1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，木板B放在粗糙的水平面上，木塊A放在B的上面，A的右端通過一不可伸長的輕繩固定在豎直墻上，用水平恒力F向左拉動B，使其以速度v做勻速運動，此時繩水平且張力大小為T

2、，下面說法正確的是（）A木塊A受到的是靜摩擦力，大小等于TB繩上張力T與水平恒力F的大小相等C木板B同時受到一個靜摩擦力和一個滑動摩擦力作用，它們合力大小等于FD若木板B以2v勻速運動，則拉力仍為F2、如圖所示，虛線AB和CD分別為橢圓的長軸和短軸，相交于O點，兩個等量異種點電荷分別處于橢圓的兩個焦點M、N上，下列說法中正確的是AA、B兩處電勢、場強均相同BC、D兩處電勢、場強均相同C帶正電的試探電荷在O處的電勢能小于在B處的電勢能D帶正電的試探電荷在C處給予某-初速度，電荷可能做勻速圓周運動3、自由下落的物體，在任何相鄰的單位時間內下落的距離之差h和平均速度之差v，數值上分別等于（）ABCD

3、4、如圖所示，物塊A放在直角三角形斜面體B上面，B放在彈簧上面并緊挨著豎直墻壁，初始時A、B靜止。現用力F沿斜面向上推A，但A、B仍未動，則施力F后，下列說法正確的是（）AA、B之間的摩擦力一定變大BB與墻之間可能沒有摩擦力CB與墻面間的彈力可能不變DB與墻面間的彈力變大5、在真空中水平面MN的下方存在豎直向下的勻強電場，質量為m的帶電小球由MN上上的A點以一定初速度水平拋出，從B點進入電場，到達C點時速度方向恰好水平，A、B、C三點在同一直線上，且AB=2BC，如圖所示由此可見 ( )A電場力為2mgB小球帶正電C小球從A到B與從B到C的運動時間相等D小球從A到B與從B到C的速度變化大小相等

4、6、如圖所示，足夠長的粗糙斜面固定在地面上，某物塊以初速度從底端沿斜面上滑至最高點后又回到底端上述過程中，若用x、a和EK分別表示物塊的位移、速度、加速度和動能各物理量的大小，t表示運動時間，下列圖像中可能正確的是（ ）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是某款理發用的電吹風的電路圖，它主要由電動機M和電熱絲R構成當閉合開關S1、S2后，電動機驅動風葉旋轉，將空氣從進風口吸入，經電熱絲加熱，形成熱風后從出風口吹出已知電吹風的額定電壓為220 V，吹冷風

5、時的功率為120 W，吹熱風時的功率為1 000 W關于該電吹風，下列說法正確的是()A電熱絲的電阻為55 B電動機的電阻為 C當電吹風吹冷風時，電熱絲每秒鐘消耗的電能為120 JD當電吹風吹熱風時，電動機每秒鐘消耗的電能為120 J8、如圖所示，固定在同一水平面上的兩平行金屬導軌AB，CD，兩端接有阻值相同的兩個定值電阻質量為m的導體棒垂直放在導軌上，輕彈簧左端固定，右端連接導體棒，整個裝置處于豎直向下的勻強磁場中當導體棒靜止在OO位置時，彈簧處于原長狀態此時給導體棒一個水平向右的初速度v0，它能向右運動的最遠距離為d，且能再次經過OO位置已知導體棒所受的摩擦力大小恒為Ff，導體棒向右運動過

6、程中左側電阻產生的熱量為Q，不計導軌和導體棒的電阻則()A彈簧的彈性勢能最大為12mv02QFfdB彈簧的彈性勢能最大為12mv022QFfdC導體棒再次回到OO位置時的動能等于12mv024Q2FfdD導體棒再次回到OO位置時的動能大于12mv024Q2Ffd9、如圖所示，質量為M的長木板靜止在光滑水平面上，上表面OA段光滑，AB段粗糙且長為l，左端O處固定輕質彈簧，右側用不可伸長的輕繩連接于豎直墻上，輕繩所能承受的最大拉力為F質量為m的小滑塊以速度v從A點向左滑動壓縮彈簧，彈簧的壓縮量達最大時細繩恰好被拉斷，再過一段時間后長木板停止運動，小滑塊恰未掉落則（ ）A細繩被拉斷瞬間木板的加速度大

