2025屆新疆維吾爾自治區阿克蘇地區庫車縣烏尊鎮中學高考物理二模試卷考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、秦山核電站是我國第一座自主研究、設計和建造的核電站，它為中國核電事業的發展奠定了基礎．秦山核電站的能量來自于A．天然放射性元素衰變放出的能量B．人工放射性同位素衰變放出的能量C．重核裂變放出的能量D．輕核聚變放出的能量2、如圖所示為氫原子能級圖，下列說法正確的是（）A．氫原子由較高能級躍遷到較低能級時，電勢能減小，其核外電子的動能增大B．氫原子從n=2能級向n=1能級躍遷時輻射出的光子能量為17eVC．一群處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時，輻射出的光子頻率最多有3種D．用能量為9eV和4.6eV的兩種光子同時照射大量的氫原子，有可能使處于基態的氫原子電離3、如圖甲所示MN是一條電場線上的兩點，從M點由靜止釋放一個帶正電的帶電粒子，帶電粒子僅在電場力作用下沿電場線M點運動到N點，其運動速度隨時間t的變化規律如圖乙所示下列敘述中不正確的是（）A．M點場強比N的場強小B．M點的電勢比N點的電勢高C．從M點運動到N點電勢能增大D．從M點運動到N點粒子所受電場力逐漸地大4、兩行星和各有一顆衛星和，衛星的圓軌道接近各自的行星表面，如果兩行星質量之比，兩行星半徑之比則兩個衛星周期之比為（）A． B． C． D．5、我國相繼成功發射的“實踐衛星二十號”和“通信技術試驗衛星五號”都屬于地球靜止軌道衛星，它們均繞地球做勻速圓周運動。則兩顆衛星在軌運行的（）A．線速度等于第－宇宙速度 B．動能一定相等C．向心力大小一定相等 D．向心加速度大小一定相等6、如圖所示，水平放置的平行板電容器下極板接地，閉合開關S1，S2，平行板電容器兩極板間的一個帶電粒子恰好能靜止在P點．要使粒子保持不動，但粒子的電勢能增加，則下列可行的指施有A．其他條件不變，使電容器上極板下移少許B．其他條件不變，將滑動變阻器滑片向右移少許井將上極板下移少許C．其他條件不變，使開關S2斷開，并將電容器下極板上移少許D．其他條件不變，使開關S斷開，并將電容器下極板上移少許二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖中小孩正在蕩秋千，在秋千離開最高點向最低點運動的過程中，下列說法中正確的是（）A．繩子的拉力逐漸增大B．繩子拉力的大小保持不變C．小孩經圖示位置的加速度可能沿a的方向D．小孩經圖示位置的加速度可能沿b的方向8、如圖所示，兩個等量異種點電荷、固定在同一條水平線上，電荷量分別為和。是水平放置的足夠長的光滑絕緣細桿，細桿上套著一個中間穿孔的小球，其質量為，電荷量為（可視為試探電荷，不影響電場的分布）。現將小球從點電荷的正下方點由靜止釋放，到達點電荷的正下方點時，速度為，為的中點。則（）A．小球從至先做加速運動，后做減速運動B．小球運動至點時速度為C．小球最終可能返回至點D．小球在整個運動過程中的最終速度為9、如圖所示，一質量為的小物塊（可視為質點）從高處的點由靜止沿光滑的圓弧軌道滑下，進入半徑為豎直圓環軌道，與圓環軌道的動摩擦因數處處相同，當到達圓環軌道的頂點時，小物塊對圓環軌道的壓力恰好為零。之后小物塊繼續沿滑下，進入光滑軌道，且到達高度為的點時速度為零，則下列說法正確的是（）（取）A．小物塊在圓環最高點時的速度為 B．小物塊在圓環最高點時的速度為C．的值可能為 D．的值可能為10、如圖所示，衛星1和衛星2均繞地球做圓周運動，其中衛星1為地球同步軌道衛星，衛星2是極地衛星，衛星1的軌道半徑大于衛星2的軌道半徑.則下列說法正確的是A．衛星1和衛星2做圓周運動的圓心均為地心B．衛星2的運行周期小于24hC．衛星1的向心加速度大于衛星2的向心加速度D．衛星2的線速度小于靜止在赤道上某物體的線速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組要測量兩節干電池組的電動勢和內阻，實驗室有下列器材：A．靈敏電流計G（0~5mA，內阻約為60Ω）B．電壓表V（0~3V，內阻約為10kΩ）C．電阻箱R1（0~999.9Ω）D．滑動變阻器R2（0~100Ω，1.5A）E．舊電池2節F．開關、導線若干(1)由于靈敏電流計的量程太小，需擴大靈敏電流計的量程。測量靈敏電流計的內阻的電路如圖甲所示，調節R2的阻值和電阻箱使得電壓表示數為2.00V，靈敏電流計示數為4.00mA，此時電阻箱接入電路的電阻為1．