山東省寧陽市2025年高三第一次模擬考試物理試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量為的木塊在質量為的長木板上滑行，木塊與長木板間動摩擦因數為，長木板與地面間動摩擦因數為。若長木板處于靜止狀態，則長木板受地面摩擦力大小為（）A． B． C． D．2、中國北斗衛星導航系統（BeiDouNavigationSatelliteSystem，BDS）是繼美國全球定位系統（GPS）、俄羅斯格洛納斯衛星導航系統（GLONASS）之后第三個成熟的衛星導航系統。北斗導航系統中有幾顆衛星是地球同步衛星，GPS導航系統是由周期約為12h的衛星群組成。則北斗導航系統的同步衛星與GPS導航衛星相比（）A．北斗導航系統的同步衛星的角速度大B．北斗導航系統的同步衛星的軌道半徑小C．GPS導航衛星的線速度大D．GPS導航衛星的向心加速度小3、電容為C的平行板電容器豎直放置，正對面積為S，兩極板間距為d，充電完成后兩極板之間電壓為U，斷開電路，兩極板正對區域視為勻強電場，其具有的電場能可表示為。如果用外力使平行板電容器的兩個極板間距緩慢變為2d，下列說法正確的是（）A．電容變為原來的兩倍 B．電場強度大小變為原來的一半C．電場能變為原來的兩倍 D．外力做的功大于電場能的增加量4、如圖所示，兩電荷量分別為－Q和+2Q的點電荷固定在直線MN上，兩者相距為L，以+2Q的點電荷所在位置為圓心、為半徑畫圓，a、b、c、d是圓周上四點，其中a、b在MN直線上，c、d兩點連線垂直于MN，下列說法正確的是A．c、d兩點的電勢相同B．a點的電勢高于b點的電勢C．c、d兩點的電場強度相同D．a點的電場強度小于b點的電場強度5、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數比為5：1，原線圈中接入u=100sin（100πt）V的正弦交流電，保險絲的熔斷電流為1A，電表為理想電表，定值電阻R0=10Ω。各元件正常工作，下列判斷正確的是（）A．電流表的讀數為2A B．電容器的擊穿電壓不得低于20VC．原線圈中最大電流不能超過1A D．流過電容器C的電流每秒方向改變50次6、沿同一直線運動的A、B兩物體運動的v-t圖象如圖所示，由圖象可知A．A、B兩物體運動方向始終相同B．A、B兩物體的加速度在前4s內大小相等、方向相反C．A、B兩物體在前4s內不可能相遇D．A、B兩物體若在6s時相遇，則時開始時二者相距30m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量為m的物體在水平傳送帶上由靜止釋放，傳送帶由電動機帶動，始終保持以速度v勻速運動，物體與傳送帶間的動摩擦因數為，物體過一會兒能保持與傳送帶相對靜止，對于物體從靜止釋放到相對靜止這一過程，下列說法正確的是（）A．物體在傳送帶上的劃痕長B．傳送帶克服摩擦力做的功為C．電動機多做的功為D．電動機增加的功率為8、如圖甲，豎直光滑桿固定不動，套在桿上的彈簧下端固定，將套在桿上的滑塊向下壓縮彈簧車離地高度h=0.1m處，滑塊與彈簧不拴接.現由靜止釋放滑塊，通過傳感器測量出滑塊的速度和離地高度h，并作出如圖乙所示滑塊的動能Ek與h的關系圖像，其中h=0.2m~0.35m圖線為直線，其余部分為曲線，h=0.18m時，滑塊動能最大，不計空氣阻力，取g=10m/s2，則由圖像可知（）A．圖線各點斜率的絕對值表示合外力大小B．滑塊的質量為0.1kgC．彈簧的原長為0.18mD．彈簧的勁度系數為100N/m9、如圖所示，質量為4m的球A與質量為m的球B用繞過輕質定滑輪的細線相連，球A放在固定的光滑斜面上，斜面傾角α=30°，球B與質量為m的球C通過勁度系數為k的輕質彈簧相連，球C放在水平地面上。開始時控制住球A，使整個系統處于靜止狀態，細線剛好拉直但無張力，滑輪左側細線豎直、右側細線與斜面平行，然后由靜止釋放球A，不計細線與滑輪之間的摩擦，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A．釋放球A瞬間，球B的加速度大小為B．釋放球A后，球C恰好離開地面時，球A沿斜面下滑的速度達到最大C．球A沿斜面下滑的最大速度為2gD．球C恰好離開地面時彈簧的伸長量與開始時彈簧的壓縮量相等，所以A、B兩小球組成的系統機械能守恒10、如圖所示，一固定斜面傾角為，一質量為的小物塊自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做勻減速運動，加速度的大小等于重力加速度的大小。若物塊上升的最大高度為，則此過程中，物塊的（）A．動能損失了 B．動能損失了C．機械能損失了 D．