7、小為B細繩被拉斷瞬間彈簧的彈性勢能為C彈簧恢復原長時滑塊的動能為D滑塊與木板AB間的動摩擦因數為10、甲、乙為兩顆地球衛星，乙的運行高度低于甲的運行高度，兩衛星軌道均可視為圓軌道以下判斷正確的是（ ）A甲的周期大于乙的周期B甲的速度大于乙的速度C甲的加速度小于乙的加速度D甲的角速度小于乙的角速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖是研究小球的平拋運動時拍攝的閃光照片的一部分，其背景是邊長為5cm的小方格，重力加速度取g=10 m/s2。由此可知：閃光頻率為_Hz；小球拋出時的初速度大小為_m/s；從拋出到C點，小球速度的改變量

8、為_m/s。12（12分）粗略和精確測量某電阻元件的電阻阻值。(1)用多用電表粗略測量。選用“100”倍率的電阻擋測量，發現多用電表指針從左向右的偏轉角度過大，因此需要選擇_（選填“10”或“1k”）倍率的電阻擋，并重新電阻調零后再測量，測量結果如圖所示，則該電阻元件的電阻為_。(2)精確測量。供選擇的器材有：A電流表A1（量程0.6A，內阻r1約為10）B電流表A2（量程60mA，內阻r2約為20）C電流表A3（量程20mA，內阻r3=30）D電壓表V（量程15V，內阻r4約為3k）E定值電阻Ro=100F滑動變阻器R1，最大阻值為5，額定電流1AG滑動變阻器R2，最大阻值為10，額定電流0

9、.2AH電源E，電動勢為4V，內阻不計I開關S及導線若干為減小測量誤差，測量時電表示數不能小于其量程的，并實驗要求電表示數變化范圍較大。除請器材H和I外，還需選用的實驗器材是：_（選填器材前對應的字母序號）。根據你選擇的實驗器材，請在虛線框內畫出精確測量該電阻元件電阻阻值的最佳電路圖，并標明器材的字母代號_ 。測量后計算該電阻元件電阻阻值的公式是Rx=_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）質量均為m=0.1kg的兩小滑塊A、B，相距L=2m、放在足夠長的絕緣水平面上，與水平面間的動摩擦因數均為=0.2，A

10、帶電量為q=+3103C，B不帶電在水平面附近空間加有水平向左的勻強電場E=l102v/m，現同時由靜止釋放A、B，此后A將與B發生多次碰撞，碰撞時間極短且無機械能損失，A帶電量保持不變，B始終不帶電，g取10m/s2試求（1）A、B第一次碰前瞬間A的速度vA1（2）A、B第一次碰后瞬間B的速度vB1（3）小滑塊B運動的總路程S14（16分）如圖，一半徑為R的玻璃半球，O點是半球的球心，虛線OO表示光軸（過球心O與半球底面垂直的直線）。已知玻璃的折射率為1.5。現有一束平行光垂直入射到半球的底面上，有些光線能從球面射出（不考慮被半球的內表面反射后的光線）。求（1）從球面射出的光線對應的入射光線

11、到光軸距離的最大值；（2）距光軸R3的入射光線經球面折射后與光軸的交點到O點的距離。15（12分）（1）我國高鐵技術處于世界領先水平，和諧號動車組是由動車和拖車編組而成，提供動力的車廂叫動車，不提供動力的車廂叫拖車假設動車組各車廂質量均相等，動車的額定功率都相同，動車組在水平直軌道上運行過程中阻力與車重成正比，某列動車組由節車廂組成，其中第和節車廂為動車，其余為拖車，則該動車組 （ ）A啟動時乘客受到車廂作用力的方向與車運動的方向相反B做勻加速運動時，第、節與第、節車廂間的作用力之比為C進站時從關閉發動機到停下來滑行的距離與關閉發動機時的速度成正比D與改為節動車帶節拖車的動車組最大速度之比為（

12、2）動車組列車（如圖所示）是由幾節自帶動力的車廂（動車）加幾節不帶動車的車廂（拖車）編成一組，它將動力裝置分散安裝在多節車廂上在某次試運行中共有節動車和節拖車組成動車組，每節動車可以提供的額定功率，每節車廂平均質量為該次試運行開始時動車組先以恒定加速度啟動做直線運動，達到額定功率后再做變加速直線運動，總共經過的時間加速后，動車組便開始以最大速度勻速行駛設每節動車在行駛中的功率相同，行駛過程中每節車廂所受阻力相同且恒定求：（1）動車組在勻加速階段的牽引力大小（2）動車組在整個加速過程中每節動車的平均功率（3）動車組在整個加速過程中所通過的路程（計算結果保留兩位有效數字）參考答案一、單項選擇題：本