0Ω，則靈敏電流計內阻為___________Ω；（保留1位小數）(2)為將靈敏電流計的量程擴大為60mA，該實驗小組將電阻箱與靈敏電流計并聯，則應將電阻箱R1的阻值調為___________Ω；（保留3位有效數字）；(3)把擴大量程后的電流表接入如圖乙所示的電路，根據測得的數據作出U－IG（IG為靈敏電流計的示數）圖象如圖丙所示，則該干電池組的電動勢E=___________V；內阻r=___________Ω（保留3位有效數字）。12．（12分）貨運交通事故往往是由車輛超載引起的，因此我國交通運輸部對治理貨運超載有著嚴格規定。監測站都安裝有稱重傳感器，圖甲是一種常用的力傳感器，由彈簧鋼和應變片組成，彈簧鋼右端固定，在其上、下表面各貼一個相同的應變片，應變片由金屬制成。若在彈簧鋼的自由端施加一向下的作用力F，則彈簧鋼會發生彎曲，上應變片被拉伸，下應變片被壓縮。力越大，彈簧鋼的彎曲程度越大，應變片的電阻變化就越大，輸出的電壓差ΔU＝|U1－U2|也就越大。已知傳感器不受壓力時的電阻約為19Ω，為了準確地測量該傳感器的阻值，設計了以下實驗，實驗原理圖如圖乙所示。實驗室提供以下器材：A．定值電阻R0（R0＝5Ω）B．滑動變阻器（最大阻值為2Ω，額定功率為50W）C．電流表A1（0.6A，內阻r1＝1Ω）D．電流表A2（0.6A，內阻r2約為5Ω）E．直流電源E1（電動勢3V，內阻約為1Ω）F．直流電源E2（電動勢6V，內阻約為2Ω）G．開關S及導線若干。（1）外力F增大時，下列說法正確的是________；A．上、下應變片電阻都增大B．上、下應變片電阻都減小C．上應變片電阻減小，下應變片電阻增大D．上應變片電阻增大，下應變片電阻減小（2）圖乙中①、②為電流表，其中電流表①選________（選填“A1”或“A2”），電源選________（選填“E1”或“E2”）；（3）為了準確地測量該阻值，在圖丙中，將B、C間導線斷開，并將滑動變阻器與原設計電路的A、B、C端中的一些端點連接，調節滑動變阻器，測量多組數據，從而使實驗結果更準確，請在圖丙中正確連接電路______；（4）結合上述實驗步驟可以得出該傳感器的電阻的表達式為________（A1、A2兩電流表的電流分別用I1、I2表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在豎直圓柱形絕熱氣缸內，可移動的絕熱活塞a、b密封了質量相同的A、B兩部分同種氣體，且處于平衡狀態。已知活塞a、b的橫截面積之比Sa:S①求A、B兩部分氣體的熱力學溫度TA②若對B部分氣體緩慢加熱，同時在活塞a上逐漸增加細砂使活塞b的位置不變，當B部分氣體的溫度為65TB時，活塞a、b間的距離h'A與hA之比為k:1，求此時14．（16分）為了從室內觀察室外情況，某同學設計了一個“貓眼”裝置，即在門上開一個小孔，在孔內安裝一塊與門厚度相同的圓柱形玻璃體，厚度L=3.46cm，直徑D=2.00cm，如圖所示（俯視圖）。室內的人通過該玻璃體能看到室外的角度范圍為120°。取≈1.73，求該玻璃的折射率。15．（12分）二十世紀初，盧瑟福進行粒子散射實驗的研究，改變了人們對原子結構的認識。(1)如圖1所示，有兩個粒子均以速度射向金原子，它們速度方向所在的直線都不過金原子核中心。請在圖1中分別畫出兩個粒子此后的運動軌跡示意圖；(2)如圖2所示，一個粒子以速度射向金原子，速度方向所在直線過金原子核中心。由于金原子受到周邊其他金原子的作用，可將粒子與一個金原子核的作用等效為與一個靜止的、質量非常大的粒子發生彈性碰撞。請推導說明粒子與金原子核作用后速度的大小和方向；(3)實驗發現，絕大多數粒子穿過金箔后，基本上仍沿原來的方向前進，但有極少數粒子發生了大角度偏轉（超過90°）。盧瑟福根據該實驗現象提出了原子的核式結構模型。為了研究問題的方便，可作如下假設：①將粒子視為質點，金原子視為球，金原子核視為球體；②金箔中的金原子緊密排列，金箔厚度可以看成很多單原子層并排而成；③各層原子核前后不互相遮蔽；④大角度偏轉是粒子只與某一層中的一個原子核作用的結果。如果金箔厚度為L，金原子直徑為，大角度偏轉的粒子數占總粒子的比例為，且。a.請估算金原子核的直徑；b.上面的假設做了很多簡化處理，這些處理會對金原子核直徑的估算產生影響。已知金箔的厚度約，金原子直徑約，金原子核直徑約。請對“可認為各層原子核前后不互相遮蔽”這一假設的合理性做出評價。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

