北京市房山區市級名校2024-2025學年高三下學期第二次模擬考試（物理試題文）試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、同一平面內固定有一長直導線PQ和一帶缺口的剛性金屬圓環，在圓環的缺口兩端引出兩根導線，分別與兩塊垂直于圓環所在平面固定放置的平行金屬板MN連接，如圖甲所示．導線PQ中通有正弦交流電流i，i的變化如圖乙所示，規定從Q到P為電流的正方向，則在1~2s內A．M板帶正電，且電荷量增加B．M板帶正電，且電荷量減小C．M板帶負電，且電荷量增加D．M板帶負電，且電荷量減小2、如圖所示，真空中有一個半徑為R，質量分布均勻的玻璃球，頻率為的細激光束在真空中沿直線BC傳播，并于玻璃球表面的C點經折射進入玻璃球，并在玻璃球表面的D點又經折射進入真空中，已知，玻璃球對該激光的折射率為，則下列說法中正確的是（）A．出射光線的頻率變小B．改變入射角的大小，細激光束可能在玻璃球的內表面發生全反射C．此激光束在玻璃中穿越的時間為（c為真空中的光速）D．激光束的入射角為=45°3、如圖所示，一質量為M的楔形木塊放在水平桌面上，它的頂角為90°，兩底角為α和β；a、b為兩個位于斜面上質量均為m的小木塊，已知所有接觸面都是光滑的．現發現a、b沿斜面下滑，而楔形木塊靜止不動，這時楔形木塊對水平桌面的壓力等于（）A．Mg+mgB．Mg+2mgC．Mg+mg（sinα+sinβ）D．Mg+mg（cosα+cosβ）4、2019年4月20日22時41分，我國在西昌衛星發射中心用長征三號乙運載火箭，成功發射第四十四顆北斗導航衛星。它是北斗三號系統首顆傾斜地球同步軌道衛星，經過一系列在軌測試后，該衛星將與此前發射的18顆中圓地球軌道衛星和1顆地球同步軌道衛星進行組網。已知中圓地球軌道衛星的軌道半徑是地球同步軌道衛星的半徑的，中圓地球軌道衛星軌道半徑為地球半徑的k倍，地球表面的重力加速度為g，地球的自轉周期為T，則中圓地球軌道衛星在軌運行的（）A．周期為B．周期為C．向心加速度大小為D．向心加速度大小為5、某銀行向在讀成人學生發放貸記卡，允許學生利用此卡存款或者短期貸款．一位同學將卡內余額類比成運動中的“速度”，將每個月存取款類比成“加速度”，據此類比方法，某同學在銀行賬戶“-500元”的情況下第一個月取出500元，第二個月取出1000元，這個過程可以類比成運動中的()A．速度減小，加速度減小B．速度增大，加速度減小C．速度增大，加速度增大D．速度減小，加速度增大6、如圖所示的電路，閉合開關S后，a、b、c三盞燈均能發光，電源電動勢E恒定且內阻r不可忽略．現將變阻器R的滑片稍向上滑動一些，三盞燈亮度變化的情況是（）A．a燈變亮，b燈和c燈變暗B．a燈和c燈變亮，b燈變暗C．a燈和c燈變暗，b燈變亮D．a燈和b燈變暗，c燈變亮二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、“嫦娥四號”探測器在2017年自動完成月面樣品采集，并從月球起飛，返回地球。若已知月球半徑為R，“嫦娥五號”在距月球表面高度為R的圓軌道上飛行，周期為T，萬有引力常量為G，下列說法正確的是（）A．月球表面重力加速度為B．月球質量為C．月球第一宇宙速度為D．月球密度為8、如圖所示，正方形ABCD的四個頂點各固定一個點電荷，所帶電荷量分別為+q、-q、+q、-q，E、F、O分別為AB、BC及AC的中點．下列說法正確的是A．E點電勢低于F點電勢B．F點電勢等于O點電勢C．E點電場強度與F點電場強度相同D．F點電場強度大于O點電場強度9、甲、乙兩物體一開始沿同一條直線相向運動，在t=0時刻甲、乙相距x=3m，它們的速度－時間圖象如圖所示。下列說法正確的是（）A．t=2s時甲、乙速度相等，且恰好相遇B．t=1s時甲、乙速度不等，但恰好相遇C．t=1s時，乙的速度方向發生改變，t=2s時追上甲D．在4s時間內，甲、乙相遇了兩次10、對于熱運動和熱現象，下列說法正確的是（）A．玻璃裂口放在火上燒熔，其尖端變圓的原因是表面張力的作用B．云母片導熱性能各向異性，是由于該物質的微粒在空間按一定的規則排列C．未飽和汽在降低溫度時也不會變成飽和汽D．物體放出熱量，其分子平均動能可能增大E.