1、宜昌市 2020屆高三年級 4月線上統一調研測試理科綜合能力測試物理部分一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1418題只有一項符合題目要求，第1921題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.下列各種關于近代物理學的現象中，與原子核內部變化有關的是a. 紫外線照射鋅板時，鋅板向外發射光電子的現象b. a粒子轟擊金箔時，少數發生大角度偏轉的現象c. 氫原子發光時，形成不連續的線狀光譜的現象d. 含鈾的礦物質自發向外放出射線（高速電子流）的現象【答案】d【解析】【詳解】a為光電效應現象，原子核外層電子吸收光子能量后從金屬

2、表面逸出；b為粒子的散射實驗，少數粒子發生大角度偏轉說明了原子的核式結構；c中氫原子光譜不連續是其原子的能量狀態不連續導致的；d中含鈾的礦物質自發向外放出的射線叫衰變，它來自原子核內部，是原子核內中子轉變成質了時放出的故答案選d2.有兩個木塊a和b，質量分別為ma和mb（ma >mb），它們在水平方向僅受滑動摩擦力的作用下，以相同的初速度沿水平面減速滑行，經過相同的時間停下來。設它們受到的滑動摩擦力大小分別為fa和fb，與水平面的動摩擦因數分別為a和b，則（）a. fa >fb，a>bb. fa< fb，a>bc. fa >fb，a= bd. fa<

3、fb，a= b【答案】c【解析】【詳解】木塊a和b以相同的初速度沿水平面減速滑行，經過相同的時間停下來。根據可知兩者的加速度相同。木塊在水平方向僅受滑動摩擦力的作用，根據牛頓第二定律可得得所以a= b又因為ma >mb，所以fa >fb選項c正確，abd錯誤。故選c。3.在離地高h處，沿豎直方向同時向上和向下拋出兩個小球，它們的初速度大小均為v，不計空氣阻力，兩球落地的時間差為（ ）a. b. c d. 【答案】a【解析】【詳解】試題分析：當上拋的物體回到拋出點時，做初速度為v的下拋運動，之后的運動和下拋物體的運動相同，即運動時間相同，所以兩者落地的時間差正好是上拋物體上升和回到拋

4、出點的時間，上拋物體回到拋出點的運動過程中，加速度為g，初速度為v，末速度為-v，所以有，a正確【點睛】關鍵是知道兩者落地的時間差正好是上拋物體上升和回到拋出點的時間4.如圖所示，a、b、c、d、e、f、g、h是正方體的八個頂點。則下列說法錯誤的是（）a. 只在f、d兩點放置等量異種點電荷，則a、g兩點電勢相等b. 只在b、d兩點放置等量異種點電荷，則e、c兩點電勢相等c. 只在a、b兩點放置等量異種點電荷，則h、g兩點電場強度大小相等d. 在八個頂點均放置電荷量為+q的點電荷，則立方體每個面中心的電場強度大小相等【答案】a【解析】【詳解】b只在b、d兩點放置等量異種電荷，那么在bd連線的中垂

5、面上場強方向與中垂面垂直，故中垂面為等勢面；又有e、c在中垂面上，故電勢相等，選項b正確；a只在f、d兩點放置等量異種點電荷時，顯然a、g兩點不在fd連線的中垂面，也不在中垂面的平行面上，所以a、g兩點電勢不相等，選項a錯誤；c異號電荷電荷量相等，那么a處點電荷在h處場強與b處點電荷在g處場強大小相等，a處點電荷在g處場強與b處點電荷在h處場強大小相等，根據幾何關系，g處兩分場強的夾角和h處兩分場強的夾角相等，故合場強大小相等，選項c正確；d在八個頂點均放置電荷量為+q的點電荷，則立方體每個面上四個點電荷在面中心的場強之和為零，后面四個點電荷在面中心形成的場強垂直平面；又有點電荷電荷量都為q，

6、點電荷到對面面中心的距離相等，故場強大小相等，又有點電荷到面中心的直線與面中心的角度相等，故合場強大小相等，選項d正確。本題選不正確的，故選a。5.如圖所示，兩根足夠長、電阻不計的平行金屬導軌mn、pq，間距為l。導軌平面與水平面的夾角為，m、p兩點間所接電阻阻值為r，勻強磁場磁感應強度大小為b，方向垂直導軌平面向上。一根質量為m、電阻不計的金屬棒ab，從離mp距離處由靜止釋放，若ab棒與導軌mn、pq始終垂直并接觸良好、無摩擦，重力加速度為g。則ab棒的加速度a、速度v、電阻r兩端的電壓u 以及ab棒與導軌形成回路中的磁通量隨時間t變化關系圖像正確的是（）a. b. c. d. 【答案】d【

