江蘇省連云港市灌南華僑高級中學2025屆高三第二次調研物理試卷考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量為1kg的物塊放在顱角為37°的固定斜而上，用大小為5N的水平推力作用在物塊上，結果物塊剛好不下滑。已知重力加速度g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，知能使物塊靜止在斜面上的最大水平推力為A．8.8N B．9.4N C．10.8N D．11.6N2、“蹦極”運動中，長彈性繩的一端固定，另一端綁在人身上，人從幾十米高處跳下。將蹦極過程簡化為人沿豎直方向的運動。從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點的過程中，若不計空氣阻力，下列分析正確的是（）A．繩對人的沖量始終向上，人的動量一直減小B．繩對人的拉力始終做負功，人的動能一直減小C．繩恰好伸直時，人的動能最大D．人的動量最大時，繩對人的拉力等于人所受的重力3、安培曾假設：地球的磁場是由繞地軸的環形電流引起的。現代研究發現：地球的表面層帶有多余的電荷，地球自轉的速度在變慢。據此分析，下列說法正確的是（）A．地球表面帶有多余的正電荷，地球的磁場將變弱B．地球表面帶有多余的正電荷，地球的磁場將變強C．地球表面帶有多余的負電荷，地球的磁場將變弱D．地球表面帶有多余的負電荷，地球的磁場將變強4、2018年2月7日凌晨，太空技術探索公司SpaceX成功通過“獵鷹重型”火箭將一輛紅色的特斯拉跑車送上通往火星的軌道，如圖所示，已知地球到太陽中心的距離為，火星到太陽中心的距離為，地球和火星繞太陽運動的軌跡均可看成圓，且，若特斯拉跑車按如圖所示的橢圓軌道轉移，則其在此軌道上的環繞周期約為（）A．1.69年 B．1.3年 C．1.4年 D．2年5、“太空涂鴉”技術就是使低軌運行的攻擊衛星通過變軌接近高軌偵查衛星，準確計算軌道并向其發射“漆霧”彈，“漆霧”彈在臨近偵查衛星時，壓爆彈囊，讓“漆霧”散開并噴向偵查衛星，噴散后強力吸附在偵查衛星的偵察鏡頭、太陽能板、電子偵察傳感器等關鍵設備上，使之暫時失效。下列關于攻擊衛星說法正確的是（）A．攻擊衛星進攻前需要加速才能進入偵察衛星軌道B．攻擊衛星進攻前的向心加速度小于攻擊時的向心加速度C．攻擊衛星進攻前的機械能大于攻擊時的機械能D．攻擊衛星進攻時的線速度大于7.9km/s6、如圖所示，一個質量為=9.1×10－31kg、電荷量為e=1.6×10－19C的電子，以4×106m/s的速度從M點垂直電場線方向飛入勻強電場，電子只在電場力的作用下運動，在N點離開電場時，其速度方向與電場線成150°角，則M與N兩點間的電勢差約為（）A．-1.0×102V B．-1.4×102VC．1.8×102V D．2.2×102V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在豎直平面內，傾斜長桿上套一小物塊，跨過輕質定滑輪的細線一端與物塊連接，另一端與固定在水平面上的豎直輕彈簧連接。使物塊位于A點時，細線自然拉直且垂直于長桿彈簧處于原長?，F將物塊由A點靜止釋放，物塊沿桿運動的最低點為B，C是AB的中點，彈簧始終在彈性限度內，不計一切阻力，則（）A．物塊和彈簧系統機械能守恒B．物塊在B點時加速度方向由B指向AC．A到C過程物塊所受合力做的功大于C到B過程物塊克服合力做的功D．物塊下滑過程中，彈簧的彈性勢能在A到C過程的增量小于C到B過程的增量8、如圖所示，半徑分別為R和2R的甲、乙兩薄圓盤固定在同一轉軸上，距地面的高度分別為2h和h，兩物塊a、b分別置于圓盤邊緣，a、b與圓盤間的動摩擦因數μ相等，轉軸從靜止開始緩慢加速轉動，觀察發現，a離開圓盤甲后，未與圓盤乙發生碰撞，重力加速度為g，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則（）A．動摩擦因數μ一定大于B．離開圓盤前，a所受的摩擦力方向一定指向轉軸C．離開圓盤后，a運動的水平位移大于b運動的水平位移D．若，落地后a、b到轉軸的距離之比為9、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數比為1:2，正弦交流電源輸出的電壓恒為U=12V，電阻R1=1Ω，R2=2Ω，滑動變阻器R3最大阻值為20Ω，滑片P處于中間位置，則（）A．