氣體壓強達到飽和汽壓時，蒸發和液化都停止了三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗室欲將電流表改裝為兩用電表：歐姆表：中央刻度為30的“×l0”檔；電壓表：量程0～6V。A．干電池組（E＝3.0V）B．電流表A1（量程0～10mA，內阻為100Ω）C．電流表A2（量程0～0.6A，內阻為0.2Ω）D．滑動變阻器R1（0～300Ω）E．滑動變阻器R2（0～30Ω）F．定值電阻R3（10Ω）G．定值電阻R4（500Ω）H．單刀雙擲開關S，一對表筆及若干導線(1)圖中A為_______（填“紅”或“黑”）表筆，測量電阻時應將開關S扳向______（填“l”或“2”）。(2)電流表應選用__________（填“A1”或“A2”），滑動變阻器應選用__________（填“R1”或“R2”），定值電阻R應選__________（填“R3”或“R4”）。(3)在正確選用器材的情況下，正確連接好實驗電路，若電流表滿偏電流為Ig，則電阻刻度盤上指針指在處所對應的阻值__________Ω。12．（12分）某同學設計了如圖甲所示的電路測電源的電動勢和內阻。(1)閉合電鍵S1，將單刀雙擲開關合向a，調節滑動變阻器，測得多組電壓和電流的值，在U-I坐標平面內描點作圖再將單刀雙擲開關合向b，調節滑動變阻器，測得多組電壓和電流的值，在U-I坐標平面內描點作圖兩次作出的圖象如圖乙所示，則將單刀雙擲開關合向a時測出的數據描點作出的圖象應是___________(填“A”或“B”)。將電鍵合向___________(填“a”或“b”)時，測得的電源電動勢沒有系統誤差。(2)根據兩次測得的數據分析可知，根據圖線___________(填“A”或“B”)求得的電動勢更準確，其電動勢的值為E=___________V。(3)若該同學通過實驗測出電流表的內阻為RA=1Ω，則利用圖線___________(填“A”或“B”)測得的電源的內阻更準確，由此求得電源的內阻為r=___________Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，長木板的左端用一鉸鏈固定在水平面上，一可視為質點的小滑塊放在長木板上的A點調節長木板與水平方向的夾角a為37°時，小滑塊由A點開始下滑，經時間t滑到長木板的最底端夾角a增大為53°時，小滑塊由A點經時間滑到長木板的最底端。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：(1)兩次小滑塊的加速度之比以及兩次小滑塊到達長木板底端時的速度之比；(2)小滑塊與長木板之間的動摩擦因數。14．（16分）如圖所示，輕彈簧一端固定在與斜面垂直的擋板上，另一端點在O位置．質量為m的物塊A（可視為質點）以初速度v0從斜面的頂端P點沿斜面向下運動，與彈簧接觸后壓縮彈簧，將彈簧右端壓到O′點位置后，A又被彈簧彈回。物塊A離開彈簧后，恰好回到P點．已知OP的距離為x0，物塊A與斜面間的動摩擦因數為μ，斜面傾角為θ。求：（1）O點和O′點間的距離x1；（2）彈簧在最低點O′處的彈性勢能；（3）設B的質量為βm，μ＝tanθ，v0＝3．在P點處放置一個彈性擋板，將A與另一個與A材料相同的物塊B（可視為質點與彈簧右端不拴接）并排一起，使兩根彈簧仍壓縮到O′點位置，然后從靜止釋放，若A離開B后給A外加恒力，沿斜面向上，若A不會與B發生碰撞，求β需滿足的條件？15．（12分）兩根長為L的絕緣輕桿組成直角支架，電量分別為+q、-q的兩個帶電小球A、B固定在支架上，整個裝置處在水平向左的勻強電場中，電場強度為E。在電場力之外的力作用下，整體在光滑水平面內繞豎直軸O以角速度ω順時針勻速轉動，圖為其俯視圖。不計兩球之間因相互吸引而具有的電勢能。試求：（1）在支架轉動一周的過程中，外力矩大小的變化范圍。（2）若從A球位于C點時開始計時，一段時間內（小于一個周期），電場力之外的力做功W等于B球電勢能改變量，求W的最大值。（3）在轉動過程中什么位置兩球的總電勢能變化最快？并求出此變化率。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