13、題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】AA、B間產生相對滑動，木塊A受到的是滑動摩擦力，大小等于T，故A錯誤；B以AB整體為研究對象，分析受力情況：水平方向受到：水平向左的拉力F、繩子水平向右的拉力T和地面對B水平向右的滑動摩擦力，根據平衡條件得知，繩上拉力T小于水平恒力F，故B錯誤；C木板B受到兩個滑動摩擦力，合力大小等于F，故C錯誤；D若木板B以2v勻速運動，AB受力情況都沒有變化，則拉力F也不變，故D正確；故選D。【點睛】本題是兩個物體平衡問題，要靈活選擇研究對象，本題采用整體法處理，也可以運用隔離法研究。2、B【解析】A根據

14、順著電場線方向電勢降低，結合等量異種電荷電場線、等勢面分布對稱性特點可知，A、B場強相同，A點電勢較高，故A錯誤；B如圖，根據等量異種電荷電場線、等勢面分布對稱性，C、D兩處電勢、場強均相同，故B正確；C根據沿電場線方向電勢降低，所以O點電勢高于B點電勢，則正電荷在O處電勢能大于在B處電勢能。故C錯誤；D根據電場線疏密表示場強的大小可知各處電場強度不同，帶正電的試探電荷在C處給予某一初速度，電荷不可能做勻速圓周運動，故D錯誤。故選B。3、C【解析】勻變速直線運動在任意相鄰的單位時間內位移差恒定，對于自由落體運動而言，任何相鄰的單位時間內下落的平均速度為中間時刻瞬時速度，兩個中間時刻相差1s,由

15、速度公式可知。綜上分析，C正確。【點睛】要熟練應用勻變速直線運動中和勻變速直線運動中間時刻瞬時速度，這兩個結論來解題。4、D【解析】A對A物體，開始受重力、B對A的支持力和靜摩擦力平衡，當施加F后，仍然處于靜止，開始A所受的靜摩擦力大小為，若，則A、B之間的靜摩擦力大小還是等于，所以A、B之間的摩擦力可能不變，故A錯誤；B對整體分析，因為AB不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于A、B的總重力，施加F后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據平衡知，則B與墻之間一定有摩擦力，摩擦力大小等于力F在豎直方向的分力，方向豎直向下，故B錯誤；CD以整體為研究對象，開始時B與墻面的彈力為

16、零，施加力F后，B與墻面的彈力變為Fcos，彈力增大，故C錯誤，D正確。故選D。5、D【解析】C小球在水平方向不受力，所以沿水平方向做勻速直線運動，小球從A到B的運動時間是從B到C的運動時間的2倍，選項C錯誤；AB在豎直方向，小球在AB受到的重力是小球在BC所受合力的一半所以電場力F=3mg電場力方向向上，則小球帶負電，選項AB錯誤；D小球從A到B與從B到C的速度變化量的大小相等，D正確故選D。6、B【解析】試題分析：上滑時物體做勻減速運動，下滑時做勻加速運動，故x-t圖線是曲線，a-t線是平行t軸的直線，故選項AC錯誤；由于上滑時合外力為重力分力和摩擦力之和，加速度大小不變，沿斜面向下；下滑

17、時合外力為重力分力和摩擦力之差，加速度大小不變，方向沿斜面向下；所以上滑時加速度大，所以速度曲線斜率大；下滑時加速度小，所以速度曲線效率小，且此過程中，摩擦力做功，使物塊到達底端的速率變小，故B正確據速度公式和動能公式可知，動能隨時間成二次函數關系變化，而圖中是一次函數關系，且由于有摩擦力功，故回到底端的動能將小于初動能，故D錯誤故選B.考點：運動圖像；勻變速運動的規律.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】當吹熱風時，電機和電阻并聯電阻消耗的功率為，由可知

18、故A正確；電機為非純電阻電路故B錯誤；當電吹風吹冷風時，電熱絲處于斷路狀態，沒有電流通過，電熱絲每秒鐘消耗的電能為0，故C錯誤；當電吹風吹熱風時，電動機M和電熱絲R并聯，電動機的功率為120W，所以每秒鐘消耗的電能，故D正確；綜上分析，AD正確8、BD【解析】當導體棒向右運動的過程中，根據能量的轉換與守恒得：12mv02EP+2Q+fd；所以：EP12mv022Qfd，故A錯誤，B正確；由于產生了電能和熱能，導體棒的機械能不斷減小，所以導體棒在同一個位置時，向右的速度大于向左的速度。所以導體棒向左運動的過程中產生的電能小于導體棒向右運動的過程中產生的電能。即：2Q2Q；當導體棒向左運動的過程中

