1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電場中某區域的電場線分布如圖所示，AB是電場中的兩點，一正電荷在它中只受電場力作用，則（ ）A正電荷在A點的加速度大B正電荷從A至B速度減少C從A至B，電場力對正電荷做負功D正電

2、荷從A至B，電勢能增加2、真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間的作用力為F，若它們的帶電量都增大為原來的3倍，距離減少為原來的，它們之間的相互作用力變為（ ）ABFC9FD81F3、在點電荷Q產生的電場中有a，b兩點，相距為d，已知a點的場強大小為E，方向與ab連線成30角， b點的場強方向與ab連線成120角，如圖所示，則點電荷Q的電性和b點的場強大小為A正電、E/3B負電、E/3C正電、3ED負電、3E4、一個物體從H高處自由下落，經時間t落地，則它下落時，它下落的高度為( )ABCD5、如圖所示，一物塊與斜面接觸處于靜止狀態，則物塊受到的力有()A重力B重力和支持力C重力、支持力和靜摩擦力

3、D重力、支持力和下滑力6、如下圖所示，某一導體的形狀為長方體，其長、寬、高之比為abc=532。在此長方體的上下、左右四個面上分別通過導線引出四個接線柱1、2、3、4。在1、2兩端加上恒定電壓，導體的電阻為R1；在3、4兩端加上恒定電壓，導體的電阻為R2，則R1R2為（）A11 B925 C254 D425二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的甲、乙兩個電路，都是由一個靈敏電流計G和一個變阻器R組成，它們之中一個是測電壓的電壓表，另一個是測電流的電流表，那么以

4、下結論中正確的是（ ）A甲表是電流表，R增大時量程增大B甲表是電流表，R增大時量程減小C乙表是電壓表，R增大時量程增大D乙表是電壓表，R增大時量程減小8、有兩個勻強磁場區域和，中的磁感應強度是中的k倍兩個速率相同的電子分別在兩磁場區域做圓周運動則下列計算正確的是A中運動的電子與中的電子圓周運動的半徑比是1kB中運動的電子與中的電子運動的加速度大小比是比是1kC中運動的電子與中的電子圓周運動的周期是比是1kD中運動的電子與中的電子圓周運動的角速度比是1k9、兩個完全相同的金屬球A和B帶電荷量之比為17，相距為r，兩者接觸一下放回原來的位置，則后來兩小球之間的庫侖力大小與原來之比是（ ）A37B4

5、7C97D16710、如圖所示,一個帶負電的小金屬環套在粗糙絕緣細桿AB上,桿與水平面的夾角為,桿的下方O點處固定一個帶正電的點電荷,OA=OB現使小環以初速度v0從A點沿桿上滑,到達B點時其速度恰好為零,小環滑回A點時速度為v。下列說法中正確的是A小環上滑過程中先做勻加速再做勻減速運動B小環上滑時間小于下滑時間C小環下滑過程,減少的重力勢能等于摩擦產生的內能D從A點出發到再回到A點的過程,小環克服摩擦力做的功等于小環損失的動能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）要測繪一個標有“3V 0.8W”元件的伏安特性曲線，備用的器材有：電

6、池組（電動勢為 4.5V，內阻約 1)；電流表（量程為 0300 mA，內阻約 5)；電壓表（量程為 03V，內阻約 3k)；滑動變阻器（最大阻值 5，額定電流 1A）電鍵一個、導線若干（1）將實物連線補充完整；（2）通過伏安特性曲線可以知道，隨著電壓的提高此元件的電阻_；（選填“不變”、“增大”或“減小”）（3）把此元件直接串聯接在電動勢為 3V 內阻為 10的電源兩端，此時該元件消耗的電功率為_W。（保留兩位有效數字）12（12分）如圖為“用DIS研究在溫度不變時，一定質量的氣體壓強與體積的關系”實驗裝置圖(1)圖中，實驗器材A是_.(2)一同學在兩次實驗中測得不同的(p、V)數據，發現p

7、和V的乘積明顯不同若此同學的實驗操作均正確，則造成此結果的可能原因是：_；_.(3)為了保持注射器內氣體的溫度不變，實驗中采取的主要措施有：避免用手握住注射器封閉有氣體的部分；_.(4)大氣壓強為p0,注射器內氣體的初始體積為10cm3.實驗過程中,注射器內氣體體積在4cm3至20cm3的范圍內變化,注射器內部與外界壓強差的最大值為_p0.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）像子彈這樣高速運動物體的速度通常很難測量，但我們可以借助物理學設計方案幫助我們測量。如圖19所示，有一種測子彈速度的方案如下：利用長為