在1~2s內，穿過金屬圓環的磁場垂直于紙面向里，磁感應強度變小，穿過金屬圓環的磁通量變小，磁通量的變化率變大，假設環閉合，由楞次定律可知感應電流磁場與原磁場方向相同，即感應電流磁場方向垂直于紙面向里，然后由安培定則可知感應電流沿順時針方向，由法拉第電磁感應定律可知感應電動勢增大，由此可知上極M板電勢高，帶正電，電荷量增加，故A正確，B、C、D錯誤；故選A．2、C【解析】

A.光在不同介質中傳播時，頻率不會發生改變，所以出射光線的頻率不變，故A錯誤；B.激光束從C點進入玻璃球時，無論怎樣改變入射角，折射角都小于臨界角，根據幾何知識可知光線在玻璃球內表面的入射角不可能大于臨界角，所以都不可能發生全反射，故B錯誤；C.此激光束在玻璃中的波速為CD間的距離為則光束在玻璃球中從到傳播的時間為故C正確；D.由幾何知識得到激光束在在點折射角，由可得入射角，故D錯誤。3、A【解析】

本題由于斜面光滑，兩個木塊均加速下滑，分別對兩個物體受力分析，求出其對斜面體的壓力，再對斜面體受力分析，求出地面對斜面體的支持力，然后根據牛頓第三定律得到斜面體對地面的壓力。【詳解】對木塊a受力分析，如圖，受重力和支持力

由幾何關系，得到：N1=mgcosα故物體a對斜面體的壓力為：N1′=mgcosα…①同理，物體b對斜面體的壓力為：N2′=mgcosβ…②對斜面體受力分析，如圖，根據共點力平衡條件，得到：N2′cosα-N1′cosβ=0…③F支-Mg-N1′sinβ-N2′sinα=0…④根據題意有：α+β=90°…⑤由①～⑤式解得：F支=Mg+mg根據牛頓第三定律，斜面體對地的壓力等于Mg+mg；故選：A。【點睛】本題關鍵先對木塊a和b受力分析，求出木塊對斜面的壓力，然后對斜面體受力分析，根據共點力平衡條件求出各個力。也可以直接對三個物體整體受力分析，然后運用牛頓第二定律列式求解，可使解題長度大幅縮短，但屬于加速度不同連接體問題，難度提高。4、C【解析】

AB．中圓地球軌道衛星和同步衛星均繞地球做勻速圓周運動，已知中圓地球軌道衛星的軌道半徑是地球同步軌道衛星的半徑的，地球的自轉周期為T，根據開普勒第三定律可知：解得故AB錯誤；CD．物體在地球表面受到的重力等于萬有引力，有中圓軌道衛星有解得故C正確，D錯誤。故選C。5、C【解析】

將每個月取款類比成“加速度”，第一個月取出500元，第二個月取出1000元，說明加速度變大，將卡內余額類比成運動中的“速度”，卡內貸款變多，則速度增大，故C正確。故選C。6、B【解析】

變阻器R的滑片稍向上滑動一些，滑動變阻器電阻減小，根據“串反并同”與其串聯的燈泡C電流增大，變亮，與其并聯的燈泡b電流減小，變暗，與其間接串聯的燈泡a電流增大，變亮，B對；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

B．對探測器，萬有引力提供向心力，根據牛頓第二定律，有解得故B選項正確；A．月球表面的重力加速度為則A選項錯誤；C．月球的第一宇宙速度為月球表面的環繞速度，根據牛頓第二定律，有解得故C選項錯誤；D．月球的密度故D選項正確。故選BD。8、BD【解析】A、對A、B位置的兩個電荷而言，E、O在中垂線上，電勢等于無窮遠電勢，為零；對C、D位置的兩個電荷而言，E、O同樣在中垂線上，電勢依然等于無窮遠電勢，為零；根據代數合成法則，E、O點的電勢均為零，相等；

同理，對A、D位置的兩個電荷而言，F、O在中垂線上，電勢等于無窮遠電勢，為零；對B、C位置的兩個電荷而言，F、O同樣在中垂線上，電勢依然等于無窮遠電勢，為零；根據代數合成法則，F、O點的電勢均為零，相等，故A錯誤，B正確；

C、先考慮O點場強，對A、C位置的電荷而言，O點場強為零；對B、D位置的電荷而言，O點場強同樣為零；故根據矢量合成法則，O點的場強為零；

再分析E點，對A、B位置的兩個電荷，在E位置場強向下，設為E1；對C、D位置的兩個電荷而言，在E位置場強向上，設為E2；由于E1＞E2，故E點的合場強向下，為E1-E2，不為零；

