2025屆廣西南寧二中、柳州高中高三（最后沖刺）物理試卷考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質量為m的物體用輕繩AB懸掛于天花板上。用水平向左的力F緩慢拉動繩的中點O，如圖所示。用T表示繩OA段拉力的大小，在O點向左移動的過程中A．F逐漸變大，T逐漸變大B．F逐漸變大，T逐漸變小C．F逐漸變小，T逐漸變大D．F逐漸變小，T逐漸變小2、安培曾假設：地球的磁場是由繞地軸的環形電流引起的。現代研究發現：地球的表面層帶有多余的電荷，地球自轉的速度在變慢。據此分析，下列說法正確的是（）A．地球表面帶有多余的正電荷，地球的磁場將變弱B．地球表面帶有多余的正電荷，地球的磁場將變強C．地球表面帶有多余的負電荷，地球的磁場將變弱D．地球表面帶有多余的負電荷，地球的磁場將變強3、如圖所示，“嫦娥四號”飛船繞月球在圓軌道Ⅰ上運動，在A位置變軌進入橢圓軌道Ⅱ，在近月點B位置再次變軌進入近月圓軌道Ⅲ，下列判斷正確的是（）A．飛船在A位置變軌時，動能增大B．飛船在軌道Ⅰ上的速度大于在軌道Ⅲ上的速度C．飛船在軌道Ⅰ上的加速度大于在軌道Ⅲ上的加速度D．飛船在軌道Ⅰ上的周期大于在軌道Ⅱ的周期4、一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，某時刻的波形如圖所示。在波繼續傳播一個波長的時間內，下列圖中能正確描述x＝2m處的質點受到的回復力與其位移的關系的是（）A． B．C． D．5、仰臥起坐是《國家學生體質健康標準》中規定的女生測試項目之一。根據該標準高三女生一分鐘內完成55個以上仰臥起坐記為滿分。若某女生一分鐘內做了50個仰臥起坐，其質量為50kg，上半身質量為總質量的0.6倍，仰臥起坐時下半身重心位置不變，g取10m/s2。則測試過程中該女生克服重力做功的平均功率約為（）A．10W B．40W C．100W D．200W6、質量為m的均勻木塊靜止在光滑水平面上,木塊左右兩側各有一位持有完全相同步槍和子彈的射擊手．首先左側射手開槍,子彈水平射入木塊的最大深度為d1,然后右側射手開槍,子彈水平射入木塊的最大深度為d2，如圖所示．設子彈均未射穿木塊,且兩顆子彈與木塊之間的作用大小均相同．當兩顆子彈均相對于木塊靜止時,下列判斷正確的是()A．木塊靜止,d1=d2B．木塊靜止,d1<d2C．木塊向右運動,d1<d2D．木塊向左運動,d1=d2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在光滑水平面上有寬度為d的勻強磁場區域，邊界線MN平行于PQ線，磁場方向垂直平面向下，磁感應強度大小為B，邊長為L（L＜d）的正方形金屬線框，電阻為R，質量為m，在水平向右的恒力F作用下，從距離MN為d/2處由靜止開始運動，線框右邊到MN時速度與到PQ時的速度大小相等，運動過程中線框右邊始終與MN平行，則下列說法正確的是（）A．線框進入磁場過程中做加速運動B．線框的右邊剛進入磁場時所受安培力的大小為C．線框在進入磁場的過程中速度的最小值為D．線框右邊從MN到PQ運動的過程中，線框中產生的焦耳熱為Fd8、如圖甲所示，物體以一定的初速度從傾角α=37°的斜面底端沿斜面向上運動，上升的最大高度為3.0m．選擇地面為參考平面，上升過程中，物體的機械能E隨高度h的變化如圖乙所示．取g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.1．則（）A．物體的質量m=0.67kgB．物體與斜面之間的動摩擦因數μ=0.50C．物體上升過程中的加速度大小a=1m/s2D．物體回到斜面底端時的動能Ek=10J9、如圖所示，等量同種正電荷固定在M、N兩點，虛線框ABCD是以MN連線的中點為中心的正方形，其中G、H、E、F分別為四條邊的中點，則以下說法中正確的是（）A．若A點電勢為5V，則B點電勢為5VB．同一正電荷在A點具有的電勢能大于在D點具有的電勢能C．在G點釋放一個帶正電粒子(不計重力)，粒子將沿GH連線向H點運動D．在E點釋放一個帶正電粒子(不計重力)，粒子將沿EF連線向F點運動10、如圖所示，A、B兩帶電小球的質量均為m，電荷量的大小均為Q（未知）。小球A系在長為L的絕緣輕繩下端，小球B固定于懸掛點的正下方，平衡時，小球A、B位于同一高度，輕繩與豎直方向成角。已知重力加速度為g，靜電力常量為k，則以下說法正確的是（）A．小球A、B帶異種電荷B．小球A所受靜電力大小為C．