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文檔簡介
浙江省桐鄉市鳳鳴高級中學2025年高三最后一模物理試題注意事項:1.答題前,考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚,將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2.答題時請按要求用筆。3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答,超出答題區域書寫的答案無效;在草稿紙、試卷上答題無效。4.作圖可先使用鉛筆畫出,確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔,不要折暴、不要弄破、弄皺,不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、下列關于電磁感應現象的認識,正確的是()A.它最先是由奧斯特通過實驗發現的B.它說明了電能生磁C.它是指變化的磁場產生電流的現象D.它揭示了電流受到安培力的原因2、如圖,理想變壓器原、副線圈匝數之比為1:2,原線圈與定值電阻R1串聯后,接入輸出電壓有效值恒定的正弦交流電源。副線圈電路中負載電阻為可變電阻R2,A、V是理想電表。當R2=2R1時,電流表的讀數為1A,電壓表的讀數為4V,則()A.電源輸出電壓為8VB.電源輸出功率為4WC.當R2=8Ω時,電壓表的讀數為3VD.當R2=8Ω時,變壓器輸出功率最大3、2019年1月3日上午10點26分,“嫦娥四號”探測器在月球背面成功軟著陸圖示為“嫦娥四號”探測器奔月過程中某階段的運動示意圖,“嫦娥四號”探測器沿橢圓軌道Ⅰ運動到近月點處變軌進入圓軌道Ⅱ,其在圓軌道Ⅱ上做圓周運動的軌道半徑為、周期為。已知引力常量為,下列說法正確的是()A.“嫦娥四號”探測器在點進行加速后進入圓軌道ⅡB.“嫦娥四號”探測器在橢圓軌道Ⅰ上運動的周期小于在圓軌道Ⅱ上運動的周期C.“嫦娥四號”探測器在橢圓軌道上經過點時的加速度等于在圓軌道Ⅱ上經過點時的加速度D.“嫦娥四號”探測器在橢圓軌道Ⅰ上運動時的機械能等于在圓軌道Ⅱ上運動時的機械能4、在一邊長為L的正方形的四個頂點處各放置一個電荷量為q的點電荷,其中ABC處為正點電荷,D處為負點電荷,P、Q、M、N分別是AB、BC、CD、DA的中點,則()A.M、N兩點電場強度相同B.P、Q兩點電勢相同C.將一個帶負電的粒子由Q沿直線移動到M,電勢能先增大后減小D.在O點靜止釋放一個帶正電的粒子(不計重力),粒子可沿著OD做勻變速直線運動5、如圖所示,在光滑水平面上一小球以某一速度運動到A點,遇到一段半徑為R的1/4圓弧曲面AB后,落到水平地面的C點.已知小球沒有跟圓弧曲面的任何點接觸,則BC的最小距離為()A.R B.R C.R D.(-1)R6、如圖所示,在某一水平地面上的同一直線上,固定一個半徑為R的四分之一圓形軌道AB,軌道右側固定一個傾角為30°的斜面,斜面頂端固定一大小可忽略的輕滑輪,輕滑輪與OB在同一水平高度。一輕繩跨過定滑輪,左端與圓形軌道上質量為m的小圓環相連,右端與斜面上質量為M的物塊相連。在圓形軌道底端A點靜止釋放小圓環,小圓環運動到圖中P點時,輕繩與軌道相切,OP與OB夾角為60°;小圓環運動到B點時速度恰好為零。忽略一切摩擦力阻力,小圓環和物塊均可視為質點,物塊離斜面底端足夠遠,重力加速度為g,則下列說法正確的是()A.小圓環到達B點時的加速度為B.小圓環到達B點后還能再次回到A點C.小圓環到達P點時,小圓環和物塊的速度之比為2:D.小圓環和物塊的質量之比滿足二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示,均勻細桿AB質量為M,A端裝有轉軸,B端連接細線通過滑輪和質量為m的重物C相連,若桿AB呈水平,細線與水平方向夾角為θ時恰能保持平衡,則下面表達式中正確的是()A.M=2msinθ B.