R1與R2消耗的電功率相等 B．通過R1的電流為3AC．若向下移動P，電源輸出功率增大 D．若向上移動P，電壓表讀數將變小10、一交流發電機組為某用戶區供電的示意圖如圖所示，發電機組能輸出穩定的電壓。升壓變壓器原、副線圈匝數之比為n1：n2=1：10.線圈兩端的電壓分別為Ul、U2.輸電線的總電阻為r，降壓變壓器的原、副線圈匝數之比為n3：n4=10：1，線圈兩端電壓分別為U3、U4.，L是用戶區里一常亮的燈泡，三個回路的干路電流分別為I1、I2、I3，隨著用電高峰的到來，用戶區開啟了大量的用電器，下列說法正確的是（）A．電壓U4不變，始終等于UlB．電流Il始終等于I3C．L變暗D．輸電線的電阻消耗的功率減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）為了研究平拋物體的運動，可做下面的實驗：如圖甲所示，用小錘打擊彈性金屬片，B球就水平飛出，同時A球被松開，做自由落體運動，兩球同時落到地面；如圖乙所示的實驗：將兩個完全相同的斜滑道固定在同一豎直面內，最下端水平把兩個質量相等的小鋼球從斜面的同一高度由靜止同時釋放，滑道2與光滑水平板連接，則將觀察到的現象是球1落到水平木板上擊中球2，這兩個實驗說明______A.甲實驗只能說明平拋運動在豎直方向做自由落體運動．B.乙實驗只能說明平拋運動在水平方向做勻速直線運動C.不能說明上述規律中的任何一條D.甲、乙二個實驗均能同時說明平拋運動在水平、豎直方向上的運動性質（2）關于“研究物體平拋運動”實驗，下列說法正確的是______A.小球與斜槽之間有摩擦會增大實驗誤差B.安裝斜槽時其末端切線應水平C.小球必須每次從斜槽上同一位置由靜止開始釋放D.小球在斜槽上釋放的位置離斜槽末端的高度盡可能低一些．E.將木板校準到豎直方向，并使木板平面與小球下落的豎直平面平行F.在白紙上記錄斜槽末端槽口的位置O，作為小球做平拋運動的起點和所建坐標系的原點（3）如圖丙，某同學在做平拋運動實驗時得出如圖丁所示的小球運動軌跡，a、b、c三點的位置在運動軌跡上已標出，則：（g?。傩∏蚱綊佭\動的初速度為______m/s．②小球運動到b點的速度為______m/s③拋出點坐標______cmy=______cm．12．（12分）某實驗小組成員用如圖所示的裝置做“探究彈力與彈簧伸長關系”的實驗．（1）將彈簧懸掛在支架上，彈簧上端剛好與豎直刻度尺的零刻度對齊，當彈簧下端掛上一個鉤碼且處于靜止時，彈簧下端的指針指在刻度尺上的位置如圖1所示，此時彈簧的長度為l1＝______cm.（2）對于實驗中的操作，下列說法正確的是__________．A．測量彈簧原長時，需要把彈簧水平放穩后進行測量讀數B．掛鉤上掛的鉤碼越多，實驗誤差越小C．彈簧的自重不會影響彈簧的勁度系數測量D．由于彈簧的自重，會使測量的勁度系數有一定的誤差（3）在彈簧彈性限度內，改變彈簧下端所掛鉤碼的個數，同時測出對應彈簧的長度，已知每個鉤碼的質量為50g，在m-l坐標系中描點作圖如圖2所示，當地的重力加速度g取9.80m/s2，則由圖象可以得到彈簧的勁度系數k＝______N/m(結果保留三位有效數字)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在x=0和x=0.6m處的兩個質點A、B的振動圖象如圖所示．已知該波的波長大于0.6m，求其波速和波長14．（16分）某品牌汽車輪胎充氣后，溫度為時，胎內氣體的壓強為。已知該輪胎在胎壓小于或大于時，汽車行駛中會造成安全事故。胎內氣體可看做理想氣體，輪胎容積恒為。（下列計算結果均保留一位小數）(1)求汽車安全工作環境的溫度范圍。（汽車工作環境的溫度與輪胎內氣體的溫度相同）(2)若該汽車在的環境中工作，為了使其胎壓達到，求應再向輪胎內充入壓強為1atm、溫度為的理想氣體的體積。15．（12分）在室溫(27°C)環境中,有一罐壓強為9.0標準大氣壓、容積為0.02m3的氦氣，現將它與一氣球連通給氣球充氣。當充氣完畢時，氣球壓強為1.2標準大氣壓，假若充氣過程中溫度不變，求：①充氣后氣球的體積；②充氣前罐內氫氣的質量。(已知氫氣的摩爾質量為4.0g/mol，標況下氣體的摩爾體積為22.4L/mol)