秦山核電站的能量來自于重核裂變放出的能量，故C正確，ABD錯誤。2、A【解析】

A．當氫原子由較高能級躍遷到較低能級時，軌道半徑變小，其核外電子的動能將增大，又此過程中電場力做正功，其電勢能減小，A項正確；B．處于n=2能級的氫原子躍遷到基態時，輻射出的光子的能量為（-4eV）-（-13.6eV)=10.2eV，B項錯誤；C．根據C=6可知，一群處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時，輻射出的光子頻率最多有6種，C項錯誤；D．處于基態的氫原子要發生電離，吸收的光子能量必須大于等于13.6eV，D項錯誤。故選A。3、C【解析】

AD．從v-t圖像可以看出，加速度越來越大，根據牛頓第二定律，則說明受到的電場力越來越大，根據公式，說明電場強度越來越大，所以M點場強比N的場強小，故AD正確；B．因為帶電粒子做加速運動，所以受到的電場力往右，又因為帶電粒子帶正電，所以電場線的方向往右，又因為順著電場線的方向電勢降低，所以M點的電勢比N點的電勢高，故B正確；C．從M點運動到N點動能增加，電勢能應該減小，故C錯誤。故選C。4、A【解析】

衛星做圓周運動時，萬有引力提供圓周運動的向心力，有得所以兩衛星運行周期之比為故A正確、BCD錯誤。

故選A。5、D【解析】

A．由于兩顆衛星屬于地球靜止軌道衛星，其軌道半徑一定大于地球半徑，由公式得由于第一宇宙速度即為半徑為地球半徑的衛星的線速度，則這兩顆衛星在軌運行的線速度一定小于第一宇宙速度，故A錯誤；B．由于不清楚兩顆衛星的質量，則無法比較兩顆衛星的動能，故B錯誤；C．由于不清楚兩顆衛星的質量，則無法比較兩顆衛星的向心力，故C錯誤；D．由于兩顆衛星屬于地球靜止軌道衛星，則兩顆衛星的軌道半徑一定相等，由公式得則加速度大小一定相等，故D正確。故選D。6、C【解析】