小球A、B所帶電荷量D．若小球A的電荷量緩慢減小，則小球A的重力勢能減小，電勢能增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學手頭有一個標有“5V9W”的小燈泡L，想描繪該小燈泡的伏安特性曲線，實驗室中如下的實驗器材：A．電壓表V1(量程為2V，內阻為2kΩ)B．電壓表V2(量程為15V，內阻為15kΩ)C．電流表A1(量程為2A，內阻約為1Ω)D．電流表A2(量程為0.6A，內阻約為10Ω)E.定值電阻R1=4kΩF.定值電阻R2=16kΩG.滑動變阻器R3(0~5Ω，2A)H.劑動變鞋器R4(0~150Ω，0.5A)I.學生電源(直流9V，內阻不計)J.開關，導線若干(1)為了便于調節且讀數盡量準確，電流表應選用______，滑動變阻器應選用______，電壓表應選用_______，定值電阻應選用_______(填器材前的字母序號)(2)在虛線框中畫出滿足實驗要求的電路圖_______(3)根據設計的電路圖，可知小燈泡兩端電壓U與電壓表讀數Uv的關系為______12．（12分）某同學設計了如圖所示的裝置來探究加速度與力的關系。彈簧秤固定在一合適的木板上，桌面的右邊緣固定一支表面光滑的鉛筆以代替定滑輪，細繩的兩端分別與彈簧秤的掛鉤和礦泉水瓶連接。在桌面上畫出兩條平行線MN、PQ，并測出間距d。開始時讓木板置于MN處，現緩慢向瓶中加水，直到木板剛剛開始運動為止，記下彈簧秤的示數F0，以此表示滑動摩擦力的大小。再將木板放回原處并按住，繼續向瓶中加水后，記下彈簧秤的示數F1，然后釋放木板，并用秒表記下木板運動到PQ處的時間t。則：(1)木板的加速度可以用d、t表示為a＝_______。(2)改變瓶中水的質量重復實驗，確定加速度a與彈簧秤示數F1的關系。下列圖像能表示該同學實驗結果的是________。(3)用加水的方法改變拉力的大小與掛鉤碼的方法相比，它的優點是_______。A．可以改變滑動摩擦力的大小B．可以更方便地獲取多組實驗數據C．可以比較精確地測出滑動摩擦力的大小D．可以獲得更大的加速度以提高實驗精度四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，間距為L、光滑的足夠長的金屬導軌(金屬導軌的電阻不計)所在斜面傾角為，兩根同材料、長度均為L、橫截面均為圓形的金屬棒CD、PQ放在斜面導軌上，已知CD棒的質量為m、電阻為R，PQ棒的圓截面的半徑是CD棒圓截面的2倍．磁感應強度為B的勻強磁場垂直于導軌所在平面向上，兩根勁度系數均為k、相同的彈簧一端固定在導軌的下端，另一端連著金屬棒CD．開始時金屬棒CD靜止，現用一恒力平行于導軌所在平面向上拉金屬棒PQ，使金屬棒PQ由靜止開始運動，當金屬棒PQ達到穩定時，彈簧的形變量與開始時相同．已知金屬棒PQ開始運動到穩定的過程中通過CD棒的電荷量為q，此過程可以認為CD棒緩慢地移動，已知題設物理量符合的關系式，求此過程中(要求結果均用mg、k、來表示)：（1）CD棒移動的距離；（2）PQ棒移動的距離；（3）恒力所做的功．14．（16分）如圖所示，兩氣缸AB粗細均勻，等高且內壁光滑，其下部由體積可忽略的細管連通；A的直徑為B的2倍，A上端封閉，B上端與大氣連通；兩氣缸除A頂部導熱外，其余部分均絕熱．兩氣缸中各有一厚度可忽略的絕熱輕活塞a、b，活塞下方充有氮氣，活塞a上方充有氧氣；當大氣壓為P0，外界和氣缸內氣體溫度均為7℃且平衡時，活塞a離氣缸頂的距離是氣缸高度的，活塞b在氣缸的正中央．①現通過電阻絲緩慢加熱氮氣，當活塞b恰好升至頂部時，求氮氣的溫度；②繼續緩慢加熱，使活塞a上升，當活塞a上升的距離是氣缸高度的時，求氧氣的壓強．15．（12分）如圖甲所示，真空中的電極被連續不斷均勻地發出電子（設電子的初速度為零），經加速電場加速，由小孔穿出，沿兩個彼此絕緣且靠近的水平金屬板、間的中線射入偏轉電場，、兩板距離為、、板長為，兩板間加周期性變化的電場，如圖乙所示，周期為，加速電壓為，其中為電子質量、為電子電量，為、板長，為偏轉電場的周期，不計電子的重力，不計電子間的相互作用力，且所有電子都能離開偏轉電場，求：(1)電子從加速電場飛出后的水平速度大小？(2)時刻射入偏轉電場的電子離開偏轉電場時距、間中線的距離；(3)在足夠長的時間內從中線上方離開偏轉電場的電子占離開偏轉電場電子總數的百分比。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