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

由題意知，剛好不下滑時，則有：Fcos37°+μ（mgcos37°+Fsin37°）=mgsin37°得：μ=剛好不上滑時，則有：F′cos37°=μ（mgcos37°+F′sin37°）+mgsin37°得：F′=10.8N。ABD.由上計算可得F′=10.8N，ABD錯誤；C.由上計算可得F′=10.8N，C正確。2、D【解析】

“蹦極”運動中，從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點的過程中，繩對人的拉力的方向始終向上，故繩對人的沖量始終向上，繩恰好伸直時，繩子的拉力小于重力，人做加速度減小的加速運動，當繩子拉力等于重力時，加速度為0，速度最大，之后繩子拉力大于重力，人做加速度增加的減速運動，直到速度為零。故從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點的過程中，人的運動速度是先增大，到繩子的拉力與重力相等時，速度最大，然后再減小為零，由動量和動能的定義可得，人的動量和動能都是先增大，在繩子的拉力與重力相等時最大，在減小到零，故ABC錯誤，D正確。3、C【解析】

地球自西向東自轉，地球表面帶電，從而形成環形電流。這一環形電流產生地磁場。若從北極俯視地球地磁場由外向里，由安培定則知產生磁場的環形電流方向應自東向西，與地球自轉方向相反，則地球帶負電。地球自轉速度變小，則產生的環形電流變小，則產生的磁場變弱，ABD錯誤，C正確。故選C。4、B【解析】

根據開普勒第三定律可得：解得故選B。5、A【解析】

A．攻擊衛星的軌道半徑小，進攻前需要加速做離心運動，才能進入偵查衛星軌道，故A正確；B．根據得可知，攻擊前，攻擊衛星的軌道半徑小，故攻擊衛星進攻前的向心加速度大于攻擊時的向心加速度，故B錯誤；C．攻擊衛星在攻擊過程中，做加速運動，除引力以外的其他力做正功，機械能增加，故攻擊衛星進攻前的機械能小于攻擊時的機械能，故C錯誤；D．根據萬有引力提供向心力得軌道半徑越小，速度越大，當軌道半徑最小等于地球半徑時，速度最大，等于第一宇宙速度7.9km/s，故攻擊衛星進攻時在軌運行速率小于7.9km/s，故D錯誤。故選A。6、B【解析】

電子在電場力的作用下做類平拋運動，在垂直電場方向上做勻速直線運動：根據動能定理：所以有：故B正確，ACD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】

A．由題知，不計一切阻力，則物塊和彈簧系統機械能守恒，故A正確；B．由題知，物塊從A點運動到B點是先加速后減速，到B點速度剛好為0，彈簧處于伸長狀態，此時對物塊受力分析可知，彈簧沿斜面向上的分力大于重力沿斜面向下的分力，故物塊在B點時加速度方向由B指向A，故B正確；C．物塊從A到C，根據動能定理可知，合力做的功等于動能的增加量，物塊從C到B，根據動能定理可知，物塊克服合力做的功等于動能的減少量，而物塊在A點和B點的速度都為零，故兩個過程動能的變化量相等，所以A到C過程物塊所受合力做的功等于C到B過程物塊克服合力做的功，故C錯誤；D．彈簧的形變量越小，彈簧的彈性勢能越小，根據幾何關系，可知物塊從A到C過程的彈簧形變量小于C到B過程的彈簧形變量，故物塊下滑過程中，彈簧的彈性勢能在A到C過程的增量小于C到B過程的增量，故D正確。故選ABD。8、ABD【解析】

