷數守恒