A.為使粒子保持不動，則兩板間的電場強度大小不變，由于粒子帶負電，為使粒子的電勢能增加，則P點的電勢應降低，即P點與下板間的電勢差減小．其他條件不變，使電容器上極板下移少許，兩板間的電壓不變，剛由E=可知，兩板間的電場強度增大，A錯誤；B.其他條件不變，將滑動變阻器滑片向右移少許，電路中的電流減小，兩板的電壓減小，將上板下移少許，由E=可保證板間的電場強度大小不變，但P點的電勢不變，B錯誤；C.其他條件不變，開關S2斷開，兩板的帶電量不變，將電容器下板上移少許，兩板間電場強度不變，P點與下板的電勢差減小，C正確；D.其他條件不變，使開關S1斷開，電容器放電，板間的電場強度減小，D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】小孩在最高點時，速度為零；受重力和拉力，合力沿著切線方向，繩子的拉力是重力沿繩子方向的分力，小于重力；而在最低點，小孩受到的拉力與重力的合力提供向上的向心力，所以繩子的拉力大于重力．可知在秋千離開最高點向最低點運動的過程中，繩子的拉力逐漸增大，故A正確，故B錯誤；當秋千離開最高點，向最低點運動的過程中，小孩的速度增大，合外力的一個分力指向圓心，提供向心力，另一個分力沿著切線方向，使小孩速度增大所以加速度方向可能沿圖中的a方向，故C正確，D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。8、BD【解析】

A．根據等量異種點電荷的電場線分布，可知，兩點電荷連線的中垂面是等勢面，電勢為0，正點電荷附近電勢大于0，負點電荷附近電勢小于0，根據對稱關系可得其中，所以小球從C到D運動過程中，只有電場力做功，且由于電勢降低，所以電勢能減小，電場力做正功，小球在做加速運動，所以A錯誤；B．小球由C到D，由動能定理得則由C到O，由動能定理可得所以B正確；C．由分析可知無窮遠處電勢也是0，小球由O到D加速運動，再由D到無窮遠處，電勢升高，電勢能增加，電場力做負功，小球做減速運動，所有不可能返回O點，所以C錯誤；D．小球從O到無窮遠處，電場力做功為0，由能量守恒可知，動能變化量也是0，即無窮遠處的速度為所以D正確。故選BD。9、AD【解析】

AB．小物塊在圓環最高點時有解得所以A正確，B錯誤；CD．過程克服摩擦力做的功為過程克服摩擦力做的功為，因該過程小物塊與軌道的平均壓力小于過程，則摩擦力也小，則有過程，由動能定理得解以上各式得所以D正確，C錯誤。故選AD。10、AB【解析】

A．由萬有引力提供向心力，衛星1和衛星2的做圓周運動的圓心均為地心，A正確；B．衛星1的周期為24h，根據：可得：因為衛星2的軌道半徑小于衛星1的軌道半徑，所以衛星2的運行周期小于衛星1的周期，即小于24h，故B正確；C．根據：可得：衛星1的向心加速度小于衛星2的向心加速度，故C錯誤；D．由：可得：可知衛星1的線速度小于衛星2的線速度，由知赤道上物體的線速度小于衛星1的線速度，所以衛星2的線速度大于靜止在赤道上某物體的線速度，故D錯誤.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、50.04.55【解析】

(1)[1]根據電路結構和歐姆定律得解得(2)[2]根據并聯電路特點可得，電阻箱的阻值(3)[3]由閉合電路歐姆定律可得解得根據圖象可得電源電動勢圖象斜率為[4]解得電源內阻12、DA1E2【解析】

(1)[1]外力F增大時，上應變片長度變長，