A．由題意可知，兩物塊隨圓盤轉動的角速度相同，當最大靜摩擦力提供物體向心力時，此時的角速度為物體隨圓盤做圓周運動的最大角速度，為臨界角速度，根據牛頓第二定律得解得b物體滑離圓盤乙的臨界角速度為同理可得，a物塊的臨界角速度為由幾何知識知，物體a滑離圓盤時，其位移的最小值為由題意知，其未與圓盤乙相碰，根據平拋運動規律可知解得所以A正確；B．離開圓盤前，a隨圓盤一起做勻速圓周運動，由靜摩擦力來提供向心力，所以a所受的摩擦力方向一定指向轉軸，B正確；C．由于所以一定是b物塊先離開圓盤，離開圓盤后，物塊做平拋運動，對b物體的水平位移為同理可得，a物體的水平位移為故離開圓盤后a的水平位移等于b的水平位移，所以C錯誤；D．當時a的落地點距轉軸的距離為同理，b的落地點距轉軸的距離為故所以D正確。故選ABD。9、BD【解析】

對理想變壓器的原副線圈匝數之比等于原副線圈的電壓之比，等于電流的倒數之比，據此進行分析?！驹斀狻緼選項，理想變壓器的原副線圈的匝數之比為1:2，可知原副線圈的電流之比為2:1，根據，可知與消耗的電功率之比為2:1，選項A錯誤；B選項，設通過的電流為I，則副線圈的電流為0.5I，初級電壓根據匝數比可知次級電壓為則解得選項B正確；CD選項，若向下移動P，則的電阻增大，次級電流變小初級電流也變小，根據可知電源輸出功率變小，電阻的電壓變小，變壓器輸入電壓變大，次級電壓變大，電壓表的讀數變小，則選項C正確，D錯誤。故選BD。10、BC【解析】

將遠距離輸電的電路轉化為等效電路其中，由閉合電路的歐姆定律故隨著用電高峰的到來用戶區開啟了大量的用電器，減小，導致變小，則輸電電流變大。A．由變壓器的變壓比可知但輸電線上有電阻r，產生損失電壓，故有即，且用電高峰U1不變，U4變小，故A錯誤；B．根據變壓器上的電流與匝數成反比，有，可得電流Il始終等于I3，故B正確；C．則輸電電流變大會導致損失電壓變大，而U2不變，故U3減小，可得U4變小，即并聯用戶的電壓減小，由可知L的功率變小，L變暗，故C正確；D．由可知，輸電電流變大會導致輸電線的電阻消耗的功率增大，故D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ABBCE22.5-10-1.25【解析】

(1)A、用小錘打擊彈性金屬片，B球就水平飛出，同時A球被松開，做自由落體運動，兩球同時落到地面，知B球豎直方向上的運動規律與A球相同，即平拋運動豎直方向上做自由落體運動．故A正確．B、把兩個質量相等的小鋼球從斜面的同一高度由靜止同時釋放，滑道2與光滑水平板吻接，則將觀察到的現象是球1落到水平木板上擊中球2，知1球在水平方向上的運動規律與2球相同，即平拋運動在水平方向上做勻速直線運動．故B正確，C、D錯誤；故選AB.(2)A、小球與斜槽之間有摩擦，不會影響小球做平拋運動，故A錯誤；B、研究平拋運動的實驗很關鍵的地方是要保證小球能夠水平飛出，只有水平飛出時小球才做平拋運動，則安裝實驗裝置時，斜槽末端切線必須水平的目的是為了保證小球飛出時初速度水平，故B正確；C、由于要記錄小球的運動軌跡，必須重復多次，才能畫出幾個點，因此為了保證每次平拋的軌跡相同，所以要求小球每次從同一高度釋放，故C正確；D、小球在斜槽上釋放的位置離斜槽末端的高度不能太低，故D錯誤．E、根據平拋運動的特點可知其運動軌跡在豎直平面內，因此在實驗前，應使用重錘線調整面板在豎直平面內，即要求木板平面與小球下落的豎直平面平行，故E正確；F、在白紙上記錄斜槽末端槽口的位置O，不能作為小球做平拋運動的起點，故F錯誤；故選BCE．(3)①在豎直方向上△y=gT2，可得時間間隔