滑輪受到的壓力為2mgC.桿對軸A的作用力大小為mg D.桿對軸A的作用力大小8、下列說法正確的是()A.液體表面存在張力是因為液體表面層分子間的距離大于液體內部分子間的距離B.密閉容器中的理想氣體溫度不變,體積增大,則氣體一定吸熱C.分子間距增大時,分子勢能增大,分子力做負功D.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體而不引起其他變化E.液體不浸潤固體的原因是,附著層的液體分子比液體內部的分子稀疏9、如圖所示,將一個細導電硅膠彈性繩圈剪斷,在繩圈中通入電流,并將其置于光滑水平面上,該空間存在豎直向下的勻強磁場。已知磁感應強度為,硅膠繩的勁度系數為,通入電流前繩圈周長為,通入順時針方向的電流穩定后,繩圈周長變為。則下列說法正確的是()A.通電穩定后繩圈中的磁通量大于B.段繩圈所受安培力的合力大小為C.圖中兩處的彈力大小均為D.題中各量滿足關系式10、如圖所示,在光滑的水平桌面上有體積相同的兩個小球A、B,質量分別為m=0.1kg和M=0.3kg,兩球中間夾著一根壓縮的輕彈簧,原來處于靜止狀態,同時放開A、B球和彈簧,已知A球脫離彈簧的速度為6m/s,接著A球進入與水平面相切,半徑為0.5m的豎直面內的光滑半圓形軌道運動,PQ為半圓形軌道豎直的直徑,,下列說法正確的是A.彈簧彈開過程,彈力對A的沖量大于對B的沖量B.A球脫離彈簧時B球獲得的速度大小為2m/sC.A球從P點運動到Q點過程中所受合外力的沖量大小為1N·sD.若半圓軌道半徑改為0.9m,則A球不能到達Q點三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)小華同學欲測量小物塊與斜面間的動摩擦因數,其實驗裝置如圖1所示,光電門1、2可沿斜面移動,物塊上固定有寬度為d的擋光窄片。物塊在斜面上滑動時,光電門可以顯示出擋光片的擋光時間。(以下計算的結果均請保留兩位有效數字)(1)用游標卡尺測量擋光片的寬度,其示數如圖2所示,則擋光片的寬度d=______mm。(2)在P處用力推動物塊,物塊沿斜面下滑,依次經過光電門1、2,顯示的時間分別為40ms、20ms,則物塊經過光電門1處時的速度大小為____________m/s,經過光電門2處時的速度大小為____________m/s。比較物塊經過光電門1、2處的速度大小可知,應_______(選填“增大”或“減小”)斜面的傾角,直至兩光電門的示數相等;(3)正確調整斜面的傾角后,用刻度尺測得斜面頂端與底端的高度差h=60.00cm、斜面的長度L=100.00cm,g取9.80m/s2,則物塊與斜面間的動摩擦因數的值(___________)。12.(12分)圖甲為測定當地重力加速度的實驗裝置,不可伸長的輕擺線一端固連在鉛質小圓柱的上端,另一端固定在O點。將輕繩拉至水平后由靜止釋放,在小圓柱通過的最低點附近安置一組光電門,測出小圓柱運動到最低點通過光電門的擋光時間t,用游標卡尺測出小圓柱的直徑d,如圖乙所示。忽略空氣阻力,實驗步驟如下:(1)小圓柱的直徑d=________cm;(2)測出懸點到圓柱中心的距離l,并測出對應的擋光時間△t;(3)改變擺線的長度,重復步驟(2),多測幾組數據;(4)以懸點到圓柱重心的距離l為縱坐標,以_______為橫坐標,得到的圖象是一條通過坐標原點的直線,如圖丙所示。計算得該圖線的斜率為k,則當地重力加速度g=_______(用物理量的符號表示)。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖,體積為V、內壁光滑的圓柱形導熱氣缸頂部有一質量和厚度均可忽略的活塞;氣缸內密封有溫度為2.4T0、壓強為1.2p0的理想氣體.p0和T0分別為大氣的壓強和溫度.已知:氣體內能U與溫度T的關系為U=αT,α為正的常量;容器內氣體的所有變化過程都是緩慢的.