7、解析】【詳解】abab棒下滑產生感應電動勢受到的安培力ab棒的加速度開始時速度為零，加速度隨著速度的增大，加速度逐漸減小，當速度增大到滿足此時加速度為零，速度達到最大，最大值為選項ab錯誤；c金屬棒ab電阻不計，則電阻r兩端的電壓即為電源電動勢最大感應電動勢為選項c錯誤；dab棒與導軌形成回路中的磁通量隨著速度的增加，圖像的斜率增加，當速度不變后，圖像的斜率不變，故選項d正確。故選d。6.如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數比為12，正弦交流電源電壓為u12 v，電阻r11 ，r22 ，滑動變阻器r3最大阻值為20 ，滑片p處于中間位置。電壓表為理想電表，則（）a. r1與r2消耗電功率相等b.

8、 通過r1的電流為3ac. 若向上移動p，電源輸出功率將不變d. 若向上移動p，電壓表讀數將變小【答案】bd【解析】【詳解】a理想變壓器原副線圈匝數之比為1：2，則原副線圈的電流之比為2：1，根據p=i2r可知r1與r2消耗的電功率之比為2：1，選項a錯誤；b設通過r1的電流為i，則副線圈電流為0.5i，初級電壓根據匝數比可知次級電壓為根據歐姆定律可知次級電壓為解得選項b正確；cd若向上移動p，則r3接入電路電阻減小，次級電流變大，初級電流也變大，根據p=iu可知電源輸出功率將變大；初級電流變大，電阻r1的電壓變大，變壓器輸入電壓變小，次級電壓變小，電壓表讀數將變?。贿x項c錯誤，d正確。故選b

9、d7.行星各自衛星的軌道可以看作是圓形的。某同學根據a行星和b行星的不同衛星做圓周運動的半徑r與周期t的觀測數據，作出如圖所示的圖像，其中圖線a是根據a行星的不同衛星的數據作出的，圖線b是根據b行星的不同衛星的數據作出的。已知圖線a的斜率為k1，圖線b的斜率為k2，a行星半徑為b行星半徑的n倍，則（）a. a行星的質量大于b行星的質量b. a行星與b行星表面的重力加速度之比為c. a行星與b行星的第一宇宙速度之比為d. a行星與b行星平均密度之比為【答案】ac【解析】【詳解】a根據萬有引力提供向心力有解得可知圖線的斜率由圖可知所以選項a正確；b行星表面有解得表面的重力加速度所以選項b錯誤；c根

10、據萬有引力提供向心力有解得第一宇宙速度所以選項c正確；d行星的平均密度所以選項d錯誤。故選ac。8.如圖所示，a、b、c三個一樣的滑塊從粗糙斜面上的同一高度同時開始運動。a由靜止釋放；b的初速度方向沿斜面向下，大小為v0；c的初速度方向沿水平方向，大小也為v0。斜面足夠大，a、b、c運動過程中不會相碰，則（）a. a和c所受的滑動摩擦力大小不相等b. a將比c先滑到斜面底端c. 滑到斜面底端時，b的動能最大d. 滑到斜面底端時，c的機械能減少最多【答案】cd【解析】【詳解】aac兩個滑塊所受的滑動摩擦力由于a、b、c是三個一樣的滑塊，所以摩擦力大小相等，選項a錯誤；bac兩個滑塊所受的滑動摩擦

11、力大小相等，a所受滑動摩擦力沿斜面向上，c沿斜面向上的力是滑動摩擦力的分力，所以c沿斜面向下的加速度大于a沿斜面向下的加速度，c先到達斜面底端。選項b錯誤；c三個滑塊重力相同，下降的高度相同，重力做功相同，摩擦力對a、b做功相同，c克服摩擦力做功最大，a的初動能為零，b、c的初動能相等，則滑到斜面底端時，b滑塊的動能最大，選項c正確；d滑動摩擦力做功與路程有關，c運動的路程最大，c克服摩擦力做功最大，c減少的機械能最多，選項d正確。故選cd。非選擇題 共 18小題，共 174分二、非選擇題：共 174分。第 2232題為必考題，每個試題考生都必須作答。第 3338題為選考題，考生根據要求作答。