以結點O為研究對象受力分析如下圖所示：由題意知點O緩慢移動，即在移動過程中始終處于平衡狀態，則可知：繩OB的張力TB=mg根據平衡條件可知：Tcosθ-TB=0，Tsinθ-F=0由此兩式可得：F=TBtanθ=mgtanθ在結點為O被緩慢拉動過程中，夾角θ增大，由三角函數可知：F和T均變大。A.F逐漸變大，T逐漸變大與分析相符，故A正確。B.F逐漸變大，T逐漸變小與分析不符，故B錯誤。C.F逐漸變小，T逐漸變大與分析不符，故C錯誤。D.F逐漸變小，T逐漸變小與分析不符，故D錯誤。2、C【解析】

地球自西向東自轉，地球表面帶電，從而形成環形電流。這一環形電流產生地磁場。若從北極俯視地球地磁場由外向里，由安培定則知產生磁場的環形電流方向應自東向西，與地球自轉方向相反，則地球帶負電。地球自轉速度變小，則產生的環形電流變小，則產生的磁場變弱，ABD錯誤，C正確。故選C。3、D【解析】

A．飛船在A位置變軌時做近心運動，必須減速，動能減小，故A錯誤；

BC．飛船在圓軌道上運動時，根據萬有引力提供向心力，得得知衛星的軌道半徑越大，線速度和加速度越小，則知飛船在軌道Ⅰ上的速度和加速度均小于在軌道Ⅲ上的速度和加速度，故BC錯誤；

D．飛船在軌道Ⅰ上的軌道半徑大于軌道Ⅱ的半長軸，根據開普勒第三定律知飛船在軌道Ⅰ上的周期大于在軌道Ⅱ上的周期，D正確。

故選D。4、A【解析】

簡諧橫波對應的質點，回復力大小與位移大小成正比，回復力方向與位移方向相反。故A項正確，BCD三項錯誤。5、C【解析】

該同學身高約1.6m，則每次上半身重心上升的距離約為×1.6m=0.4m，則她每一次克服重力做的功W=0.6mgh=0.6×50×10×0.4=120J1min內她克服重力所做的總功W總=50W=50×120=6000J她克服重力做功的平均功率為故C正確，ABD錯誤。

故選C。6、B【解析】左側射手開槍后,子彈射入木塊與木塊一起向右運動,設共同速度為v1,由動量守恒有mv0=(M+m)v1,由能量守恒有Ffd1=.右側射手開槍后,射出的子彈與木塊及左側射手射出的第一顆子彈共同運動的速度設為v2,由動量守恒有(M+m)v1-mv0=(M+2m)v2,由能量守恒有Ffd2=,解之可得v2=0,d1=d2=故B正確.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A、線框右邊到MN時速度與到PQ時速度大小相等，線框完全進入磁場過程不受安培力作用，線框完全進入磁場后做加速運動，由此可知，線框進入磁場過程做減速運動，故A錯誤；B、線框進入磁場前過程，由動能定理得：，解得：，線框受到的安培力：，故B正確；C、線框完全進入磁場時速度最小，從線框完全進入磁場到右邊到達PQ過程，對線框，由動能定理得：解得：，故C錯誤；D、線框右邊到達MN、PQ時速度相等，線框動能不變，該過程線框產生的焦耳熱：Q＝Fd，故D正確；8、BD【解析】

A．在最高點，速度為零，所以動能為零，即物體在最高點的機械能等于重力勢能，所以有所以物體質量為A錯誤；B．在最低點時，重力勢能為零，故物體的機械能等于其動能，物體上升運動過程中只受重力、摩擦力做功，故由動能定理可得解得B正確；C．物體上升過程受重力、支持力、摩擦力作用，故根據力的合成分解可得：物體受到的合外力為故物體上升過程中的加速度為C錯誤；D．物體上升過程和下落過程物體重力、支持力不變，故物體所受摩擦力大小不變，方向相反，所以，上升過程和下滑過程克服摩擦力做的功相同；由B可知：物體上升過程中克服摩擦力做的功等于機械能的減少量20J，故物體回到斜面底端的整個過程克服摩擦力做的功為40J；又有物體整個運動過程中重力、支持力做功為零，所以，由動能定理可得：物體回到斜面底端時的動能為50J-40J=10J，D正確。故選BD。9、AD【解析】