機械能損失了三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)有一螺旋測微器，用它測量一根圓形金屬的直徑，如圖所示的讀數是__________mm；(2)在用自由落體運動驗證機械能守恒定律的實驗中，使質量為1.00kg的重物自由下落，打點計時器在紙帶上打出一系列的點，選取一條符合實驗要求的紙帶如圖所示。O為第一個點，A、B、C為從合適位置開始選取連續點中的三個點。己知打點計時器每隔0.02s打一個點，當地的重力加速度為，那么：①根據圖上所得的數據，應取圖中O點到________點來驗證機械能守恒定律；②從O點到①問中所取的點，重物重力勢能的減少量=___J，動能增加量=_____J（結果取三位有效數字）；③若測出紙帶上所有各點到O點之間的距離，根據紙帶算出各點的速度v及物體下落的高度h，則以為縱軸，以h為橫軸畫出的圖象是下圖中的______。A．B．C．D．12．（12分）某同學設計了一個既可以測電阻又可以測電源電動勢與內阻的實驗電路，如圖甲所示，實驗室提供了以下實驗器材：電源E（電動勢約為6V，內阻約為1Ω）；定值電阻R0（阻值約為5Ω）；電流表A（量程30mA，內阻約為5Ω）；電流表B（量程1A，內阻約為1Ω）；電壓表C（量程6V，內阻約為5kΩ）；電壓表D（量程3V，內阻約為3kΩ）；滑動變阻器F（阻值0~20Ω）；滑動變阻器G（阻值0~500Ω）根據題中所給信息，請回答以下問題(1)電流表應選________，滑動變阻器應選________；（選填器材代號）(2)該同學操作正確無誤，用U1、U2、I分別表示電表V1、V2、A的讀數，其數據如下表所示：I（A）0.300.350.400.450.500.55U1（V）5.685.615.575.515.485.40U2（V）1.441.691.912.162.392.62根據表中數據求得定值電阻R0=________Ω（保留一位小數），其測量值________真實值（選填“>”、“<”或“=”）；該同學同時利用上表測得的數據求得電動勢和內阻，由誤差分析可知，電動勢的測量值________電動勢的真實值（選填“>”、“<”或“=”）。(3)該同學進一步利用了一個輔助電源E′，采用如圖乙所示電路測量電源的電動勢，測量過程中，調節R后再調節R1，使電流表A1的示數為0，測得多組數據。這樣，電源的電動勢的測量值________電源電動勢的真實值（選填“>”、“<”或“=”）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，間距為L、光滑的足夠長的金屬導軌(金屬導軌的電阻不計)所在斜面傾角為，兩根同材料、長度均為L、橫截面均為圓形的金屬棒CD、PQ放在斜面導軌上，已知CD棒的質量為m、電阻為R，PQ棒的圓截面的半徑是CD棒圓截面的2倍．磁感應強度為B的勻強磁場垂直于導軌所在平面向上，兩根勁度系數均為k、相同的彈簧一端固定在導軌的下端，另一端連著金屬棒CD．開始時金屬棒CD靜止，現用一恒力平行于導軌所在平面向上拉金屬棒PQ，使金屬棒PQ由靜止開始運動，當金屬棒PQ達到穩定時，彈簧的形變量與開始時相同．已知金屬棒PQ開始運動到穩定的過程中通過CD棒的電荷量為q，此過程可以認為CD棒緩慢地移動，已知題設物理量符合的關系式，求此過程中(要求結果均用mg、k、來表示)：（1）CD棒移動的距離；（2）PQ棒移動的距離；（3）恒力所做的功．14．（16分）如圖所示，一對平行光滑軌道放置在水平面上，兩軌道相距L＝1m，兩軌道之間用電阻R＝2Ω連接，有一質量m＝0.5kg的導體桿靜止地放在軌道上與兩軌道垂直，桿及軌道的電阻皆可忽略不計，整個裝置處于磁感應強度B＝2T的勻強磁場中，磁場方向垂直軌道平面向上。現用水平拉力F沿軌道方向拉導體桿，使導體桿從靜止開始做勻加速運動。經過位移x＝0.5m后，撤去拉力，導體桿又滑行了x′＝1.5m后停下。求：(1)整個過程中通過電阻R的電荷量q；(2)拉力的沖量大小IF；(3)整個過程中導體桿的最大速度vm；(4)在勻加速運動的過程中，拉力F與時間t的關系式。15．（12分）如圖所示，一不計電阻的導體圓環，半徑為r、圓心在O點，過圓心放置一長度為2r、電阻為2R的均勻輻條，輻條與圓環接觸良好。現將此裝置的一部分置于磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的有界勻強磁場中，磁場邊界恰好與圓環的直徑在同一直線上。現使輻條以角速度ω繞O點順時針轉動，右側電路通過電刷與輻條中心和圓環的邊緣良好接觸，R1=R，右側為水平放置的足夠長的光滑平行導軌，間距為2r，導軌之間有垂直導軌平面向里、磁感應強度大小也為B的勻強磁場，質量為m、電阻為R的導體棒ab垂直放置在導軌上且接觸良好，不計其他電阻。（1）若S閉合，S1斷開時，求理想電表的示數；（2）若S、S1都閉合，求出導體棒ab能夠獲得的最大速度vm；（3）在導體棒ab加速過程中通過的電荷量q。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