8、L的細線下吊著一個質量為M的沙袋（大小可忽略不計）一顆質量為m、子彈水平射入沙袋并在極短時間內留在其中，然后隨沙袋一起擺動，擺線與豎直方向的最大偏角是（小于90）。已知重力加速度為g。不計空氣阻力。（1）求子彈剛射入沙包后和沙包的共同速度v的大小；（2）求子彈射入沙包前瞬時的速度v0的大小；（3）子彈在沙包中相對運動的過程（時間極短）系統產生的內能Q與子彈初動能E0的比值定義為。即：，在子彈質量和沙包質量不變的情況下，a子彈射入并留在沙袋中的過程與子彈能深入距離有關嗎？給出結論并論證；b改變子彈的速度，子彈可能打穿沙包后繼續以一定速度向前運動，這種情況下的值會比子彈留在沙包中大嗎？給出結論并論

9、證。14（16分）如圖所示，ABCD為表示豎立放在場強為E=3104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BCD部分是半徑為R的半圓環，軌道的水平部分與半圓環相切A為水平軌道的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=400g、帶電q=10-4C的小球，放在水平軌道的A點上面由靜止開始被釋放后,在軌道的內側運動.（g=10m/s2）它到達B點時的速度是多大?它到達C點時對軌道壓力是多大?小球所能獲得的最大動能是多少?15（12分）2014年7月24日，受臺風“麥德姆”影響，安徽多地暴雨，嚴重影響了道路交通安全某鐵路同一直線車道上同向勻速行駛的客車和貨車，其速度大小分別為，客車在與貨車

10、距離時才發現前方有貨車，若此時客車只是立即剎車，則客車要經過1800m才停下來兩車可視為質點(1)若客車剎車時貨車以勻速行駛，通過計算分析兩車是否會相撞？(2)若客車在剎車的同時給貨車發信號，貨車司機經收到信號后立即以加速度勻加速前進，通過計算分析兩車是否會相撞？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A處電場線較密，則A處的場強較大，同一電荷在A點所受的電場力較大，由牛頓第二定律知：正電荷在A點的加速度大故A正確正電荷在A點所受電場力方向與電場強度的方向一致，從A到B，電場力對正電荷做正功，動能增加，電勢能

11、減小，所以正電荷從A至B速度增大故BCD錯誤故選A【點睛】解決本題的關鍵知道電場線的特點，知道電場線的疏密表示電場的強弱，電場線上某點的切線方向表示電場的方向2、D【解析】真空中兩個靜止的點電荷的作用力滿足庫侖定律的條件，所以根據庫侖定律可得，電量和距離變化前，他們間的庫侖力為它們的帶電量都增大為原來的3倍，距離減少為原來的后故D正確，ABC錯誤。3、D【解析】將場強、延長，交點即為點電荷所在位置，如圖所示，由于電場強度方向指向點電荷Q，則知該點電荷帶負電。如圖，根據幾何知識分析解得，a點到Q點的距離，b點到Q點的距離，a、b兩點到點電荷Q的距離之比為：由公式，得：a、b兩點場強大小的比值為：

12、，則，故ABC錯誤，D正確。4、B【解析】下落H所需時間為t，則有：它下落時A. 與分析不符，故A錯誤。B. 與分析相符，故B正確。C. 與分析不符，故C錯誤。D. 與分析不符，故D錯誤。5、C【解析】物塊處于靜止狀態，可知物塊受重力、支持力和靜摩擦力三個力作用，故選C.【點睛】注意受力分析的步驟，先重力，后彈力，最后是摩擦力；下滑力是重力的分力，不是物體受的力.6、D【解析】根據電阻定律得，當在1、2兩端加上恒定電壓時， ，在在3、4兩端加上恒定的電壓時， ，所以，故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5

13、分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB由圖甲所示可知，G與電阻R并聯，甲表是電流表，R增大時，電阻R的分流減小，電流表量程減小，故A錯誤，B正確；CD由圖乙所示可知，G與電阻串聯，乙是電壓表，R增大時，電阻分壓增大，電壓表量程增大，故C正確，D錯誤故選BC.8、AC【解析】設中的磁感應強度為B，則中的磁感應強度為kB；A根據電子在磁場中運動的半徑公式可知，中的電子運動軌跡的半徑為，中的電子運動軌跡的半徑為，所以中的電子運動軌跡的半徑是中的k倍，故A正確；B電子在磁場運動的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為，所以中的電子加速度的大小為，中的電子加速度的大小為，所以