A．根據等量同種電荷等勢面分布情況和對稱性可知，A點和B點電勢相等，若A點電勢為5V，則B點電勢為5V，故A正確；B．根據等量同種電荷等勢面分布情況和對稱性可知，A點和D點電勢相等，則同一正電荷在AD兩點具有的電勢能相等，故B錯誤；C．由G點釋放一個帶正電粒子(不計重力)，該粒子所受的電場力垂直于MN連線向上，所以粒子將沿GH連線向上運動，故C錯誤；D．在E點電場強度方向由E到F，帶正電的粒子受到的電場力方向由E到F，粒子將沿EF連線向F點運動，故D正確。故選AD。10、BD【解析】

AB．帶電的小球A處于平衡狀態，A受到庫侖力F、重力mg以及繩子的拉力T的作用，其合力為零，則有解得由圖可知，AB間庫侖力為排斥力，即AB為同種電荷，故A錯誤，B正確；C．根據庫侖定律有，而解得故C錯誤；D．若小球A的電荷量緩慢減小，AB間的庫侖力減小，小球A下擺，則小球A的重力勢能減小，庫侖力做負功，電勢能增大，故D正確。故選BD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CGAE見解析U=3Uv【解析】

(1)[1][2][3][4]．由小燈泡的標識可知，其工作電流為1.5A，工作電阻為4，所以電流表宜選用電流表A1，即C；因為描繪該小燈泡的伏安特性曲線，電壓從零開始變化，滑動變阻器采用分壓接法，總阻值應與待測電阻阻值差不多，故選用滑動變阻器Ra，即G；電壓表V2的量程太大，讀數不準確，電壓表V1的量程太小，但可以串聯定值電阻R1，將量程擴大到6V，故電壓表應選用V1，即A；定值電阻應選用R1，即E。(2)[5]．滑動變阻器采用分壓接法，電流表外接，電路圖如圖所示。(3)[6]．根據串聯電路知識可知=3Uv12、CBC【解析】

(1)[1]木板做初速度為零的勻加速直線運動，根據得解得即木板的加速度為。(2)[2]AB．由于摩擦力的存在，所以當時，木板才產生加速度，即圖線不過原點，與橫軸有交點，AB錯誤；CD．據題意，木板受到的滑動摩擦力為，對木板和礦泉水瓶組成的系統根據牛頓第二定律應有聯立解得其中m為礦泉水瓶的質量，M為木板的質量根據函數斜率和截距的概念可知，當時，近似不變，即圖像的斜率不變，當礦泉水的質量逐漸增大到一定量后變小，即圖像向下彎曲，C正確D錯誤。故選C。(3)[3]A．木板與桌面間的正壓力以及動摩擦因數不變，所以加水的方法不改變滑動摩擦力的大小，A錯誤；BC．緩慢向瓶中加水，拉力是連續增大，而掛鉤碼時拉力不是連續增大的，所以可以更方便地獲取多組實驗數據，比較精確地測出摩擦力的大小，BC正確；D．由于加速度越大需要水的質量越大，而水的質量越大時圖象的斜率越小，實驗的精確度會越小，D錯誤。故選BC。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)(3)【解析】

PQ棒的半徑是CD棒的2倍，PQ棒的橫截面積是CD棒橫截面積的4倍，PQ棒的質量是CD棒的質量的4倍，所以，PQ棒的質量:由電阻定律可知PQ棒的電阻是CD棒電阻的即:兩棒串聯的總電阻為:（1）開始時彈簧是壓縮的，當向上的安培力增大時，彈簧的壓縮量減小，安培力等于CD棒重力平行于斜面的分量時，彈簧恢復到原長，安培力繼續增大，彈簧伸長，由題意可知，當彈簧的伸長量等于開始的壓縮量時達到穩定狀態，此時的彈力與原來的彈力大小相等、方向相反．兩彈簧向上的彈力等于CD棒重力平行于斜面的分量，即：彈簧的形變量為：CD棒移動的距離：（2）在達到穩定過程中兩棒之間距離增大，由兩金屬棒組成的閉合回路中的磁通量發生變化，產生感應電動勢為:感應電流為:所以，回路中通過的電荷量即CD棒中的通過的電荷量為:由此可得兩棒距離增大值:PQ棒沿導軌上滑距離應為CD棒沿斜面上滑距