機密★啟用前

2025年天津市八所重點學校高三畢業班聯考

物理試卷

考生注意：

1.試卷滿分100分，考試時間60分鐘。

2.本考試分設試卷和答題紙。試卷包括兩部分，第一部分為選擇題，第二部分為非選擇題。

3.答題前，務必在答題紙上填涂姓名、班級、考場座位號和準考證號，作答必須涂或寫在答

題紙上，在試卷上作答一律不得分。第一部分的作答必須涂在答題卡上相應的區域，第二部

分的作答必須寫在答題卡上與試卷題號對應的位置。

第I部分選擇題共40分

一、單項選擇題（本題共5小題，每小題5分，共25分。每小題給出的四個選項中，只有

一個選項是正確的）

1.塔吊是現代工地必不可少的建筑設備。如圖，為吊車在某次工作時，將200kg的建筑材料由0時刻豎直

向上提升的v-/圖像，g取lOm/s?。下列判斷正確的是（）

A.在10s?30s內，材料處于超重狀態B.在40s?56s內，材料處于失重狀態

C.在0?10s內，懸線的拉力恒為2000ND.材料離地面的最大高度為36.4m

2.如圖甲所示，計算機鍵盤為電容式傳感器，每個鍵下面由相互平行間距為d的活動金屬片和固定金屬片

組成，兩金屬片間有空氣間隙，兩金屬片組成一個平行板電容器，如圖乙所示。其內部電路如圖丙所示,

則下列說法正確的是（）

甲乙丙

A.按鍵的過程中，電容器的電容減小

B.按鍵的過程中，電容器的電量減小

C.按鍵的過程中，圖丙中電流方向從6流向a

D.按鍵的過程中，電容器兩極板間的電場強度減小

3.如圖所示電路，電源內阻不可忽略。開關S閉合后，在滑動變阻器&的滑片向上移動的過程中（電壓

表和電流表均可視為理想電表）（）

A.電壓表的示數減小B.電流表的示數增大

C.電源的總功率減小D.電源的輸出功率一定減小

4.如圖甲所示為某款按壓式發電的手電筒，當按照一定的頻率按壓時，內置發電機線圈轉動，穿過線圈的

磁通量按照正弦規律變化（如圖乙所示）。已知線圈的匝數為100匝，下列說法正確的是（）

A.交流電的頻率為0.2Hz

B.，=0.2s時，發電機線圈中的電流為零

C.發電機的電動勢的有效值為7V

D.若電路總電阻為5Q,則發電機的功率為土W

10

5.2019年春節上映的國產科幻電影《流浪地球》講述了太陽即將毀滅，已經不適合人類生存，人類開啟“流

浪地球”計劃，試圖帶著地球一起逃離太陽系，計劃用2500年的時間奔往新家園一4.2光年外的新恒星

比鄰星的故事。假設逃離太陽系之前地球半徑為R,地球表面的重力加速度為g,第一宇宙速度為v,地球

繞太陽運動視為勻速圓周運動。到達新家園后地球繞比鄰星勻速圓周運動的軌道半徑為心周期為T,地球

的質量為逃離之前的0.9倍，半徑與逃離之前相同，逃離前后均不考慮地球自轉，引力常量為G,由以上信

息可知（）

A.逃離太陽系之前地球質量為一而

gR

B.比鄰星的質量為無］

GT2

C.到達新家園后地球表面的重力加速度為0.9g

D.到達新家園后地球的第一宇宙速度為0.9v

二、多項選擇題（本題共3小題，每小題5分，共15分。每小題給出的四個選項中都有多

個選項是正確的，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0分）

6.潛水員在水中呼出的CO2氣泡，從水下幾米深處快速上升到水面，這一過程中氣體與外界未實現熱交

換。將氣泡內的CC）2氣體視為理想氣體，則在這一過程中，下列說法正確的是（）