隔離分析長木塊，如圖甲，受重力、支持力、向左的滑動摩擦力①隔離分析木板，如圖乙，受重力、木塊的壓力、向右的滑動摩擦力、地面的支持力與向左的靜摩擦力。水平方向受力平衡②解①②式得豎直方向受力平衡達到最大靜摩擦力時（臨界點），為由題可知長木板靜止不動，所以所以C正確，ABD錯誤。故選C。2、C【解析】

A．地球同步衛星的周期為24h，GPS導航系統周期約為12h，根據周期與角速度的關系可知北斗導航系統的同步衛星的周期大，則其角速度小，故A錯誤；B．由萬有引力提供向心力有得衛星繞地球做圓周運動的周期北斗導航系統的同步衛星的周期大，則其軌道半徑大，故B錯誤；C．由萬有引力提供向心力有得衛星繞地球做圓周運動的線速度北斗導航系統的軌道半徑大，則其線速度小，GPS導航衛星的線速度大，故C正確；D．根據可知北斗導航系統的角速度小、線速度小，則其加速度小，GPS導航衛星的向心加速度大，故D錯誤。故選C。3、C【解析】

A．極板間距變為原來兩倍，根據可知電容減半，A錯誤；B．電荷量和極板正對面積不變，則電場強度大小不變，B錯誤；C．當開關斷開后，電容器極板的電荷量Q不變，根據電容減半，兩極板間電壓加倍，根據可知，電場能加倍，C正確；D．電路斷開，沒有電流和焦耳熱產生，極板的動能不變，則外力做的功等于電場能的增加量，D錯誤。故選C。4、A【解析】

A、B、a、b、c、d四點在以點電荷+2Q為圓心的圓上，可知+2Q產生的電場在a、b、c、d四點的電勢是相等的，所以a、b、c、d四點的總電勢可以通過-Q產生的電場的電勢確定，根據順著電場線方向電勢降低可知，b點的電勢最高，c、d兩點對稱電勢相等，a點電勢最低；故A正確，B錯誤.C、+2Q的場源在c、d兩點產生的場強大小相等，-Q的場源在c、d兩點的產生的場強大小也相等，根據場強的合成可知兩點的總場強大小相等，但方向不同，故c、d兩點的電場強度不同；故C錯誤；D、由點電荷的場強公式，合成可得，方向向左；，方向向右；故；則D錯誤.故選A.【點睛】本題考查判斷電勢、場強大小的能力，要利用庫侖定律和場強的矢量合成的方法對各點的電勢和場強進行判定，并且要充分利用電場的疊加原理進行分析．5、B【解析】

A．電容器接入交流電后，產生容抗，所以有電流流過電容器，由于流過電容器的電流未知，所以電流表示數未知，A錯誤；B．輸入電壓的最大值為電容器擊穿電壓與交流電的最大值有關，由得副線圈中交流電壓的最大值為，所以電容器的擊穿電壓不得低于，B正確；C．保險絲的熔斷電流為有效值，所以通過原線圈的電流最大值可以大于，C錯誤；D．由交流電的電壓表達式可知一個周期內電流方向改變2次，1s內有50個周期，故電流每秒方向應改變100次，D錯誤。故選B。6、D【解析】A物體先向負方向做減速運動，然后在向正方向做加速運動；B物體一直向正方向加速，故選項A錯誤；直線的斜率等于加速度，則A、B兩物體的加速度在前4s內大小相等方向相同，選項B錯誤；前4s內兩物體運動方向相反，因不知起始位置，則A、B兩物體在前4s內可能相遇，選項C錯誤；A、B兩物體若在6s時相遇，則計時開始時二者相距12點睛：能從圖象中獲取盡量多的信息是解決圖象問題的關鍵，在同一個坐標系中要正確比較各個圖象表示的運動情況，明確圖象斜率的含義，最好能把圖象和實際運動想結合起來．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