求①氣缸內氣體與大氣達到平衡時的體積V1;②在活塞下降過程中,氣缸內氣體放出的熱量Q.14.(16分)如圖所示,直線MN與水平線夾角為60°,其右側有一垂直紙面向外的范圍足夠大的勻強磁場,磁感應強度為B;直線PQ垂直MN,且PQ與MN包圍的空間有一勻強電場,電場方向平行于PQ.有一質量為m電量為+q的帶電粒子在紙面內以v0的水平初速度從A點飛入磁場,粒子進入磁場t0(t0未知)時間后立即撤除磁場,此時粒子未到達MN,之后粒子垂直MQ邊界從C點(圖中未畫出)飛入電場;隨后粒子再次通過C點.粒子在以上整個過程中所用總時間恰為此帶電粒子在磁場中運動一周所需時間,粒子所受重力不計.試求:(1)粒子在磁場中運動的時間t0(2)勻強電場場強E的大小.15.(12分)如圖所示,在內壁光滑的細玻璃管中用水銀密封一段空氣柱(可視為理想氣體),當玻璃管豎直放置時,水銀柱高,空氣柱高。現將玻璃管放在傾角為的粗糙斜面上,管口向上,玻璃管與斜面間的動摩擦因數為。已知外界溫度不變,大氣壓強,水銀的密度,重力加速度g取,假設斜面足夠長,讓玻璃管由靜止下滑,當玻璃管與水銀柱相對靜止時,求玻璃管中空氣柱的長度(結果保留三位有效數字)。
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】
電磁感應現象最先是由法拉第通過實驗發現的,它說明了磁能生電的問題,它是指變化的磁場產生電流的現象,故選項C正確.2、D【解析】
A.當時,電流表的讀數為1A,電壓表的讀數為4V,根據歐姆定律,理想變壓器原、副線圈匝數之比為1:2,根據電壓與匝數成正比得原線圈電壓是根據單相變壓器中電流與匝數成反比得原線圈電流是所以電源輸出電壓為A錯誤;B.電源輸出功率為B錯誤;D.根據歐姆定律得副線圈電流為,所以原線圈電流是,所以當時,,即電壓表的讀數為6V;變壓器輸出的功率所以滿足時變壓器輸入功率最大,解得變壓器輸出的功率最大為,C錯誤,D正確。故選D。3、C【解析】
A.在點減速,提供的向心力等于需要的向心力,“嫦娥四號”探測器進入圓軌道Ⅱ,故A錯誤;B.根據開普勒第三定律知,可知橢圓軌道的半長軸大于圓軌道Ⅱ的半徑,所以探測器在橢圓軌道上運動的周期大于在圓軌道Ⅱ上運動的周期,故B錯誤;C.根據萬有引力提供向心力,得,可知探測器在橢圓軌道上經過點時的加速度等于在圓軌道Ⅱ上經過點時的加速度,故C正確;D.由以上分析可知探測器在橢圓軌道上經過點時的動能大于在圓軌道Ⅱ上經過點時的動能,故探測器在橢圓軌道Ⅰ上運動時的機械能大于在圓軌道Ⅱ上運動時的機械能,故D錯誤。故選:C。4、B【解析】
A.場強疊加遵循平行四邊形定則,M、N兩點電場強度大小相等,方向不同,A錯誤;B.P、Q兩點即關于A、C兩正電荷對稱,又關于B、D兩異種電荷對稱,根據對稱性可知四個點電荷在P、Q兩點產生的電勢相同,B正確;C.M、N、P、Q關于A、C兩正電荷對稱,所以對于A、C兩正電荷而言,這四個點的電勢是相等的,對B、D兩異種電荷而言,P、Q兩點的電勢高于M、N兩點的電勢,所以負電的粒子由Q沿直線移動到M,根據:可知負電荷電勢能一直增大,C錯誤;D.這四個點電荷形成的電場中,電場力大小改變,加速度改變,所以從O點靜止釋放的粒子不可能做勻變速運動,D錯誤。故選B。5、D【解析】在A點,小球開始離開圓弧曲面,只受重力,則有:得:,之后小球做平拋運動,則:,得:則平拋運動的最小水平位移為:,所以BC的最小距離為:A、B、C錯誤;D正確;故選D.6、B【解析】
A.小圓環到達B點時受到細線水平向右的拉力和圓弧軌道對圓環的水平向左的支持力,豎直方向受到向下的重力,可知此時小圓環的加速度為g豎直向下,選項A錯誤;B.小圓環從A點由靜止開始運動,運動到B點時速度恰好為零,且一切摩擦不計,可知小圓環到達B點后還能再次回到A點,選項B正確;C.小圓環到達P點時,因為輕繩與軌道相切,則此時小圓環和物塊的速度相等,選項C錯誤;D.當小圓環運動到B點速度恰好為0時,物塊M的速度也為0,設圓弧半徑為R,從A到B的過程中小圓環上升的高度h=R;物塊M沿斜面下滑距離為由機械能守恒定律可得解得選項D錯誤。故選B。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、ACD【解析】