A.CO2分子的平均動能保持不變

B.CO2氣體溫度降低

C.氣泡內C。2分子的數密度不變

D.氣泡體積增大，C。2氣體對外做功

7.現如今的街頭“老頭樂”品牌層出不窮，給老年人帶來了方便的同時，也存在著大量的交通安全問題，

例如許多廉價的電動車無氣囊，在電動車事故中，氣囊可防止90%的頭部受傷，大大減小損傷程度。設氣

囊的緩沖層與頭部的撞擊時間延長至10ms以上，人頭部的質量約為2kg,則下列說法正確的是（）

A.氣囊減小了駕駛員頭部撞擊過程中的動量變化率

B.氣囊減少了駕駛員頭部撞擊過程中撞擊力的沖量

C.事故中氣囊對頭部的沖量與頭部對氣囊的沖量相同

D.若事故中頭部以6m/s的速度水平撞擊緩沖層，則頭部受到的撞擊力最多為1200N

8.洛倫茲力在現代科學技術中有著廣泛的應用，如圖為磁場中常見的4種儀器，都利用了洛倫茲力對帶電

粒子的作用，下列說法正確的是（）

T

A.甲圖中，若僅增大加速電壓，粒子離開加速器時的動能變大

B.乙圖中,粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P,粒子的比荷越大

C.丙圖中，A極板是磁流體發電機的負極

F

D.丁圖中，帶負電的粒子從左側射入，若速度丫＜芻，將向下極板偏轉

第II部分非選擇題共60分

三、填空題（本題共1小題，每空2分，共12分）

9.利用圖1所示的裝置進行“驗證機械能守恒定律”實驗;

n

圖i

(i)實驗操作步驟如下，請將第二步補充完整：

第一步：按實驗要求安裝好實驗裝置；

第二步：使重物靠近打點計時器，接著,打點計時器在紙帶上打下一系列的點;

A.先接通電源后釋放紙帶B.先釋放紙帶后接通電源

第三步：如圖2為一條符合實驗要求的紙帶，O點為打點計時器打下的第一個點。分別測出若干連續點

4、B、C…與。點之間的距離％、魚、人3…

(2)為了驗證下落。2段過程重物的機械能是否守恒，若重物的質量為加，打點計時器所使用交流電的頻

率為/,重力加速度為g,則重物重力勢能的減少量為,動能的增加量為-(用題中

所給的符號來表示)

(3)若同學在某次實驗得到的紙帶如圖3所示。在測量數據時不慎將上述紙帶從3之間扯斷，她僅利用

/點之后的紙帶能否實現驗證機械能守恒定律的目的？(選填“能”或“不能”)；

10.某實驗小組用如圖所示的裝置來完成“探究兩個互成角度的力的合成規律”實驗。彈簧測力計A掛于固

定點P,下端用細線掛一重物，彈簧測力計B的一端用細線系于。點，手持另一端向左拉，使結點。靜

止在某位置。測得重物重力為G,分別讀出彈簧測力計A和B的示數，并在貼于豎直木板的白紙上記錄

。點的位置和細線的方向。

(1)下列說法中正確的是；

A.本實驗采用的實驗方法是控制變量法

B.多次實驗時需要確保。點在同一位置

C.實驗時應保持細線與木板平行

D.實驗時兩彈簧測力計之間的夾角盡量大一些

(2)某次實驗時測得重物所受的重力大小G=3.00N,彈簧測力計A的示數片=5.00N,則彈簧測力計

B的示數可能為o

A.9.00NB.4.00NC.1.50ND.1.00N

四、計算題(本題共3小題，其中第10題14分，第11題16分，第12題18分，共48

分。解答題應寫出必要的文字說明和方程式，只寫出最后答案的不能得分，有數值計算的

題，答案中必須明確寫出數值和單位)