再分析F點，對B、C位置的兩個電荷，在EF置場強向左，大小也為E1；對A、D位置的兩個電荷而言，在F位置場強向右，大小也為E2；由于E1＞E2，故E點的合場強向左，為E1-E2，不為零；

故E點場強等于F點場強，但大于O點場強，故C錯誤，D正確．點睛：本題考查電場強度的和電勢的合成，關鍵是分成兩組熟悉的電荷，同時區分矢量合成和標量合成遵循的法則不同．9、BD【解析】

AC．由圖可知t=1s時刻，乙的速度方向發生改變，t=2s時刻甲、乙速度相等，但由圖像與坐標軸圍成的面積表示位移可知，乙圍成的面積是0，說明乙回到出發點，甲的位移4m，所以兩者此時沒有相遇，故AC錯誤；B．t=1s時刻甲、乙速度不等，由圖像與坐標軸圍成的面積表示位移可知，乙位移是1m，甲的位移2m，兩都位移之和剛好是3m，所以恰好相遇，故B正確；D．t=1s時到t=3s時，甲乙兩圖像與坐標軸圍成的面積相等，說明這段時間內兩者的位移相等，由B項分析可知，t=1s時恰好相遇，所以t=3s時也恰好相遇，說明在t=0到t=4s時間內，甲乙僅相遇過二次，故D錯誤。故選BD。10、ABD【解析】

A．玻璃裂口放在火上燒熔，其尖端變圓的原因是表面張力的作用，選項A正確；B．云母片導熱性能各向異性，是由于該物質的微粒在空間按一定的規則排列，選項B正確；C．飽和汽壓是物質的一個重要性質，它的大小取決于物質的本性和溫度，溫度越高，飽和氣壓越大，則降低溫度可使未飽和汽變成飽和汽，故C錯誤；D．物體放出熱量，若外界對物體做功大于放出的熱量，則物體內能增大，溫度升高，則其分子平均動能會增大，選項D正確；E．氣體壓強達到飽和汽壓時，進入液體內的和跑出液體的分子數相等，蒸發和液化都沒有停止，選項E錯誤。故選ABD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、黑1A1R1R41200【解析】

(1)[1]從多用電表的表頭共用特征來看，黑表筆和歐姆檔內部電源的正極相連，確定A表筆為黑表筆；[2]測電阻時，需要內接電源，要將轉換開關接到1位置；(2)[3]由于改裝后的歐姆表的內阻為300Ω（即中值電阻），且電源電動勢為3.0V，所以最大電流為:所以電流表選A1；[4]改裝成歐姆表時，接入一個調零電阻，由題意知歐姆表的內阻為300Ω，當接入滑動器要滿偏，則：故滑動變阻器選R1；[5]當改裝為量程為0～4V的電壓表時，應串聯一個阻值為：故定值電阻選R4；(3)[6]若電阻值指在處，即此時電流為：所以待測電阻：。12、AbB1.5B4【解析】

(1)單刀雙擲開關合向a時，由于電壓表的分流，使測得的電源電動勢和內阻都比真實值小，單刀雙擲開關合向b時，由于電流表的分壓，測得的電源電動勢等于真實值，測得的內阻比真實值大，因此單刀雙擲開關合向a時測出的數據描點作出的圖象是A；(2)圖線B測得的電動勢沒有系統誤差，更準確，其值為1.5V，由于圖線B測得的內阻值實際為電源內阻與電流表的內阻之和，因此誤差較大，因此由圖線A求得的電源內阻值更準確；(3)若測出電流表的內阻，則利用圖B測得的內阻更準確，由此求得電源的內阻為。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)，；(2)【解析】

(1)對小滑塊由運動學公式可知，當夾角為37°時，有：當夾角為53°時，有：整理解得：又由：v1=a1t解得：；(2)對小滑塊由牛頓第二定律可知，當夾角為37°時，有：mgsin37°－μmgcos37°=ma1當夾角為53°時，有：mgsin53°－μmgcos53°=ma2聯立兩式并結合：解得：。14、（1）；（2）；（3）【解析】

（1）從A到O′，由動能定理可得①物塊A離開彈簧后回到P點的過程，由動能定理得②解得（2）將帶入②式可得，彈簧彈力做功為即彈簧的彈性勢能為（3）兩物體分離的瞬間