A．物體在傳送帶上的劃痕長等于物體在傳送帶上的相對位移，物塊達到速度v所需的時間在這段時間內物塊的位移傳送帶的位移則物體相對位移故A正確；BC．電動機多做的功轉化成了物體的動能和內能，物體在這個過程中獲得動能就是，由于滑動摩擦力做功，相對位移等于產生的熱量傳送帶克服摩擦力做的功就為電動機多做的功為，故BC錯誤；D．電動機增加的功率即為克服摩擦力做功的功率，大小為故D正確。故選AD。8、AD【解析】

A．根據動能定理可得故圖像的斜率表示滑塊受到的合外力大小，A正確；B．在圖象中，圖線的斜率表示滑塊所受的合外力，由于高度從0.2m上升到0.35m范圍內圖象為直線，其余部分為曲線，說明滑塊從0.2m上升到0.35m范圍內所受作用力為恒力，即只受重力作用，所以從h=0.2m，滑塊與彈簧分離，彈簧的原長的0.2m，斜率大小為即重力大小為所以故BC錯誤；D．在滑塊與彈簧未分離的過程中，當滑塊受到的重力和彈力等大時，滑塊的速度最大，即動能最大，故有根據題意可知0.18m時動能最大，而彈簧原長為0.2m，代入解得D正確。故選AD。9、BC【解析】

A．開始時對球B分析，根據平衡條件可得釋放球A瞬間，對球A和球B分析，根據牛頓第二定律可得解得故A錯誤；B．釋放球A后，球C恰好離開地面時，對球C分析，根據平衡條件可得對球A和球B分析，根據牛頓第二定律可得解得所以球C恰好離開地面時，球A沿斜面下滑的速度達到最大，故B正確；C．對球A和球B及輕質彈簧分析，根據能量守恒可得解得球A沿斜面下滑的最大速度為故C正確；D．由可知球C恰好離開地面時彈簧的伸長量與開始時彈簧的壓縮量相等，A、B兩小球組成的系統在運動過程中，輕質彈簧先對其做正功后對其做負功，所以A、B兩小球組成的系統機械能不守恒，故D錯誤；故選BC。10、BD【解析】

AB．已知物體上滑的加速度大小為，由動能定理得：動能損失等于物體克服合外力做功為故A選項錯誤，B選項正確；CD．設摩擦力的大小為，根據牛頓第二定律得得則物塊克服摩擦力做功為根據功能關系可知機械能損失，故C錯誤，D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.609B1.881.84A【解析】

(1)[1]螺旋測微器的固定刻度為1.5mm，可動刻度為所以最終讀數為1.5mm+0.109mm=1.609mm(2)①[2]根據圖上所得的數據，應取圖中點到點來驗證機械能守恒定律；②[3]從點到點的過程中，重物重力勢能的減少量[4]點的瞬時速度等于段的平均速度，則有重物動能的增加量③[5]根據機械能守恒得則有可知的圖線是過原點的傾斜直線，故A正確，B、C、D錯誤；故選A。12、BF4.8<<=【解析】

(1)[1][2]．電源電動勢為6V，保護電阻約為5Ω，則電流約為I=A=1A故為了能準確測量，電流表應選擇B；因電源內電阻較小，故滑動變阻器應選擇阻值較小的F；(2)[3][4][5]．由電路圖可知，U2為定值電阻兩端的電壓，電流表示數為R0中的電流，由圖可知電壓表示數與電流表示數成正比，則可知，定值電阻的阻值為R0=≈4.8Ω由于采用了電流表外接法，故測量出的電流偏大，則由歐姆定律可知，測量值小于真實值；如果用來測量電動勢和內阻，由于采用相對電源的電流表外接法，由于電壓表分流作用而使電流表示數偏小，則測出的電動勢偏小；(3)[6]．由于電壓表支路中電流為零，故電壓表不再分流，則此時電流表測出的電流為干路電流，電壓表示數為路端電壓，因此測量結果是準確的。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)(3)【解析】

PQ棒的半徑是CD棒的2倍，PQ棒的橫截面積是CD棒橫截面積的4倍，PQ棒的質量是CD棒的質量的4倍，所以，PQ棒的質量:由電阻定律可知PQ棒的電阻是CD棒電阻的即:兩棒串聯的總電阻為:（1）開始時彈簧是壓縮的，當向上的安培力增大時，彈簧的壓縮量減小，安培力等于CD棒重力平行于斜面的分量時，彈簧恢復到原長，安培力繼續增大，彈簧伸長，由題意可知，當彈簧的伸長量等于開始的壓縮量時達到穩定狀態，此時的彈力與原來的彈力大小相等、方向相反．兩彈簧向上的彈力等于CD棒重力平行于斜面的分量，即：彈簧的形變量為：CD棒移動的距離：（2）在達到穩定過程中兩