11.如圖所示，一光滑水平桌面與一半徑為R的光滑半圓形軌道相切于C點，且兩者固定不動。一長

￡=1.25m的細繩，一端固定于。點，另一端系一個質量叼=0.2kg的小球。當小球外在豎直方向靜止

時，外對水平桌面的作用力剛好為零。現將外提起使細繩處于水平位置時無初速度釋放。當㈣擺至最低

點時，恰與放在桌面上的質量機2=0.4kg的另一小球正碰，碰后外以lm/s的速率彈回；加2將沿半圓形

軌道運動，通過最高點。時受到的彈力大小等于其自身重力，重力加速度g取lOm/s?。求：

(1)小球外碰前速度大小%；

(2)加2在半圓形軌道最低點C的速度大小匕；

(3)光滑半圓形軌道的半徑尺

12.如圖所示，在豎直平面內有一上下邊界均水平，垂直線圈所在平面的勻強磁場，磁感應強度

6=2.5T,方向如圖所示。正方形單匝金屬線圈在磁場上方/?=0.8m處，質量機=0.4kg,邊長

L=0.4m,總阻值A=1Q。現將線框由靜止釋放，下落過程中線圈邊始終與磁場邊界平行，邊剛

要離開磁場時線圈的加速度a=0,已知磁場高〃=0.8m,不計空氣阻力，重力加速度g取：lOm/s?。

a.b

Jf二

xxxxxxxxx

xxxxxxxxx

x^xxxxxxxx

xxxxxxxxx

(1)試判斷線圈在進入磁場的過程中感應電流方向是順時針還是逆時針？

(2)求cd邊剛進入磁場瞬間，c、d兩點的電壓U；

(3)求線圈從進入磁場開始到線圈穿出磁場的整個過程中安培力對線圈做的總功少。

13.質譜分析技術已廣泛應用于各前沿科學領域。某種質譜儀原理如圖所示。質譜儀處于真空暗室中。正

離子經加速后沿水平方向進入速度選擇器，然后通過磁分析器選擇出特定比荷的離子。磁分析器截面為直

角扇形，〃和N處各有一個小孔，被選擇離子在磁分析器中做半徑為五的圓周運動，恰好穿過兩小孔；偏

轉系統中電場和磁場的分布區域是同一棱長為力的正方體，其偏轉系統的底面與膠片平行，間距為。，

NO為垂直于膠片的中心軸線，以膠片中心。為原點建立xoy直角坐標系。已知速度選擇器、磁分析器和

偏轉系統中的勻強磁場的磁感應強度大小均為8,方向均垂直紙面向外；速度選擇器、偏轉系統中電場場

強大小均為E,方向分別為豎直向上和沿X軸正方向。已知火》工，￡>?Lo由于離子進入偏轉系統時

速率都很大，且在偏轉系統中運動時NO方向的分速度總是遠大于X軸方向和y軸方向的分速度，所以離

子在偏轉系統中沿x軸和y軸方向位移可忽略。不計離子重力。

般片

(1)求磁分析器選擇出來離子的比荷；

(2)若僅撤去偏轉系統的磁場，離子沿NO方向進入偏轉系統，求離子打在膠片上點跡的坐標(不考慮離

子在偏轉系統中偏離N。的距離)；

(3)離子沿NO方向進入偏轉系統，求離子打在膠片上點跡的坐標(不考慮離子在偏轉系統中偏離NO的

距離)。

參考答案

一、單項選擇題（本題共5小題，每小題5分，共25分。每小題給出的四個選項中，只有

一個選項是正確的）

1.塔吊是現代工地必不可少的建筑設備。如圖，為吊車在某次工作時，將200kg的建筑材料由0時刻豎直

向上提升的V-/圖像，g取lOm/s?。下列判斷正確的是（）

A.在10s?30s內，材料處于超重狀態B.在40s?56s內，材料處于失重狀態

C.在0?10s內，懸線的拉力恒為2000ND.材料離地面的最大高度為36.4m

【答案】B

【解析】

【詳解】A.由圖可知在10s?30s內，材料做勻速直線運動，處于平衡狀態，故A錯誤;