19、，根據能量的轉換與守恒得：EP12mv2+2Q+fd；聯立得：12mv212m v022Qfd2Qfd12m v024Q2fd；故C錯誤，D正確。故選BD。點睛：該題考查電磁感應中的能量的轉化與守恒，要注意導體棒向左運動的過程中產生的電能小于導體棒向右運動的過程中產生的電能9、ABD【解析】A細繩被拉斷瞬間，對木板分析，由于OA段光滑，沒有摩擦力，在水平方向上只受到彈簧給的彈力，細繩被拉斷瞬間彈簧的彈力等于F，根據牛頓第二定律有：解得，A正確；B滑塊以速度v從A點向左滑動壓縮彈簧，到彈簧壓縮量最大時速度為0，由系統的機械能守恒得：細繩被拉斷瞬間彈簧的彈性勢能為，B正確；C彈簧恢復原長時木板獲得

20、的動能，所以滑塊的動能小于，C錯誤；D由于細繩被拉斷瞬間，木板速度為零，小滑塊速度為零，所以小滑塊的動能全部轉化為彈簧的彈性勢能，即，小滑塊恰未掉落時滑到木板的右端，且速度與木板相同，設為，取向左為正方向，由動量守恒定律和能量守恒定律得聯立解得，D正確。故選ABD。10、AC【解析】試題分析：衛星繞地球做圓周運動萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，由于：r乙r甲，則T甲T乙，故A正確；衛星繞地球做圓周運動萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，由于乙的軌道半徑大于地球半徑，則乙的線速度小于第一宇宙速度，故B錯誤；星繞地球做圓周運動萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得

21、：，由于：r乙r甲，則a乙a甲，故C錯誤；由題意可知，衛星軌道半徑間的關系為：r乙r甲；甲是地球同步衛星，它的軌道在赤道平面內，甲不可能通過北極上方，故D錯誤；故選A考點：萬有引力定律的應用【名師點睛】本題考查了萬有引力定律的應用，知道萬有引力提供衛星做圓周運動的向心力是解題的關鍵，應用萬有引力公式與牛頓第二定律可以解題，本題是一道常規題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10 2.5 4 【解析】1在豎直方向上有y=gT2得則閃光的頻率。2小球拋出時的初速度大小3小球在B點豎直方向的速度從拋出到C點，經歷的時間則速度的變化量v=gt=

22、4m/s【名師點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，平拋運動在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，抓住豎直方向上在相等時間間隔內的位移之差是一恒量，結合運動學公式和推論靈活求解。12、 70 BCEF 【解析】(1)1用多用電表粗略地測量該元件的電阻，選用“100”的電阻擋測量時，發現指針偏轉較大，說明所選擋位太大，為準確測量電阻阻值，歐姆表應換用較小擋位，應將多用電表選擇旋鈕調到電阻10擋；2由圖所示表盤可知，被測電阻的阻值為710=70；(2)3電源電動勢為4V，電壓表量程為15V，電壓表量程太大，不能用電壓表測電源，可以用已知內阻的電流表與定值

23、電阻串聯改裝成電壓表測電壓；通過待測電阻的最大電流約為：電流表應選B；為保證電路安全且方便實驗操作，滑動變阻器應選擇F，故還需要的實驗器材為：BCEF；4由題意可知，待測電阻阻值大于滑動變阻器的最大阻值，為測多組實驗數據，滑動變阻器應采用分壓接法，實驗電路圖如圖所示：由圖示電路圖可知，待測電阻阻值：、分別表示電流表、的示數。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2m/s（2）2m/s（3）2m【解析】（1）釋放A后的加速度，由牛頓第二定律得：qEmg=maA代入得到，aA=1m/s2又據公式v2A1=2aAL得到A、B第一次碰前瞬間A的速度vA1=2m/s（2）由題，碰撞時間極短且無機械能損失，根據動量和動能守恒得 mvA1=mvA1+mvB1 解得：mvA1=0，vB1=vA1=2m/s，由此可知，碰撞后AB兩滑塊交換速度（3）由于每次碰撞兩滑塊均交換速度，多次碰撞后，最終A、B停在一起根據能量守恒定律得 Eq（L+S）=mg（L+S）+mgS解得，S=2m【點睛】本題兩滑塊多次發生彈性碰撞，質量相等時，交換速度作為重要結論，要在理解的基礎上進行識記14、（1）23R （2）2.74R【解析】（i）如圖，從底面上A處射入