12、（一）必考題：共129分。9.某活動小組利用圖甲裝置驗證機械能守恒定律。鋼球自由下落過程中，先后通過光電門a、b，計時裝置測出鋼球通過a、b的時間分別為ta、tb，用鋼球通過光電門的平均速度表示鋼球球心通過光電門的瞬時速度，測出兩光電門間的距離為h，當地的重力加速度為g。(1)用20分度的游標卡尺測量鋼球的直徑，讀數如圖乙所示，鋼球直徑d_ cm。(2)要驗證機械能守恒，只要比較_ a與gh是否相等b與2gh是否相等c與gh是否相等d與2gh是否相等(3)鋼球通過光電門的平均速度_（選填“”、“”或“”）鋼球球心通過光電門的瞬時速度?！敬鸢浮?(1). 0.950 (2). d (3). &l

13、t;【解析】【詳解】(1)1游標卡尺的主尺讀數為0.9cm，游標尺上第10個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為10×0.05mm=0.50mm所以最終讀數為0.9cm+0.50mm=0.950cm(2)2球通過兩個光電門的速度分別為和；要驗證的關系是即故要驗證機械能守恒，只要比較與2gh是否相等。選項d正確，abc錯誤。故選d。(3)3由于鋼球向下做加速運動，所以鋼球通過光電門的平均速度（中間時刻的速度）小于鋼球球心通過光電門的瞬時速度（中間位移的速度）。10.某實驗小組自制歐姆表來測量一個電阻的阻值，可供選擇的器材如下：a待測電阻rx（約為200）；b電源（電動勢e約為1.5

14、v，內阻r約為10）；c靈敏電流計g（量程1ma，內阻rg=200）；d定值電阻a（阻值ra=50）；e定值電阻b（阻值rb=72）；f滑動變阻器r1（阻值范圍為050）；g滑動變阻器r2（阻值范圍為0500）；h開關，導線若干。(1)小組同學首先設計了如圖（a）所示的電路，來測量電源的電動勢。實驗部分步驟如下：先閉合開關s1、s2，調節滑動變阻器r，使靈敏電流計指針滿偏；保持滑動變阻器滑片位置不動，斷開開關s2，讀出靈敏電流計的示數。靈敏電流計滿偏時流過電源的電流為_ma，實驗時滑動變阻器r應選_（填“r1”或“r2”）。若實驗中斷開開關s2時，靈敏電流計的示數為0.80ma，則電源電動勢為

15、_ v。(2)該小組同學測出電動勢后，在圖（a）的基礎上制作歐姆表。他們去掉兩開關，增加兩支表筆m、n，其余器材不變，改裝成一個歐姆表，如圖（b）所示。緊接著他們用改裝后的歐姆表去測量待測電阻rx的阻值，正確操作后，靈敏電流計讀數如圖（c）所示，則待測電阻rx的阻值為_。【答案】 (1). 5 (2). r2 (3). 1.44 (4). 192【解析】【詳解】(1)1靈敏電流計g滿偏時，其電流為1ma，由于其內阻rg=200，則電流計兩端的電壓所以通過定值電阻a的電流則流過電源的電流為2電源電動勢e約為1.5v，則滑動變阻器兩端電壓約為則滑動變阻器的電阻約為所以滑動變阻器應選擇r2（阻值范圍

16、為0500）。3第一次閉合開關s1、s2有斷開s2后，有聯立解得到e=1.44v(2)4根據歐姆表的原理，歐姆調零時，有接待測電阻后，靈敏電流計的電流則此時電流計兩端的電壓所以通過定值電阻a的電流則流過電源的電流為則有解得11.如圖所示，水平地面上有兩個靜止的小物塊a和b（可視為質點），a的質量為m=1.0kg，b的質量為m=2.0kg，a、b之間有一輕質彈簧，彈簧的兩端與物塊接觸而不連接。水平面的左側連有一豎直墻壁，右側與半徑為r=0.32m的半圓形軌道相切?，F壓縮彈簧使a、b由靜止釋放（a、b分離后立即撤去彈簧），a與墻壁發生彈性碰撞后，在水平面上追上b相碰后粘合在一起。已知a、b粘合體剛

17、好能通過半圓形軌道的最高點，重力加速度取g=10m/s²，不計一切摩擦。(1)求a、b相碰后粘合在一起的速度大??；(2)求彈簧壓縮后彈簧具有的彈性勢能。【答案】(1)；(2)27j【解析】【詳解】(1)設粘合體在圓軌道的最高點的速度大小為，粘合體剛好能通過圓軌道的最高點，則對粘合體由牛頓第二定律得設a、b相碰后粘合在一起的速度大小為，則由機械能守恒定律得聯立代入數據解得(2)壓縮彈簧釋放后，設a的速度大小為，b的速度大小為，取向左為正方向。由動量守恒定律得a與墻壁發生彈性碰撞反彈，速度大小不變，追上b相碰后粘合在一起，由動量守恒定律得設彈簧被壓縮后具有的彈性勢能為，由機械能守恒定律得