B.由圖可知在40s?56s內，材料向下加速，加速度向下，處于失重狀態，故B正確；

Avo

C.由圖可知在0?10s內，材料的加速度。=一=0.1m/s2

由牛頓第二定律機g=機。

可得懸線的拉力恒為T=2020N

故C錯誤；

D.由圖像可知，在第40s時，材料離地高度最大，最大高度為圖像與坐標軸圍城的面積，即最大高度

.20+405八

n=-----------xlm=30m

2

故D錯誤。

故選B。

2.如圖甲所示，計算機鍵盤為電容式傳感器，每個鍵下面由相互平行間距為d的活動金屬片和固定金屬片

組成，兩金屬片間有空氣間隙，兩金屬片組成一個平行板電容器，如圖乙所示。其內部電路如圖丙所示，

則下列說法正確的是（）

甲乙丙

A.按鍵的過程中，電容器的電容減小

B.按鍵的過程中，電容器的電量減小

C.按鍵的過程中，圖丙中電流方向從6流向。

D.按鍵的過程中，電容器兩極板間的電場強度減小

【答案】C

【解析】

【詳解】A.根據平行板電容器的電容計算公式C=一^

得知，按鍵過程中，板間距離d減小，電容C增大，故A錯誤；

B.電容C變大，由于。不變，根據。=CU

可知。增大，故B錯誤；

C.因C增大，。不變，根據。=cu

知0增大，電容器充電，電流方向從6流向a,故C正確；

D.按鍵過程中，板間距離d減小，由于。不變，根據￡=巨可知，電容器兩極板間的電場強度增大，故

d

D錯誤。

故選C。

3.如圖所示電路，電源內阻不可忽略。開關S閉合后，在滑動變阻器&的滑片向上移動的過程中（電壓

A.電壓表的示數減小B.電流表的示數增大

C.電源的總功率減小D.電源的輸出功率一定減小

【答案】c

【解析】

【詳解】A.當變阻器叫的滑片向上滑動時，叫接入電路的阻值變大，故它與&并聯的總電阻變大，再

,E

與以串聯的總電阻也會變大，即外電路的電阻變大，根據閉合電路歐姆定律/=-----可知，回路中總

巡+外

電流減小，根據U=可知路端電壓增大，即電壓表的示數增大，故A錯誤；

B.由于電路的總電流/減小，所以內阻及當兩端的電壓也隨之減小，故凡與&兩端的電壓增大，則流

過冬的電流增大，流過凡的電流減小，則電流表的示數減小，故B錯誤；

C.電源的總功率為尸首、=￡/

由于電路的總電流減小，故電源的總功率減小，故C正確；

P=（―^）2火外二-----g——

D.電源輸出的功率“外+/外°r

外R外+亡+2r

尺外

可知居卜=廠時電源輸出的功率最大，題中各電阻大小未知，無法判斷電源輸出的功率變化情況，故D錯誤。

故選C。

4.如圖甲所示為某款按壓式發電的手電筒，當按照一定的頻率按壓時，內置發電機線圈轉動，穿過線圈的

磁通量按照正弦規律變化（如圖乙所示）。已知線圈的匝數為100匝，下列說法正確的是（）

A,交流電的頻率為0.2Hz

B.7=0.2s時，發電機線圈中的電流為零

C.發電機的電動勢的有效值為乃V

D.若電路總電阻為5Q,則發電機的功率為二W

10

【答案】D

【解析】

【詳解】A.由圖乙可知，交流電的周期為T=0.2s

頻率為/="=5Hz

故A錯誤；

B.7=0.2s時，線圈中的磁通量為零，磁通量的變化率最大，所以電動勢和電流最大，故B錯誤;

E

根據E-

A/2

71

解得發電機的電動勢的有效值為￡=FV

故c錯誤;

D.根據尸=——

R

可得尸=2，w

10

故D正確。

故選D。

5.2019年春節上映的國產科幻電影《流浪地球》講述了太陽即將毀滅，已經不適合人類生存，人類開啟“流

浪地球”計劃，試圖帶著地球一起逃離太陽系，計劃用2500年的時間奔往新家園一4.2光年外的新恒星

比鄰星的故事。假設逃離太陽系之前地球半徑為R,地球表面的重力加速度為g,第一宇宙速度為v,地球

繞太陽運動視為勻速圓周運動。到達新家園后地球繞比鄰星勻速圓周運動的軌道半徑為心周期為T,地球

的質量為逃離之前的0.9倍，半徑與逃離之前相同，逃離前后均不考慮地球自轉，引力常量為G,由以上信

息可知（）

-G

A,逃禺太陽系之前地球質量為f

B.比鄰星的質量為生卑

GT1

C.到達新家園后地球表面的重力加速度為0.9g

D.到達新家園后地球的第一宇宙速度為0.9n

【答案】C

【解析】

【詳解】A.逃離太陽系之前，根據

=m

KJS

解得

MH

g

故A錯誤;