14、的電子的加速度大小是中的倍，故B錯誤；C根據電子在磁場中運動的周期公式可知，中的電子運動周期為，中的電子運動周期為，所以中的電子運動軌跡的半徑是中的k倍，所以中的電子運動軌跡的周期是中的k倍，故C正確；D做圓周運動的角速度，所以中的電子運動角速度為，中的電子運動角速度為，在的電子做圓周運動的角速度是中的倍，故D錯誤；9、CD【解析】若兩小球電性相同，兩個完全相同的金屬小球，將它們相互接觸再分開，帶電量先中和后平分，設金屬球A和B帶電量為Q，7Q，所以A、B所帶的電荷相等都為4Q，根據庫侖定律得 所以若兩小球電性相反，兩個完全相同的金屬小球，將它們相互接觸再分開，帶電量先中和后平分，設金屬球A和

15、B帶電量為Q，7Q，所以A、B所帶的電荷相等都為3Q，根據庫侖定律得 所以故選CD。10、BD【解析】由題中“一個帶負電的小金屬環套在粗糙絕緣細桿AB上”可知，本題考查庫侖定律、能量守恒定律，根據電場力做功情況、能量守恒和動能定理可分析本題。【詳解】A小環上滑過程中所受的庫侖力是變化的，合力是變化的，由牛頓第二定律知小環的加速度是變化的，不可能做勻變速運動，故A錯誤；B由于OA=OB，A、B兩點的電勢相等，對于上滑過程，電場力做功為零，由動能定理得即下滑過程有由此可得所以上滑過程的平均速度大于下滑過程的平均速度，因此小環上滑時間小于下滑時間，故B正確；C小環下滑過程中，電場力做功為零，所以電勢

16、能變化量為零，則重力勢能轉化為內能和動能，所以消化下滑過程中，減少的重力勢能大于摩擦產生的內能，故C錯誤；D從A點出發再回到A點的過程中，重力和電場力做功均為零，由動能定理可知，小環克服摩擦力做功等于小環損失的動能，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、增大 0.200.22 【解析】（1）電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，電路圖如圖所示：（2）由圖示圖象可知，隨電壓增大通過燈泡的電流增大，電壓與電流表的比值增大，燈泡電阻增大。（3）在燈泡I-U圖象坐標系內作出電源的

17、I-U圖象如圖所示：由圖示可知，燈泡兩端電壓U=1.10V，電流I=0.19A，燈泡實際功率P=UI=1.100.19W=0.21W12、壓強傳感器 環境溫度不同 注射器內氣體的質量不同 推拉活塞要緩慢 【解析】（1）1本實驗需要測量氣體的體積和壓強，體積由注射器的刻度直接讀出，而實驗器材A是壓強傳感器，可測出壓強（2）23根據理想氣體狀態方程知，p和V的乘積明顯不同，可能是由于環境溫度不同，導致氣體的溫度T不同造成的，也可能是由于注射器內氣體的質量不同造成的（3）4為了保持注射器內氣體的溫度不變，推拉活塞要緩慢（4）5以注射器內氣體為研究對象：初始時：p1=p0，V1=10cm3；體積最小時

18、：p2=？，V2=4cm3；體積最大時：p3=？，V3=20cm3；根據玻意耳定律得：p1V1=p2V2=p3V3，則得：所以注射器內部與外界壓強差的最大值為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)，(2)；(3)a,無關，b，不會比子彈留在沙包中大【解析】（1）對象：過程：子彈剛射入沙包后擺線與豎直方向成最大偏角，規律：機械能守恒定律列式：解得：（2）對象：過程：子彈剛射入沙包前子彈剛射入沙包后，規律：動量守恒定律列式：解得：（3）a. 與子彈能深入得距離無關子彈在沙包中相對運動的過程，系統產生的內能，只與M、m有關，與子彈能深入得距離無關b. 不會比留在沙包中大若打穿沙包，設剛打穿瞬時，子彈速度為v1，沙包的速度為v2，則有對系統，由動量守恒定律有：解得，可得子彈在沙包中相對運動的過程，系統產生的內能14、（1）m/s（2）7N（3）0.8J【解析】（1）A至B過程中，由動能定理求解B點的速度；（2）根據動能定理求解小球到達C點的速度，根據牛頓第二定律求解到達C點時對軌道壓力；（3）當小球到達平衡位置時速度最大，根據動能定理求解最