18、聯立代入數據解得12.如圖，在xoy平面直角坐標系中，直角三角形mpn區域內存在勻強磁場，磁感應強度大小為b、方向垂直于xoy平面向外。直角邊mp與x軸重合，已知om=l，op=3l，mpn=30°。在直角坐標系xoy的第四象限區域內，存在方向沿x軸負方向、場強大小為e=bv0的勻強電場，在y=-3l處垂直于y軸放置一足夠長的平面熒光屏，與y軸交點為q。一束帶正電的同種粒子以相同的速度v0，從mo邊上的各點沿y軸正方向射入磁場，已知從o點射入的粒子恰好不能從pn邊射出磁場。忽略粒子間的相互作用，不計粒子的重力。(1)求粒子的比荷；(2)通過計算說明是否所有的粒子都從oq之間射出電場打

19、到熒光屏上；(3)求粒子打到熒光屏上的點距q點的最遠距離?！敬鸢浮?1)；(2)所有的粒子都從oq之間射出電場打到熒光屏上；(3)【解析】【詳解】(1)由題意可知從o點進入磁場的粒子在磁場中運動的軌跡與pn相切，如圖所示：運動軌跡的圓心為點，設粒子運動軌跡的半徑為r，由牛頓第二定律得由幾何關系有聯立解得粒子的比荷(2)對從o點射入磁場的粒子，在磁場中經過半圓垂直進入電場，粒子在電場中做類平拋運動。假設該粒子從oq之間射出電場打到熒光屏上，則該粒子在水平方向的位移為2l。設該粒子在電場中運動時間為t1，豎直方向位移為y1，有又再根據求出的粒子的比荷聯立解得故假設成立，即從o點射入磁場的粒子從oq

20、之間射出電場打到熒光屏上，而其他粒子進入電場的位置在該粒子左側，故所有的粒子都從oq之間射出電場打到熒光屏上。(3)粒子在電場中做類平拋運動，設粒子在電場中的運動時間為t，豎直方向的位移為y，水平方向的位移為x，有聯立解得設粒子最終打在熒光屏上的點距q點的距離為d，粒子射出電場時與oq的夾角為，有聯立解得當時，即此時d有最大值。由于，所以即為所求最遠距離。13.下列說法中正確的是 。a. 第二類永動機和第一類永動機都違背了能量守恒定律b. 晶體一定有固定的熔點，但物理性質可能表現各向同性c. 布朗運動說明構成固體的分子在永不停息地做無規則運動d. 分子間同時存在著引力和斥力，當分子間距離增加時

21、，分子間的引力減小，斥力也減小e. 由于液體表面層中分子間距離大于液體內部分子間的距離，液體表面存在張力【答案】bde【解析】【詳解】a第二類永動機不違反能量守恒定律，但違反了熱力學第二定律，選項a錯誤；b晶體一定有固定的熔點，多晶體物理性質表現各向同性，選項b正確；c布朗運動說明液體分子在永不停息地做無規則運動，選項c錯誤；d分子間同時存在著引力和斥力，當分子間距離增加時，分子間的引力減小，斥力也減小，選項d正確；e由于液體表面層中分子間距離大于液體內部分子間的距離，液體表面存在張力，選項e正確。故選bde。14.如圖所示，粗細均勻的u形管左臂上端封閉，右臂中有一活塞，開始時用手握住活塞，使

22、它與封閉端位于同一高度。u形管內盛有密度為=7.5×102kg/m3的液體，兩臂液面處在同一高度，液體上方各封閉有一定質量的理想氣體，氣柱長都為l0=40cm，氣壓都為p0=6.0×103pa。現將活塞由圖示的位置緩緩向下移動，直至兩臂液面的高度差也為l0。設整個過程兩臂中氣體的溫度保持不變，取g=10m/s2(1)求最終左右兩臂中氣體的壓強；(2)求活塞向下移動的距離。【答案】(1)pa，pa；(2)44cm【解析】【詳解】(1)設活塞截面積為s，活塞向下移動的距離為d，活塞移動后左臂氣體壓強為，右臂氣體壓強為，長度為，對左臂氣體由玻意耳定律可得依題意有聯立代入數據解得papa(2)對右臂氣體由玻意耳定律可得設活塞向下移動的距離為d，依題意有聯立代入數據解得d=44cm15.一細光束以與界面成 30°的角從空氣照射到某種介質與空氣的分界面上，折射光線與反射光線恰好垂直。下列判斷正確的是_。a. 該