B.設比鄰星的質量為河比，地球的質量為M地，地球繞比鄰星做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心

力可得

GAf比4/地4萬2

=加地亍-外

r2

解得比鄰星的質量為

4/7

M比=

GT2

故B錯誤;

C.根據地球表面物體受到的萬有引力等于重力，逃離之前

GM地機

=mg

R?

到達新家園后

G-0.9711地機

=mg'

聯立可得

g，=0.9g

故C正確;

D.地球第一宇宙速度為地球表面軌道衛星的運行速度，逃離之前

GM^mv2

清=mg=m一

R

到達新家園后

0.9M地加，v,2

G——=mg=m——

R

聯立解得

v'=Vo?9v

故D錯誤。

故選C。

二、多項選擇題（本題共3小題，每小題5分，共15分。每小題給出的四個選項中都有多

個選項是正確的，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得0分）

6.潛水員在水中呼出的CO2氣泡，從水下幾米深處快速上升到水面，這一過程中氣體與外界未實現熱交

換。將氣泡內的CO2氣體視為理想氣體，則在這一過程中，下列說法正確的是（）

A.CO2分子的平均動能保持不變

B.CO2氣體溫度降低

C.氣泡內C。2分子的數密度不變

D.氣泡體積增大，CO2氣體對外做功

【答案】BD

【解析】

【詳解】D.氣泡從水下幾米深處快速上升到水面過程中，氣泡內氣體的壓強

P=Po+Pgh

氣泡所處液面的高度減小，則氣泡內的壓強減小，假設氣體溫度不變，根據玻意耳定律可知，氣泡的體積

增大，CC)2氣體對外做功，由于氣體與外界未實現熱交換，則氣體內能減小，氣體溫度降低，則假設不成

立，氣泡內氣體實際上體積增大，CC)2氣體對外做功，溫度降低，故D正確；

B.氣體與外界未實現熱交換，水泡的體積增大，CO2氣體對外做功，根據熱力學第一定律可知，氣體溫

度降低，故B正確；

A.結合上述可知，氣體溫度降低，CO2分子的平均動能減小，故A錯誤；

C.結合上述可知，氣泡體積增大，氣泡內CO2分子的數密度減小，故C錯誤。

故選BDo

7.現如今的街頭“老頭樂”品牌層出不窮，給老年人帶來了方便的同時，也存在著大量的交通安全問題，

例如許多廉價的電動車無氣囊，在電動車事故中，氣囊可防止90%的頭部受傷，大大減小損傷程度。設氣

囊的緩沖層與頭部的撞擊時間延長至10ms以上，人頭部的質量約為2kg,則下列說法正確的是()

A.氣囊減小了駕駛員頭部撞擊過程中的動量變化率

B.氣囊減少了駕駛員頭部撞擊過程中撞擊力的沖量

C.事故中氣囊對頭部的沖量與頭部對氣囊的沖量相同

D.若事故中頭部以6m/s的速度水平撞擊緩沖層，則頭部受到的撞擊力最多為1200N

【答案】AD

【解析】

【詳解】AB.根據動量定理

I=FM=邸

可得

尸=包

At

由于氣囊的緩沖與頭部的撞擊時間4延長了，從而減小了對頭部的作用力尸，也即減小了駕駛員頭部撞擊

過程中的動量變化率包，但駕駛員頭部撞擊過程中撞擊力的沖量/并未改變，故A正確，B錯誤；

Ar

C.事故中氣囊對頭部的作用力與頭部對氣囊的作用力大小相等，方向相反，且作用時間相等，所以，可知

事故中氣囊對頭部的沖量與頭部對氣囊的沖量大小相等，方向相反，故C錯誤；

D.由題意，若事故中頭部以6m/s的速度水平撞擊緩沖層，則頭部受到的撞擊力大小最多為

F=上Ap=——mAv=1200N

△tM

故D正確。

故選AD?