考查共點力作用下物體的平衡問題。【詳解】A.由題可以知道,C物體受到重力和繩子的拉力處于平衡狀態,所以繩子的拉力與C物體的重力大小相等,為mg;對桿AB進行受力分析如圖:設AB桿的長度為L,由圖可以知道桿的重力產生,的力矩是順時針方向的力矩,力臂的大小是繩子的拉力產生的力矩是逆時針方向的力矩,力臂的大小是,過轉軸的力不產生力矩,由力矩平衡得:所以:A正確;B.由題圖可以知道,兩根繩子的拉力的方向之間有夾角所以兩根繩子的拉力的合力大小要小于2mg,即滑輪受到的壓力小于2mg,B錯誤;C.由受力圖可以知道軸A對桿的作用力的方向的反向延長線一定過繩子的拉力的延長線與重力的作用線的交點,因為重力的作用線過桿的中點,所以可以知道力F與繩子的拉力與水平方向之間的夾角是相等的,并且:所以F與繩子的拉力的大小也相等,即則桿對軸A的作用力大小為mg,C正確;D.聯立可得:所以桿對軸A的作用力大小也可以表達為:,D正確。故選ACD。8、ABE【解析】
A.液體表面層分子間的距離大于液體內部分子間距離,分子力表現為引力,故液體表面存在表面張力;故A正確;B.密閉容器中的理想氣體溫度不變,氣體內能不變,體積增大,氣體對外界做功,由熱力學第一定律可得氣體一定要從外界吸熱,故B正確;C.當分子間作用力表制現為斥力時,距離增大,分子力做正功,分子勢能減小;當分子間作用力表現為引力時,距離增大,分子力做負功,分子勢能增大。故C錯誤;D.根據熱力學第二定律的另一種表述可知,熱量不能自發地從低溫物體傳到高溫物體,而不引起其他變化,故D錯誤;E.液體不浸潤固體的原因是,附著層的液體分子可能比液體內部稀疏,也就是說,附著層內液體分子間的距離大于分子力平衡的距離,附著層內分子間的作用表現為引力,附著層由收縮的趨勢,就像液體表面張力的作用一樣。這樣的液體與固體之間表現為不浸潤,所以E正確。故選ABE。9、ACD【解析】
A.通入順時針方向電流穩定后,繩圈周長為,由可得,面積由安培定則可判斷出環形電流在環內產生的磁場方向豎直向下,繩圈內磁感應強度大于,由磁通量公式可知通電穩定后繩圈中的磁通量大于,故A正確;B.段的等效長度為,故段所受安培力故B錯誤;C.設題圖中兩處的彈力大小均為,對半圓弧段,由平衡條件有解得,故C正確;D.由胡克定律有解得,兩側均除以,得即,故D正確。故選ACD。10、BCD【解析】
彈簧彈開兩小球的過程,彈力相等,作用時間相同,根據沖量定義可知,彈力對A的沖量大小等于B的沖量大小,故A錯誤;由動量守恒定律,解得A球脫離彈簧時B球獲得的速度大小為,故B正確;設A球運動到Q點時速率為v,對A球從P點運動到Q點的過程,由機械能守恒定律可得,解得:v=4m/s,根據動量定理,即A球從P點運動到Q點過程中所受合外力的沖量大小為1N·s,故C正確;若半圓軌道半徑改為0.9m,小球到達Q點的臨界速度,對A球從P點運動到Q點的過程,由機械能守恒定律,解得,小于小球到達Q點的臨界速度,則A球不能達到Q點,故D正確。故選BCD。三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、5.20.130.26減小0.75【解析】
(1)[1]擋光片的寬度為;(2)[2][3]d=5.2mm=5.2×10-3m,t1=40ms=40×10-3s,t2=20ms=20×10-3s,用平均速度來求解瞬時速度:[4]由于v2<v1,物塊做加速運動,設斜面的傾角為θ,則對物塊受力分析有mgsinθ>μmgcosθ故應減小
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