8.洛倫茲力在現代科學技術中有著廣泛的應用，如圖為磁場中常見的4種儀器，都利用了洛倫茲力對帶電

粒子的作用，下列說法正確的是（）

加速電場二二

B

速度選擇器+—E

乙T

A.甲圖中，若僅增大加速電壓，粒子離開加速器時的動能變大

B.乙圖中，粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫尸，粒子的比荷越大

C.丙圖中，A極板是磁流體發電機的負極

D.丁圖中，帶負電的粒子從左側射入，若速度將向下極板偏轉

【答案】BC

【解析】

2

【詳解】A.圖甲，粒子在磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力，有4味5二加2

R

1X儲RZ

可得最大動能E=—加V，=-----------

kKm2m2/7?

可知粒子離開加速器時的動能與加速電壓無關，A錯誤；

B.圖乙所有粒子通過粒子速度選擇器后速度相同，粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫尸，則在磁場中運動

2

的軌道半徑越小，由qvB=m—

,r

可得心上

mBr

可知粒子的比荷越大，B正確;

C.丙圖中，由左手定則可知，正離子向下偏轉，負離子向上偏轉，即A極板是磁流體發電機的負極，C正

確；

D.丁圖中，帶負電的粒子從左側射入，受向上的電場力和向下的洛倫茲力，若速度

即qvB<qE

則粒子將向上極板偏轉，D錯誤。

故選BCo

第II部分非選擇題共60分

三、填空題（本題共1小題，每空2分，共12分）

9.利用圖1所示的裝置進行“驗證機械能守恒定律”實驗；

TT

圖1

（1）實驗操作步驟如下，請將第二步補充完整：

第一步：按實驗要求安裝好實驗裝置；

第二步：使重物靠近打點計時器，接著，打點計時器在紙帶上打下一系列的點；

A.先接通電源后釋放紙帶B.先釋放紙帶后接通電源

第三步：如圖2為一條符合實驗要求的紙帶，。點為打點計時器打下的第一個點。分別測出若干連續點

4、B、C…與。點之間的距離%、魚、人3…

（2）為了驗證下落。2段過程重物的機械能是否守恒，若重物的質量為加，打點計時器所使用交流電的頻

率為/,重力加速度為g,則重物重力勢能的減少量為,動能的增加量為-（用題中

所給的符號來表示）

（3）若同學在某次實驗得到的紙帶如圖3所示。在測量數據時不慎將上述紙帶從。/之間扯斷，她僅利用

/點之后的紙帶能否實現驗證機械能守恒定律的目的？（選填“能”或“不能”）；

【答案】（1）A（2）①.mgh2②.根產也飛

8

(3)能

【解析】

【小問1詳解】

為打點穩定，充分利用紙帶，打點計時器打點時應先接通電源后釋放紙帶。

故選Ao

【小問2詳解】

[1]重物重力勢能的減少量為

的,=mgh2

⑵相鄰兩計數點的時間間隔為T=(

根據勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于該過程平均速度，8點的速度為丹=^=今冬

m

動能的增加量為AEk=-mvj=8??=雙―”"

k2ST28

【小問3詳解】

若不慎將上述紙帶從。/之間扯斷可以將N點后面的紙帶上取出兩個點，分別計算出通過兩點的動能，測

量出這兩點的高度差，計算出兩點的動能增量是否和重力勢能的減小量相等從而驗證機械能守恒定律，即

能實現驗證機械能守恒定律的目的。

10.某實驗小組用如圖所示的裝置來完成“探究兩個互成角度的力的合成規律”實驗。彈簧測力計A掛于固

定點P，下端用細線掛一重物，彈簧測力計B的一端用細線系于。點，手持另一端向左拉，使結點。靜

止在某位置。測得重物重力為G,分別讀出彈簧測力計A和B的示數，并在貼于豎直木板的白紙上記錄

。點的位置和細線的方向。

(1)下列說法中正確的是；

A.本實驗采用的實驗方法是控制變量法

B.多次實驗時需要確保。點在同一位置

C.實驗時應保持細線與木板平行

D.實驗時兩彈簧測力計之間的夾角盡量大一些

(2)某次實驗時測得重物所受的重力大小G=3.00N,彈簧測力計A的示數々=5.00N,則彈簧測力計

B的示數可能為。

A.9.00NB.4.00NC.1.50ND.1.00N

【答案】(1)C(2)B

【解析】

【小問1詳解】

A.本實驗用兩個彈簧拉重物和一個彈簧拉重物的作用效果一樣，用的方法是等效替代法，故A錯誤；

B.兩彈簧的合力與重物的重力平衡，故合力的大小和方向確定，所以改變拉力，進行多次實驗時，不需要

每次都使。點靜止在同一位置，故B錯誤；

C.為了避免出現垂直于木板平面方向的分力，拉線方向應與木板平面平行，故C正確；

D.實驗時兩彈簧測力計之間的夾角適當即可，不需要盡可能大，故D錯誤。

故選C。

【小問2詳解】

G和片兩個力的合力的范圍片—GWg〈片+G

可得2NWg<8N

則只有B選項滿足。

故選B。

四、計算題(本題共3小題，其中第10題14分，第11題16分，第12題18分，共48

分。解答題應寫出必要的文字說明和方程式，只寫出最后答案的不能得分，有數值計算的

題，答案中必須明確寫出數值和單位)

11.如圖所示，一光滑水平桌面與一半徑為R的光滑半圓形軌道相切于C點，且兩者固定不動。一長

￡=1.25m的細繩，一端固定于。點，另一端系一個質量叫=0.2kg的小球。當小球”在豎直方向靜止

時，外對水平桌面的作用力剛好為零。現將叫提起使細繩處于水平位置時無初速度釋放。當叫擺至最低

點時，恰與放在桌面上的質量加2=0-4kg的另一小球正碰，碰后外以lm/s的速率彈回；冽2將沿半圓形

軌道運動，通過最高點。時受到的彈力大小等于其自身重力，重力加速度g取lOm/s?。求:

D

c

(1)小球外碰前速度大小%;

(2)加2在半圓形軌道最低點C的速度大小匕；

(3)光滑半圓形軌道的半徑七

【答案】(1)%=5m/s

(2)v2=3m/s

(3)R=0.15m

【解析】

【小問1詳解】

1,

對小球ml根據動能定理m^gL--

得小球叫碰前速度大小%=5m/s

【小問2詳解】

小球ml和小球m2碰撞過程，根據動量守恒定律機1%=M+機2V2

得冽2在半圓形軌道最低點。的速度大小匕=3m/s

【小問3詳解】

2

小球加2在。點，根據牛頓第二定律氏+加2g=加2上

R

1717

小球加2從C點到。點過程，根據動能定理—m2g-2R=-m2v；

解得尺=0.15m

12.如圖所示，在豎直平面內有一上下邊界均水平，垂直線圈所在平面的勻強磁場，磁感應強度

8=2.5T,方向如圖所示。正方形單匝金屬線圈在磁場上方/?=0.8m處，質量機=0.4kg,邊長

￡=0.4m,總阻值R=1Q。現將線框由靜止釋放，下落過程中線圈。6邊始終與磁場邊界平行，邊剛

要離開磁場時線圈的加速度a=0,已知磁場高〃=0.8m,不計空氣阻力，重力加速度g取：lOm/s?。

XXXXXXXXX

XXXXXXXXX

x^xxxxxxxx

XXXXXXXXX

(1)試判斷線圈在進入磁場的過程中感應電流方向是順時針還是逆時針？

(2)求cd邊剛進入磁場瞬間，c、d兩點的電壓U；

(3)求線圈從進入磁場開始到線圈穿出磁場的整個過程中安培力對線圈做的總功少。

【答案】(1)逆時針(2)U=3V

(3)少=